上海交大附屬中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題含解析

上海交大附屬中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末統(tǒng)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示電容器充電結(jié)束后保持與電源連接，電源電壓恒定，帶電油滴在極板間靜止，若將板間距變大些，則()A.電容器的電容增大B.電容器所帶的電荷量減少C.兩極板間的場(chǎng)強(qiáng)不變D.油滴將向上運(yùn)動(dòng)2、如圖所示，高速運(yùn)動(dòng)的α粒子被位于O點(diǎn)的重原子核散射，實(shí)線表示α粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點(diǎn)，N點(diǎn)離核最近，Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核更遠(yuǎn)，則A.α粒子在M點(diǎn)的速率比在Q點(diǎn)的大B.三點(diǎn)中，α粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能最大C.在重核產(chǎn)生的電場(chǎng)中，M點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的低D.α粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)它做的總功為負(fù)功3、關(guān)于電場(chǎng)和磁場(chǎng)，以下說法正確的是（）A.電場(chǎng)、磁場(chǎng)、電場(chǎng)線、磁感線都是為了研究問題方便而假想的B.電場(chǎng)的電場(chǎng)線和磁場(chǎng)的磁感線都是閉合的曲線C.無論是運(yùn)動(dòng)電荷還是靜止的電荷在電場(chǎng)中都會(huì)受電場(chǎng)力的作用D.電荷在磁場(chǎng)中某位置受到的磁場(chǎng)力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零4、如圖，單匝矩形線框的面積為S，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞OO＇軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度大小為ω，從線圈平面與磁場(chǎng)平行的位置開始計(jì)時(shí)．則A.開始計(jì)時(shí)時(shí)刻穿過線圈的磁通量最大B.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式為C.線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值為BSωD.線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的有效值為5、兩只阻值相等的電阻分別通以正弦交流電與方形交流電，它們電流的最大值相等，如圖所示，則流過兩只電阻的電流之比是()A.1∶4 B.1∶2C.1∶ D.1∶16、在水平地面上方有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下、勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平向里?，F(xiàn)將一個(gè)帶正電的金屬小球從點(diǎn)以初速度水平拋出，小球著地時(shí)的速度為，在空中的飛行時(shí)間為。若將磁場(chǎng)撤除，其他條件均不變，那么小球著地時(shí)的速度為，在空中飛行的時(shí)間為，小球所受空氣阻力可忽略不計(jì)。則關(guān)于和和的大小比較，以下判斷正確的是（）A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示直線是電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，A、B是該線上的兩點(diǎn)。一負(fù)電荷由A點(diǎn)以一定初速度沿電場(chǎng)線從A運(yùn)動(dòng)到B，運(yùn)動(dòng)過程中的速度—時(shí)間圖線如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)B.A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)相比一定是φA＜φBC.A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相比一定是EA＜EBD.該電荷在兩點(diǎn)的電勢(shì)能大小相比一定是EpA＜EpB8、嫦娥四號(hào)月球探測(cè)器于2018年12月12日成功到達(dá)預(yù)定環(huán)月軌道，并于2019年1月3日成功在月球背面預(yù)定著陸區(qū)實(shí)現(xiàn)軟著陸，第一次為人類撥開了古老月背的神秘面紗。嫦娥四號(hào)月球探測(cè)器質(zhì)量為m，其環(huán)月近地飛行可視為圓周運(yùn)動(dòng)已知月球質(zhì)量為M，月球半徑為R，月球表面重力加速度為g0，引力常量為G，不考慮月球自轉(zhuǎn)的影響，則嫦娥四號(hào)月球探測(cè)器環(huán)月飛行時(shí)的（）A.角速度ω＝ B.線速度v＝C.運(yùn)行周期T＝2π D.向心加速度an＝9、如圖甲所示，質(zhì)量的“”形金屬細(xì)框豎直放置在兩水銀槽中，“”形框的水平細(xì)桿CD長L=0.20m，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=0.1T，方向水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一匝數(shù)n=300，面積S=0.01m2的線圈通過開關(guān)S與兩水銀槽相連，線圈處于與線圈平面垂直，沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B2隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示，t=0.22s時(shí)閉合開關(guān)S，細(xì)框瞬間跳起（細(xì)框跳起瞬間安培力遠(yuǎn)大于重力），跳起的最大高度h=0.20m，不計(jì)空氣阻力，重力加速度，下列說法正確的是A.0~0.10s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為3VB.開關(guān)S閉合瞬間，CD中的電流方向由C到DC.磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向豎直向下D.開關(guān)S閉合瞬間，通過細(xì)桿CD的電荷量為0.03C10、如圖，PQ為一段固定于水平面上的光滑圓弧導(dǎo)軌，圓弧的圓心為O，半徑為L，空間存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，OQ間連有定值電阻R，金屬桿OA的A端位于PQ上，OA與導(dǎo)軌接觸良好，桿OA及導(dǎo)軌電阻均不計(jì)。現(xiàn)使OA桿以恒定的角速度繞圓心O順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，在其轉(zhuǎn)過角度的過程()A.流過電阻R的電流方向?yàn)锽.AO兩點(diǎn)間電勢(shì)差為C.流過OA的電荷量為D.要維持OA以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)阻值約200Ω左右的待測(cè)電阻Rx（1）甲同學(xué)用伏安法測(cè)定待測(cè)電阻Rx的阻值，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材：電池組E：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)電流表A1：量程0~15mA，內(nèi)阻約為100Ω電流表A2：量程0~600μA，內(nèi)阻為1000Ω滑動(dòng)變阻器R1：阻值范圍0~20Ω，額定電流2A電阻箱R2，阻值范圍0~9999Ω，額定電流1A電鍵S、導(dǎo)線若干①為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，該同學(xué)將電流表A2與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱阻值調(diào)到__________Ω時(shí)，將電流表A2改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表。②為了盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量Rx的阻值，在方框中畫完整測(cè)量Rx阻值的電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號(hào)__________________。③調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是___mA，電流表A2的示數(shù)是____μA，則待測(cè)電阻Rx的阻值是____Ω。（2）乙同學(xué)則直接用多用電表測(cè)Rx的阻值，多用電表電阻擋有3種倍率，分別是×100、×10、×1．該同學(xué)選擇×100倍率，用正確的操作方法測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過角度太大．為了準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)你從以下給出的操作步驟中，選擇必要的步驟，并排出合理順序：______．（填步驟前的字母）A．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至歐姆擋“×l”B．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至歐姆擋“×10”C．旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至“OFF”，并拔出兩表筆D．將兩表筆分別連接到Rx的兩端，讀出阻值后，斷開兩表筆E．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針對(duì)準(zhǔn)刻度盤上歐姆擋的零刻度，斷開兩表筆按正確步驟測(cè)量時(shí)，指針指在圖示位置，Rx的測(cè)量值為______Ω12．（12分）在利用碰撞做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，圖中斜槽部分與水平槽部分平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實(shí)驗(yàn)．圖中設(shè)計(jì)有一個(gè)支柱（通過調(diào)整，可使兩球的球心在同一水平線上，上面的小球被碰離開后，支柱立即倒下）．先不放被碰小球，讓入射小球從擋板C處由靜止?jié)L下，重復(fù)若干次；然后把被碰小球放到支柱上，有重復(fù)若干次．在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)和各次實(shí)驗(yàn)時(shí)小球落點(diǎn)的平均位置，從左至右依次為O、M、P、N點(diǎn)，兩小球直徑相等，并用刻度尺測(cè)出OM、OP、ON的長度．入射小球和被碰小球的質(zhì)量分別為m1、m2．則（1）入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2_____m1（填“>”或“<”）（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑d=___________mm（3）當(dāng)所測(cè)的物理量滿足表達(dá)式_____________________（用所測(cè)物理量的字母表示）時(shí)，即說明兩球的碰撞遵守動(dòng)量守恒定律（4）某次實(shí)驗(yàn)得到入射小球的落點(diǎn)M、P到O距離如圖丙所示，假設(shè)兩球的碰撞是彈性正碰，則被碰小球的落點(diǎn)N到O的距離ON=_________cm．（保留2位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量分別為m1=m2=1.0kg的木板和足夠高的光滑凹槽靜止放置在光滑水平面上，木板和光滑凹槽接觸但不粘連，凹槽左端與木板等高.現(xiàn)有一質(zhì)量m=2.0kg的物塊以水平初速度v0=5.0m/s從木板左端滑上木板，物塊離開木板時(shí)木板速度大小為1.0m/s，物塊以某一速度滑上凹槽.已知物塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g取10m/s2.求：（1）木板的長度；（2）物塊滑上凹槽的最大高度14．（16分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間距L=0.5m，導(dǎo)軌與水平面成θ=37°．導(dǎo)軌上端連接有E=6V、r=1Ω的電源和滑動(dòng)變阻器．長度也為L的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R0=1Ω，整個(gè)裝置處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒一直靜止在導(dǎo)軌上．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值R=1Ω時(shí)金屬棒剛好與導(dǎo)軌間無摩擦力．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）此時(shí)電路中電流I；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為4Ω時(shí)金屬棒受到的摩擦力大小15．（12分）如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E=4V/m，方向水平向左，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，方向垂直紙面向里。質(zhì)量m=1kg、q=2.5C的帶正電小物體A，從M點(diǎn)沿粗糙、絕緣的豎直墻壁無初速下滑，它滑行h=0.8m到N點(diǎn)時(shí)脫離墻壁做曲線運(yùn)動(dòng)，在通過P點(diǎn)瞬時(shí)，此時(shí)其速度第一次與水平方向成=45°角，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2。求：（1）A沿墻壁下滑時(shí)，克服摩擦力做的功Wf；（2）P點(diǎn)與M點(diǎn)的水平距離s。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)電容的決定式：可知將板間距變大些，電容減小，故A錯(cuò)誤；根據(jù)電容定義式：可知極板間電壓不變，電容器所帶的電荷量減少，故B正確；電容器一直與電源相連，則極板兩端的電壓不變；當(dāng)板間距變大時(shí)，由U=Ed可得，兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，則電荷受到的電場(chǎng)力減小，故油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤．所以B正確，ACD錯(cuò)誤2、B【解析】解法一（從等勢(shì)線分布入手）：重核帶正電荷，在其周圍形成的電場(chǎng)中，離重核越近電勢(shì)越高，所以φN＞φM＞φQ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電勢(shì)越高，正電荷的電勢(shì)能越大，所以帶正電的α粒子在三點(diǎn)處的電勢(shì)能大小關(guān)系是EN＞EM＞EQ，即N點(diǎn)的電勢(shì)能最大，Q點(diǎn)的電勢(shì)能最小，B正確；α粒子僅受電場(chǎng)力的作用，其電勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化，但電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變，根據(jù)EN＞EM＞EQ可知，EkN＜EkM＜EkQ，α粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能比在Q點(diǎn)的小，所以α粒子在M點(diǎn)的速率比在Q點(diǎn)的小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由EM＞EQ可知，α粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力對(duì)它做的總功肯定為正功（電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大），選項(xiàng)D錯(cuò)誤解法二（從電場(chǎng)力做功入手）α粒子受到的電場(chǎng)力始終是斥力，在α粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，再從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，已知Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核更遠(yuǎn)可知，正功大于負(fù)功，所以整個(gè)過程，電場(chǎng)力對(duì)它做的總功為正功，D錯(cuò)誤；已知從M運(yùn)動(dòng)到N，電場(chǎng)力做的總功為正功，可知α粒子的動(dòng)能變大，速度變大，所以α粒子在M點(diǎn)的速率比在Q點(diǎn)的小，A錯(cuò)誤；距離帶正電荷的重核越近，電勢(shì)越高，α粒子的電勢(shì)能越大，結(jié)合三點(diǎn)的位置關(guān)系可知，電勢(shì)關(guān)系φN＞φM＞φQ，電勢(shì)能關(guān)系EN＞EM＞EQ，B正確，C錯(cuò)誤3、C【解析】A．電場(chǎng)線和磁感線都是為了形象的描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)而引入的曲線，是假想的，并不是實(shí)際存在的線，但電場(chǎng)和磁場(chǎng)是實(shí)際的存在，故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線是一條不閉合曲線，有起點(diǎn)和終點(diǎn)，從正電荷出發(fā)負(fù)電荷終止；磁感線是閉合曲線，在磁鐵的外部，從N極出發(fā)進(jìn)入S極，磁鐵內(nèi)部從S極指向N極，故B錯(cuò)誤。C．電場(chǎng)的基本性質(zhì)是對(duì)放入其中的電荷有力的作用，無論是運(yùn)動(dòng)電荷還是靜止的電荷在電場(chǎng)中都會(huì)受電場(chǎng)力的作用，故C正確。D．靜止電荷在磁場(chǎng)中不受磁場(chǎng)力，但該處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故D錯(cuò)誤。故選：C。4、C【解析】A項(xiàng)：由從線圈平面與磁場(chǎng)平行的位置開始計(jì)時(shí)可知，穿過線圈的磁通量為0，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式為，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的最大值為，故C正確；D項(xiàng)：線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的有效值為，故D錯(cuò)誤故選C5、C【解析】正弦式交變電流的有效值：方形交變電流有效值：解得：，則流過兩只電阻的電流之比：故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C6、C【解析】因?yàn)槁鍌惼澚?duì)小球永遠(yuǎn)不做功，則根據(jù)動(dòng)能定理，磁場(chǎng)存在與否，重力和電場(chǎng)力對(duì)小球做功相同，由得小球著地時(shí)的速率都應(yīng)該是相等的，即存在磁場(chǎng)時(shí)，小球就要受到向右上方的洛倫茲力，有豎直向上的分力，由得小球在豎直方向的加速度小于沒有磁場(chǎng)時(shí)的加速度，在空中飛行的時(shí)間要更長些，即故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】AC．由于速度—時(shí)間圖線的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，由乙圖可知，電荷運(yùn)動(dòng)的加速度越來越大，也就是電場(chǎng)強(qiáng)度越來越大，即EB>EA故A錯(cuò)誤，C正確；B．由于從A向B運(yùn)動(dòng)時(shí)，做減速運(yùn)動(dòng)，受力的方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，因此負(fù)電荷受電場(chǎng)力方向從B指向A，則電場(chǎng)線方向相反，即由A指向B，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來越低，因此φB＜φA故B錯(cuò)誤；D．從A向B運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，因此EpA＜EpB故D正確故選CD?！军c(diǎn)睛】在電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電荷在該點(diǎn)受到的電場(chǎng)力越大，也就是帶電體的加速度越大；當(dāng)電場(chǎng)力做正功時(shí)，電勢(shì)能減少，而當(dāng)電場(chǎng)力做負(fù)功時(shí)，電勢(shì)能增加，注意電勢(shì)能與電勢(shì)不同，電勢(shì)高的地方電勢(shì)能不一定大，而電勢(shì)低的地方電勢(shì)能不一定小，電勢(shì)能不僅與電場(chǎng)有關(guān)還與帶電體有關(guān)。8、BC【解析】AB.對(duì)嫦娥四號(hào)，由萬有引力提供向心力可得故嫦娥四號(hào)的角速度和線速度為由可得故A錯(cuò)誤，B正確；C.由可得T＝2π故C正確；D.由可得故D錯(cuò)誤；故選BC。9、BD【解析】A.由圖像可知內(nèi)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小，A錯(cuò)誤；BC.由題意可知細(xì)桿所受安培力方向豎直向上，由左手定則可知電流方向?yàn)椋砂才喽▌t可知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向豎直向上，由圖示圖像可知，在內(nèi)穿過線圈的磁通量減少，由楞次定律可得磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，故B正確C錯(cuò)誤；D.對(duì)細(xì)框由動(dòng)量定理得，細(xì)框豎直向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，電荷量，解得，D正確10、ACD【解析】A．由右手定則可知，回路中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，所以流過電阻R的電流方向?yàn)?，故A正確；B．OA產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為桿OA及導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，所以AO兩點(diǎn)間電勢(shì)差為，故B錯(cuò)誤；C．在其轉(zhuǎn)過角度的過程，面積變化為所以故C正確；D．流過OA的電流由功能關(guān)系可知，要維持OA以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為故D正確。故選ACD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).4000Ω(2).(3).8.0mA(4).300μA(5).187.5Ω(6).B、E、D、C(7).220Ω【解析】（1）①[1]為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，可以將電流表A2電阻箱串聯(lián)組成電壓表；改裝后電壓表量程是3V，則電阻箱阻值②[2]因改裝后的電壓表內(nèi)阻已知，則采用電流表A1外接，電路如圖：③[3][4][5]由圖可知，電流表A1的示數(shù)是8mA，電流表A2的示數(shù)是300μA，則待測(cè)電阻Rx的阻值是。（2）①[6]該同學(xué)選擇×100倍率，用正確的操作方法測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針轉(zhuǎn)過角度太大，說明倍率檔選擇過大，應(yīng)該選擇×10倍率檔，然后調(diào)零再進(jìn)行測(cè)量；即操作順序是：BEDC；②[7]Rx測(cè)量值為22×10Ω=220Ω。12、①.<②.12.803（12.802-12.804）③.m1OP=m1OM+m2（ON-d）④.36.28【解析】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量要大于被碰小球的質(zhì)量；（2）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．（3）根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后根據(jù)表達(dá)式分析答題；（4）根據(jù)動(dòng)量守恒定律以及機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立即可求得速度關(guān)系，從而求出OM、ON以及OP之間的關(guān)系【詳解】（1）為防止入射球反彈，入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2應(yīng)該滿足m2<m1；（2）螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為12.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×30.3mm=0.303mm，所以最終讀數(shù)為：d=12.5mm+0.303mm=12.803mm（3）由動(dòng)量守恒定律可知，如果動(dòng)量守恒，則應(yīng)保證：m1v=m1v1+m2v2；因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，（ON-d）是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式m1?OP=m1?OM+m2?（ON-d），說明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律；（4）設(shè)入射小球質(zhì)量為m1，被碰小球質(zhì)量為m2．碰撞前入射球速度為v0，碰撞后兩球速度分別為v1、v2．根據(jù)動(dòng)量守恒得和機(jī)械守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2m1v02=m1v12+m2v22聯(lián)立解得：v0+v1=v2三球平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，則得到：OP+OM=ON′=ON-d故：ON=OP+OM+d=25cm+10cm+1.28cm=36.28cm【點(diǎn)睛】本題主要考查了“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)的原理及要求以及數(shù)據(jù)處理等基礎(chǔ)知識(shí)，掌握實(shí)驗(yàn)原理、應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式即可正確解題．注意小球2平拋的起點(diǎn)在水平面上的投影在O點(diǎn)后相距d處四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.8m（2）0.15m【解析】（1）物塊在木板上滑行的過程中，設(shè)水平向右為正方向，對(duì)木板和物塊組成的系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律mv0=mv1+（M1+M2）v2，由能量守恒定律的.聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得v1=4m/s，L=0.8m.（2）物塊在凹槽上滑行的過程中，物塊和凹槽組成的系統(tǒng)水平方向不受力，因