甘肅省金昌市2025屆物理高二上期末調(diào)研試題含解析

甘肅省金昌市2025屆物理高二上期末調(diào)研試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，由兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器的極板N與靜電計相接，極板M接地．用靜電計測量平行板電容器兩極板間的電勢差U．在兩板相距一定距離d時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電量Q不變，說法中正確的是（）A.將M板向下平移，靜電計指針張角變小B.將M板向上平移，靜電計指針張角變大C.將M板沿水平向左方向遠離N板，靜電計指針張角變小D.在M、N之間插入云母板（介電常數(shù)大于1），靜電計指針張角變大2、以下說法正確的是A.由公式可知，電容器帶電量Q與兩極板間電勢差U成正比B.由可知，電場中某點的電場強度E與F成正比C.由公式可知，電場中某點的電勢與q成反比D.由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距離越大，則兩點間的電勢差也一定越大3、兩個電壓表V1和V2是由完全相同的兩個小量程電流表改裝成的，V1的量程是5V，V2的量程是15V，為了測量15～20V的電壓，我們把兩個電壓表串聯(lián)起來使用，以下的敘述正確的是A.V1和V2的示數(shù)相等B.V1和V2的指針偏轉(zhuǎn)角度相同C.V1和V2的示數(shù)不相等，指針偏轉(zhuǎn)角度也不相同D.V1和V2的示數(shù)之比等于兩個電壓表的內(nèi)阻之比的倒數(shù)4、如圖所示，一個箱子在與水平方向成a角的恒力F作用下，由靜止開始，沿水平面向右運動了一段距離x，所用時間為t，在此過程中，恒力F對箱子做功的平均功率為A. B.C. D.5、從同一高度的平臺上，拋出三個完全相同的小球，甲球豎直上拋，乙球豎直下拋，丙球平拋，三球落地時的速率相同，若不計空氣阻力，則（）A.拋出時三球動量不都相同，甲、乙動量相同，并均小于丙的動量B.落地時三球的動量相同C.從拋出到落地過程，三球受到的沖量均不相同D.從拋出到落地過程，三球受到的沖量均相同6、如圖為描述某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個點，其電場強度大小分別為，電勢分別為。下列大小關(guān)系正確的是A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、回旋加速器的原理如圖所示，它由兩個銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說法正確的是()A.離子從電場中獲得能量B.離子從磁場中獲得能量C.只增大空隙間的加速電壓可增大離子從回旋加速器中獲得的動能D.只增大D形盒的半徑可增大離子從回旋加速器中獲得的動能8、如圖所示，讓兩長為L的平行金屬板帶上等量異種電荷，板間加垂直紙面向里的勻強磁場，就構(gòu)成了速度選擇器模型，粒子在紙面內(nèi)以垂直電場方向和磁場方向進入模型，只有速度滿足的粒子才能沿直線射出。若某一粒子以速度v進入該模型后，運動軌跡為圖中實線，則關(guān)于該粒子的說法正確的是（）A.粒子射入的速度一定是B.粒子通過速度選擇器的時間C.粒子射出時的速度可能大于射入速度D.若粒子以從右側(cè)進入一定不能沿直線從左側(cè)離開9、在真空中，電量為q1的點電荷產(chǎn)生的電場中有一個點P，P點與q1的距離為r，把一個電量為q2的檢驗電荷放在P點，它受的靜電力為F，則q1在P點產(chǎn)生的電場的電場強度的大小等于（）A. B.C. D.10、如圖所示，a、b、c為真空中三個帶電小球，b球帶電量為+Q，用絕緣支架固定，a、c兩小球用絕緣細線懸掛，處于平衡狀態(tài)時三小球球心等高，且a、b和b、c間距離相等，懸掛a、c小球的細線豎直，則（）A.a、c兩小球帶同種電荷 B.a、c兩小球帶異種電荷C.a小球帶電量為+4Q D.c小球帶電量為﹣4Q三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測量一個定值電阻的阻值，備用器材如下：待測電阻Rx電流表A1(量程100μA，內(nèi)阻約2kΩ)電流表A2(量程500μA，內(nèi)阻約300Ω)電壓表V1(量程15V，內(nèi)阻約150kΩ)電壓表V2(量程50V，內(nèi)阻約500kΩ)電源E(電動勢15V)滑動變阻器R(最大阻值1kΩ)多用電表，開關(guān)S，導線若干(1)先用多用電表歐姆擋對Rx進行粗測．若選擇×100Ω擋用正確的測量方法進行測量，發(fā)現(xiàn)指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，為較準確測量應(yīng)選用________擋(×10，×1k)。重新選擋測量，刻度盤上的指針位置如上圖所示，測量結(jié)果是________Ω。(2)現(xiàn)用伏安法測量Rx阻值．為了盡量減小實驗誤差，要求測多組數(shù)據(jù)。①電流表應(yīng)選________，電壓表應(yīng)選________②畫出實驗電路圖_____③根據(jù)實驗中測得的多組數(shù)據(jù)作出的U－I圖線如下圖所示，根據(jù)圖線求得待測電阻的阻值為________Ω12．（12分）有以下可供選用的器材及導線若干條，要求使用個數(shù)最少的儀器盡可能精確地測量一個電流表的滿偏電流A．被測電流表A1：滿偏電流約700～800，內(nèi)阻約100Ω，刻度均勻、總格數(shù)為N；B．電流表A2：量程0.6A，內(nèi)阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內(nèi)阻3kΩ；D．滑動變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動勢3V、內(nèi)阻1.5Ω；G．開關(guān)一個.（1）選用器材應(yīng)為_____________．（填A(yù)→G字母代號）（2）在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖，并在每個選用儀器旁標上題目所給的字母序號（）（3）測量過程中測出多組數(shù)據(jù)，其中一組數(shù)據(jù)中待測電流表A1的指針偏轉(zhuǎn)了n格，可算出滿偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號代表的物理量是_____________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一根阻值12Ω的帶絕緣皮金屬導線繞成如圖甲形狀的閉合回路，大正方形邊長0.4m，小正方形邊長0.2m，共10匝．放在粗糙的水平桌面上，兩正方形對角線間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，整個過程中線框始終未動．求閉合回路（1）產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；（2）電功率；（3）第1s末受到的摩擦力14．（16分）已知銅的摩爾質(zhì)量為M，銅的密度為ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，銅原子的質(zhì)量是_____________，銅原子的體積是______________，銅原子的直徑是______________15．（12分）如圖所示，空間內(nèi)有方向垂直紙面(豎直面)向里的有界勻強磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，磁感應(yīng)強度大小未知．區(qū)域Ⅰ內(nèi)有豎直向上的勻強電場，區(qū)域Ⅱ內(nèi)有水平向右的勻強電場，兩區(qū)域內(nèi)的電場強度大小相等．現(xiàn)有一質(zhì)量m＝0.01kg、電荷量q＝0.01C的帶正電滑塊從區(qū)域Ⅰ左側(cè)與邊界MN相距L＝2m的A點以v0＝5m/s的初速度沿粗糙、絕緣的水平面向右運動，進入?yún)^(qū)域Ⅰ后，滑塊立即在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，在區(qū)域Ⅰ內(nèi)運動一段時間后離開磁場落回A點．已知滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.225，重力加速度g＝10m/s2.(1)求勻強電場的電場強度大小E和區(qū)域Ⅰ中磁場的磁感應(yīng)強度大小B1；(2)求滑塊從A點出發(fā)到再次落回A點所經(jīng)歷的時間t；(3)若滑塊在A點以v0′＝9m/s的初速度沿水平面向右運動，當滑塊進入?yún)^(qū)域Ⅱ后恰好能做勻速直線運動，求有界磁場區(qū)域Ⅰ的寬度d及區(qū)域Ⅱ內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度大小B2.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據(jù)分析電壓U的變化【詳解】A項：將M板向下平移，正對面積S減小，根據(jù)，電容減?。籕一定，根據(jù)，電壓增加；故靜電計指針張角變大；故A錯誤；B項：將M板向上平移正對面積S減小，根據(jù)，電容減?。籕一定，根據(jù)電壓增加；故靜電計指針張角變大；故B正確；C項：將M板沿水平向左方向遠離N板，距離d增大，根據(jù)電容減??；Q一定，根據(jù)電壓增加；故靜電計指針張角變大；故C錯誤；D項：在M、N之間插入云母板（介電常數(shù)大于1），根據(jù)電容變大；Q一定，根據(jù)，電壓減?。还熟o電計指針張角變小，故D錯誤故選B【點睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關(guān)于電容的兩個公式2、A【解析】根據(jù)電容的決定式和定義式，可得電容C與電容器帶電量Q和兩極板間電勢差U無關(guān)．電場強度由電場本身決定，與檢驗電荷無關(guān)．電場中某點的電勢與檢驗電荷無關(guān)．公式中d是兩點a、b間沿電場方向的距離【詳解】電容C與電容器帶電量Q和兩極板間電勢差U無關(guān)，由電容器本身決定，由公式可知，C一定，電容器帶電量Q與兩極板間電勢差U成正比，故A正確；是電場強度的定義式，采用比值法定義，E與F、q無關(guān)，由電場本身決定，故B錯誤；是電勢的定義式，采用比值法定義，與、q無關(guān)，由電場本身決定，故C錯誤；由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間沿電場方向的距離越大，兩點間的電勢差才一定越大，故D錯誤．所以A正確，BCD錯誤【點睛】解決本題時要知道、、都是采用比值法定義的，要掌握比值法定義的共性來理解C、E、的物理意義，不能單純從數(shù)學角度來理解3、B【解析】兩表的示數(shù)與內(nèi)阻成正比，而兩表量程不同，內(nèi)阻不同，則示數(shù)不同．故A錯誤．因是串聯(lián)關(guān)系，電流大小一樣，則指針偏轉(zhuǎn)角度相同，故B正確．兩表指針偏轉(zhuǎn)角度相同，示數(shù)不等．故C錯誤．因是串聯(lián)關(guān)系，分壓之比為內(nèi)阻之比，即兩表示數(shù)之比等于兩個電壓表的內(nèi)阻之比．故D錯誤．故選B【點睛】考查的是電壓表的改裝原理，電壓表的內(nèi)部電路為串聯(lián)關(guān)系，相同的電流表電流相同，偏轉(zhuǎn)角度一樣，而對應(yīng)刻度由量程決定4、A【解析】在此過程中，恒力F對箱子做的功W=Fxcosα，根據(jù)平均功率定義，故A正確，BCD錯誤故選：A5、C【解析】A．根據(jù)動能定理知可知三球落地時速度的大小相等，則三個小球拋出時的速度大小一定相等；故拋出時的動量大小相等；故A錯誤；B．雖然落地時，三球的速度相同，動量的大小相等，但方向不同；故動量不相同；故B錯誤；CD．三個小球以相同的速率拋出，可知豎直上拋運動的物體運動時間大于平拋運動的時間，平拋運動的時間大于豎直下拋運動的時間，所以上拋運動的時間最長，根據(jù)動量定理知，mgt=△p，故三個小球受到的沖量都不相同；故C正確，D錯誤；故選C。6、C【解析】AB．電場線疏密判斷電場強度的大小，電場線越密電場強度越大，則；故AB均錯誤。CD．順著電場線，電勢逐漸降低，則；故C錯誤，D正確。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．離子每次通過D形盒D1、D2間的空隙時，電場力做正功，動能增加，所以離子從電場中獲得能量。故A正確；B．離子在磁場中受到的洛倫茲力不做功，不能改變離子的動能，所以離子不能從磁場中獲得能量。故B錯誤；CD．設(shè)D形盒的半徑為R，當離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，則由得則最大動能可見，最大動能與加速電壓無關(guān)，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動能，故C錯誤，D正確。故選AD。8、CD【解析】AC.假設(shè)粒子帶正電，則電場力就向下，則由左手定則知所受洛倫茲力方向向上，由受力分析結(jié)合運動軌跡知則運動過程洛倫茲力不做功，電場力做負功，則粒子速度減少，粒子射出時的速度小于射入時的速度；若粒子帶負電，電場力向上，則由左手定則知所受洛倫茲力方向向下，由受力分析結(jié)合運動軌跡知，則運動過程洛倫茲力不做功，電場力做正功，則粒子速度增加，粒子射出時的速度大于射入時的速度，故C正確A錯誤；B.若粒子在正電，則在運動過程中洛倫茲力在水平方向有向左的分力，粒子在水平方向做減速運動，運動時間大于，若粒子帶負電，粒子受到的洛倫茲力在水平向右有分力作用，粒子在水平方向做加速運動運動時間小于，故B錯誤；D.若粒子以從右側(cè)進入，則不論粒子帶正電還是負電，粒子受到電場力和洛倫茲力都同向，不能滿足二力平衡，故粒子不可能做直線運動，故D正確。故選CD。9、BC【解析】AB．根據(jù)場強定義式得故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)點電荷周圍場強公式得故C正確，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】AB、如果a、c兩小球帶異種電荷，根據(jù)力平衡條件，必然有一個小球在水平方向上不能達到平衡，細線不能夠保持豎直狀態(tài)，又因為a、b和b、c間距離相等且b球帶電量為+Q，所以a、c兩小球必須帶等量的負電荷，故A正確，B錯誤；BC、對C球，由平衡條件可知：，解得：Qa＝4Q，即a帶電量為﹣4Q，故C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.×1k②.30k③.④.⑤.⑥.31k【解析】（1）[1][2]指針偏角小，說明待測電阻的阻值較大，應(yīng)換用“×1k”擋，并重新調(diào)零后測量，測量時手不能接觸電阻；歐姆表的讀數(shù)為：（2）①[3][4]電壓表和電流表的選擇要求指針偏轉(zhuǎn)角度大些，在其滿量程的三分之二左右偏轉(zhuǎn)最好，由于所選電源電動勢為15V，因此電壓表選擇，根據(jù)歐姆表的粗測可知，該電阻大小30kΩ，因此回路中的最大電流為：故電流表選擇。②[5]要求多測數(shù)據(jù)，應(yīng)采用滑動變阻器的分壓接法，由于待測電阻較大，因此電流表采用內(nèi)接法，故具體電路圖如下所示：③[6]根據(jù)該電阻的U-I圖線可以求出待測電阻為：【點睛】明確各種測量電阻方法的原理以及誤差來源，熟練掌握安培表的內(nèi)外接法以及滑動變阻器的分壓和限流接法。12、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動方便，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器，以及電壓表V，題目中的電流表量程0.6安，指針偏角過小誤差較大，舍去；故選擇的器材有：ACDFG；（2）[2]．電壓表量程3V，內(nèi)阻3kΩ，滿偏電流為，與待測電流表類似，可以當作電流表使用；與待測電流表串聯(lián)即可；因為要求精確，故采用滑動變阻器分壓式接法，電壓可以連續(xù)調(diào)節(jié)，電路圖如圖所示：（3）[3][4]．待測電流表總格數(shù)為N，電流等于電壓表電流，為：；電流表與電壓表串聯(lián)，電流相等，故：n：N=I：Ig故其中U為電壓表讀數(shù)，RV為電壓表內(nèi)阻；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1.2V(2)0.12W(3)1.70N【解析】（1）據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有為得（2）電功率為（3）線框中的電流為在磁場中的兩條邊受到的力垂直于線框，大小相等，互成90°，每條邊受到的力為：安培力合力為摩擦力為【點睛】本題考查法拉第電磁感應(yīng)、電功率、安培力公式等知識點，關(guān)鍵是要注意圖中有效面積不是兩個在磁場中的三角形面積之和，而是面積之差，因為感應(yīng)電動勢方向相反14、①.②.③.【解析】由題意可知考查物質(zhì)的量的相關(guān)計算，根據(jù)固體分子結(jié)構(gòu)特點借助阿伏加德羅常數(shù)計算可得【詳解】[1]設(shè)一個銅原子的質(zhì)量為m，則有[2]銅常溫下是固體，我們可以認為銅原子是一個緊挨一個排列的，所以有[3]設(shè)直徑為d由可得【點睛】阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀量和微觀量的橋梁．液體、固體分子可以認為是一個挨一個緊密排列在一起的，其總密度等于單個分子的密度，氣體分子問距較大，氣體的平均密度小于單個分子的密度15、(1)10V/m6.4T(2)()s(3)mT【解析】（1）小球進入復合場區(qū)域后，小球立即在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，說明重力與電