2025屆福建省龍巖市長汀縣長汀、連城一中等六校物理高二第一學期期中經典模擬試題含解析

2025屆福建省龍巖市長汀縣長汀、連城一中等六校物理高二第一學期期中經典模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電場強度，下列說法正確的是()A．以點電荷Q為球心，r為半徑的球面上，各點的場強相同B．正電荷周圍的電場強度一定比負電荷周圍的電場強度大C．在電場中某點放入試探電荷q，該點的電場強度為E，取走q后，該點的場強不變D．電荷所受到的電場力很大，即該點的電場強度很大2、在光滑的水平面上有a、b兩球在t=2s時發(fā)生正碰，其質量分別為ma、mb，兩球在碰撞前后的v-t圖象如圖所示．a、b兩球質量之比是（）A．ma：mb=1：2B．ma：mb=2：5C．ma：mb=2：1D．ma：mb=5：23、如圖所示，一金屬圓環(huán)水平固定放置，現(xiàn)將一豎直的條形磁鐵，在圓環(huán)上方沿圓環(huán)軸線無初速度釋放，在條形磁鐵穿過圓環(huán)的過程中，條形磁鐵與圓環(huán)A．始終相互吸引B．始終相互排斥C．先相互吸引，后相互排斥D．先相互排斥，后相互吸引4、如圖甲所示電路，定值電阻R0與滑動變阻器RP串聯(lián)在電源兩端，電源內阻忽略不計，所有電表均為理想電表，改變滑動變阻器滑片P的位置，讀取電壓表V1、V2以及電流表A的多組數(shù)據(jù)，做出如圖乙所示U-I圖像，其中圖線①表示滑動變阻器RP兩端電壓隨干路電流的變化關系：圖線②表示定值電阻R0兩端電壓隨干路電流的變化關系.根據(jù)圖上的已知信息，下列說法中正確的是A．定值電阻B．圖像中C．當時，定值電阻R0上消耗的電功率最大D．在電流表示數(shù)減小的過程中，電源的輸出效率不變5、一物體做勻速圓周運動，則下列物理量保持不變的是（）A．線速度 B．向心加速度 C．合力 D．角速度6、關于電場，下列說法正確的是：（）A．由EF/q可知，若q減半，則該處電場強度變?yōu)樵瓉淼?倍B．電場中某一點的電場強度的大小和方向與試探電荷無關C．電場強度的單位是庫/牛D．電場中任何一點的電場強度的方向可以任意確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、湯姆孫利用真空玻璃管測得了電子的電量與質量的比值，叫電子的比荷。大致測量方法是：①在同一區(qū)域中加上相互垂直的勻強電場和勻強磁場，控制場強和磁感應強度，讓加速后的電子從O’位置進入該區(qū)域后做直線運動，打到熒光屏上O點；②撤去電場，電子束將打在熒光屏上P點。簡化情形如圖所示，為得到比荷A．需要直接測量電子進入O’位置時的速度vB．需要直接測出OP的距離，并根據(jù)儀器參數(shù)得到OO’的距離C．需要記錄勻強電場的場強和勻強磁場的磁感應強度D．若撤去電場后玻璃管中漏入少量空氣，電子運動會受到一定阻礙，比荷的測量值會偏大8、如圖，為真空中某一點電荷Q產生的電場，a、b分別是其電場中的兩點，其中a點的場強大小為，方向與a、b連線成120°角；b點的場強大小為，方向與a、b連線成150°角，一帶負電的檢驗電荷q在電場中由a運動到b，則A．a、b兩點場強大小B．a、b兩點電勢相比較C．q在a、b兩點電勢能相比較D．q在a、b兩點受到的電場力大小之比9、如圖所示，磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直于光滑金屬導軌平面向外，導軌左右兩端電路所在區(qū)域均無磁場分布。垂直于導軌的導體棒接入電路的長度為L、電阻為R，在外力作用下以速度v0從左向右做勻速直線運動。小燈泡電阻為2R，滑動變阻器總阻值為4R。圖示狀態(tài)滑動觸頭位于a、b的正中間位置，此時位于平行板電容器中的P處的帶電油滴恰好處于靜止狀態(tài)。電路中其余部分電阻均不計，各接觸處都接觸良好。且導軌足夠長，則下列判斷正確的是A．若將滑動變阻器的滑片向b端移動，則小燈泡將變暗B．若將滑動變阻器的滑片向a端移動，則液滴將向上運動C．圖示狀態(tài)下，△t時間內流過小燈泡的電荷量為D．圖示狀態(tài)下，△t時間內滑動變阻器消耗的電能為10、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)。若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是A．液滴將向下加速運動B．M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C．M點的電場強度變小了D．在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組要描繪一只小燈泡L（2.5V0.5A）的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：電源E（，內阻約）電壓表（，內阻約）電壓表（，內阻約）電流表（，內阻約）電流表（，內阻約）滑動變阻器（）滑動變阻器（）（1）電壓表應選擇__________，電流表應選擇__________，滑動變阻器應選擇__________。（2）實驗過程中要求小燈泡兩端電壓從零開始調節(jié)，應選擇下圖中哪一個電路圖進行實驗_________。A.B.C.D.12．（12分）在實驗室測量一個直流電源的電動勢和內電阻（電動勢大約為1.5V，內阻大約為1.5Ω），由于實驗室條件有限，除了導線、開關外，實驗室還能提供如下器材：A．量程為3V的電壓表VB．量程為0.6A的電流表A1C．量程為3A的電流表A2D．阻值為1.0Ω的定值電阻R1E.阻值為100Ω的定值電阻R2F.最大阻值為10Ω的滑動變阻器R3G.最大阻值為100Ω的滑動變阻器R1（1）選擇電壓表、電流表、定值電阻、滑動變阻器等器材，采用圖1所示電路測量電源的電動勢和內電阻．定值電阻應該選擇______（填“D”或者“E”）；電流表應該選擇______（填“B”或者“C”）；滑動變阻器應該選擇______（填“F”或者“G”）．（2）分別以電流表的示數(shù)I和電壓表的示數(shù)U為橫坐標和縱坐標，計算機擬合其U—I圖象（U和I的單位分別為V和A）擬合公式為U=-5.6I+1.1．則電源甲的電動勢E=________V；內阻r=_________Ω（保留兩位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一根長為l的絕緣細線下端連接一質量為m的帶電小球，上端懸掛在固定點O上，整個裝置處于真空室內的勻強電場中，電場方向水平，電場強度大小為E.開始時小球靜止于A點，此時細線與豎直方向的夾角θ=37°，如圖所示.重力加速度為g，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80.（1）求小球的電荷量q.（2）某時刻將勻強電場的方向突然改為豎直向上但電場強度大小保持不變，求小球通過最低點B時細線對小球的拉力大小.14．（16分）如圖所示，豎直平面坐標系xOy的第一象限有垂直xOy面向外的水平勻強磁場和豎直向上的勻強電場，大小分別為B和E；第四象限有垂直xOy面向里的水平勻強電場，大小也為E；第三象限內有一絕緣光滑豎直放置的半徑為R的半圓軌道，軌道最高點與坐標原點O相切，最低點與絕緣光滑水平面相切于N，一質量為m的帶電小球從y軸上(y＞0)的P點沿x軸正方向進入第一象限后做圓周運動，恰好通過坐標原點O，且水平切入半圓軌道并沿軌道內側運動，過N點水平進入第四象限，并在電場中運動(已知重力加速度為g)．(1)判斷小球的帶電性質并求出其所帶電荷量；(2)P點距坐標原點O至少多高；(3)若該小球以滿足(2)中OP最小值的位置和對應速度進入第一象限，通過N點開始計時，經時間t＝2小球距坐標原點O的距離s為多遠？15．（12分）如圖所示，水平放置的平行板電容器的兩極板、，兩板間距離，接上恒定直流電源。上極板的中央有一小孔，在的正上方處的點，有一小油滴自由落下。已知小油滴的電量，質量。當小油滴即將落到下極板時，速度恰好為零。（不計空氣阻力，），求：（1）兩極板間的電勢差；（2）兩極板間的電場強度；（3）若平行板電容器的電容，則該電容器帶電量是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、在以點電荷Q為球心，以r為半徑的球面上各處電場強度大小均相等，但方向不同，故選項A錯誤；B、公式是點電荷的電場強度的計算式，E與Q成正比，與r2成反比，式中Q與r將決定E的大小，與電荷的正負無關，故選項B錯誤；C、E＝是電場強度的定義式，場強的大小是由電場本身決定的，故選項C正確；D、電場中同一電荷所受到的電場力很大，即該點的電場強度很大；不同的電荷，還與電荷量的多少有關，故選項D錯誤．綜上所述本題答案是：C2、B【解析】由圖可以知道b球碰前靜止,設碰撞前,a球的速度為,碰后a球速度為,b球速度為,物體碰撞過程中動量守恒,規(guī)定a的初速度方向為正,由動量守恒定律有:

;結合圖中說給數(shù)據(jù)可求得：

，故B正確；故選B

點睛：a、b碰撞過程中動量守恒,根據(jù)動量守恒定律列出方程,結合圖象信息即可求得兩球質量關系.3、D【解析】

因圓環(huán)從開始下降到達磁鐵中間時，磁通量一直增大；而當從中間向下運動時，磁通量減小時；則由楞次定律可知，當條形磁鐵靠近圓環(huán)時，感應電流阻礙其靠近，是排斥力；當磁鐵穿過圓環(huán)遠離圓環(huán)時，感應電流阻礙其遠離，是吸引力，故先相互排斥，后相互吸引；故D正確，ABC錯誤。4、D【解析】A、根據(jù)①圖線可知，電源電動勢，將電阻看成電源的內阻，當電流為時，內外電阻電壓相等，即當電流為時，此時兩個電壓表示數(shù)相等，即，則根據(jù)歐姆定律可以得到：，故選項A錯誤；B、根據(jù)閉合電路歐姆檔定律：可知，圖線①的斜率等于內電阻，即等于電阻，則，則，故選項B錯誤；C、根據(jù)功率：，則當時，電阻上消耗的電功率最大，故選項C錯誤；D、由于電源的內阻不計，輸出效率為：保持不變，故選項D正確．點睛：本題關鍵：分析電路圖，確認電路組成、連接方式、電表的測量對象，能從圖象上得到相關信息，同時能運用等效思維分析滑動變阻器的最大功率的條件，以及電源的效率問題．5、D【解析】

A．勻速圓周運動速度大小不變，方向時刻變化，即速率不變，速度改變，故A錯誤；B．勻速圓周運動的加速度為向心加速度，其大小不變，方向時刻改變，所以加速度改變，故B錯誤；C．做勻速圓周運動的物體所受合力提供向心力，由公式可知，向心力大小不變，方向時刻改變，故合力變化，故C錯誤；D．角速度，所以勻速圓周運動是角速度的大小和方向都不變的圓周運動，故D正確．6、B【解析】

電場強度是由電場本身決定，與放入的試探電荷無關，場強的方向就是該點所放正電荷受到的電場力的方向，與負電荷所受電場力的方向相反?！驹斀狻侩妶鰪姸仁怯呻妶霰旧頉Q定，與放入的試探電荷無關，所以q減半后，電場強度保持不變，故A錯誤，B正確；電場強度的單位是NC，故C錯誤；電場中某點場強的方向就是該點所放正電荷受到的電場力的方向，與負電荷所受電場力的方向相反，故D錯誤。所以B正確，ACD【點睛】電場強度由電場自身性質決定，與檢驗電荷所受的電場力、檢驗電荷的電荷量無關，不要受比值定義式E=F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

當電子勻速穿過電磁場時，有：Eq=Bqv，解得：v=EB，再根據(jù)電子在磁場中做圓周運動規(guī)律，測出OP以及OO′的距離，即可明確電子轉動半徑，再根據(jù)洛倫茲力充當向心力即可求出比荷，所以不需要測量速度；但需要記錄勻強電場的場強和勻強磁場的磁感應強度以及直接測出OP的距離，并根據(jù)儀器參數(shù)得到OO′的距離，故A錯誤，BC正確；若撤去電場后玻璃管中漏入少量空氣，電子運動會受到一定的阻礙，電子的速度減小，對應的半徑減小，根據(jù)R=mvqB，可知：qm=v8、AC【解析】

A．將兩條電場線反向延長后相交于一點，即為點電荷Q的位置，設a、b兩點到Q的距離分別為ra和rb，由幾何知識得到，rb=ra，根據(jù)公式得到，Ea=3Eb．故A正確；B．因為b點距離正電荷Q遠，所以φa＞φb．故B錯誤；C．由圖可知，負電荷相當于沿著電場線運動，電場力做負功，電勢能增大，故電勢能比較有Epa＜Epb，故C正確；D．q受到的電場力為F=qE，因Ea=3Eb，故Fa：Fb=3：1，故D錯誤．故選AC．【名師點睛】本題點電荷的場強以及電勢能、電勢差以及電勢之間的關系應用，要注意真空中點電荷產生的電場由求解場強的大??；根據(jù)電場線的方向來比較電勢的高低．9、ABD【解析】

A．滑動變阻器的滑片向b端移動，并聯(lián)電路電阻變小，總電阻變小，導致電路電流變大，則導體棒內電壓變大，外電路兩端電壓變小，即燈泡兩端電壓變小，所以燈泡變暗，故A正確。B．滑動變阻器的滑片向a端移動，并聯(lián)電路電阻變大，總電阻變大，導致電路電流變小，則導體棒內電壓變小，外電路兩端電壓變大，電容器兩端電壓變大，電場力變大，所以液滴將向上運動，故B正確C．導體切割磁感線產生的電動勢為：燈泡的電阻和滑動變阻器接入電路的電阻相同，所以電路總電阻為：電路的總電流為：則通過燈泡的電流為：則時間內的電荷量為：故C錯誤.D．由C選項可知滑動變阻器的電流為：故時間內滑動變阻器消耗的電能為：故D正確.10、BD【解析】試題分析：原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變，將a板向下平移時，由a板下移時，兩板間的距離減小，由E=Ud分析可知：板間電場強度增大，粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故A．C錯誤；下極板接地，電勢為零，M點的電勢等于M與b之間的電勢差。由U=Ed可知，因E增大，d不變，則M點的電勢增大；因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B錯誤；因兩板間的電勢差不變，由考點：電容器的動態(tài)分析、帶電粒子在混合場中的運動【名師點睛】本題分析時，要抓住平行板電容器的與電源保持相連，電容器板間電壓保持不變，根據(jù)E=U三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A【解析】（1）燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流是0.5A，所以電壓表應選擇，電流表應選擇，因本實驗必須采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇總阻值較小的；

（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓、電流要從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，燈泡的電阻約為，遠小于電壓表內阻，電流表采用外接法誤差較小,選圖A所示實驗電路．【點睛】根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流確定電表的量程，從減小誤差角度和可操作性角度確定滑動變阻器．測量燈泡的伏安特性曲線，電流、電壓需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)燈泡的電阻大小確定電流表的內外接法；12、(1)DBF(2)1.1V1.6Ω【解析】（1）測電動勢是1.5V，內阻為1Ω的電源電動勢與內阻實驗時，短路電流為1.5A，如果用量程為3A電流表，則讀數(shù)誤差太大，因此電流表應選B；測電動勢為1.5V電源電動勢與內阻實驗時，電路最小電阻為R==7.5Ω，考慮電源內阻、滑動變阻器電阻，因此定值電阻應選D；為方便實驗操作，滑動變阻器應選F．

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-I（r+R）

由表達式U=-5.6I+1.1可知，電源電動勢為：E=1.1V，r+R=5.6Ω，所以內阻r=5.6-1.0=1.6Ω點睛：本題考查了實驗器材的選擇，實驗數(shù)據(jù)處理，要正確實驗器材的選取原則，理解實驗原理是正確解題的關鍵，同時要結合數(shù)學知識理解圖象斜率和截距的含義．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），帶正電（2）0.35mg【解析】試題分析：小球在A點處于靜止狀態(tài)，對小