2025屆廣西玉林市重點中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末經(jīng)典試題含解析

2025屆廣西玉林市重點中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末經(jīng)典試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個閉合矩形線圈abcd以速度v從無磁場區(qū)域勻速穿過勻強(qiáng)磁場區(qū)域．以abcd方向為電流的正方向，圖中能正確反映線圈中電流－時間關(guān)系的圖象是（）A. B.C. D.2、根據(jù)電荷守恒定律，使兩個相同的金屬球A、B分別帶+5q和-q的電荷，把它們接觸后分開，則A帶電量為（）A.-4q B.+2qC.+4q D.-2q3、把長0.10m的直導(dǎo)線全部放入勻強(qiáng)磁場中，保持導(dǎo)線和磁場方向垂直．當(dāng)導(dǎo)線中通過的電流為3.0A時，該直導(dǎo)線受到的安培力的大小為1.5×10﹣3N．則該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A.4.5×10﹣3T B.2.5×103TC.2.0×102T D.5.0×10﹣3T4、已知兩分力F1、F2的合力為F，則下列說法正確的是A.合力F一定大于分力F1 B.合力F一定大于分力F2C.合力F只與分力F1和F2的大小有關(guān) D.合力F與分力F1和F2的大小及方向都有關(guān)5、如圖所示，真空中A、B兩個點電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當(dāng)系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的伸長量等于2x0B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量大于2x0C.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的縮短量大于x0D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的縮短量小于x06、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.時間 B.動能C.功 D.安培力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圖線a是線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動時所產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象，當(dāng)調(diào)整線圈轉(zhuǎn)速后，所產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖線b所示，下列關(guān)于這兩個正弦式交變電流的說法正確的是A.在圖中t＝0時刻穿過線圈的磁通量均為0B.線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為3∶2C.交變電流a的峰值為10VD.交變電流b的峰值為5V8、在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，電流表A、電壓表V1、V2的讀數(shù)分別為I、U1和U2，C為電容器．在滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離的過程中，電流表A、電壓表V1、V2讀數(shù)變化量大小分別是ΔI、ΔU1和ΔU2，下列說法中正確的有A.電源的內(nèi)阻消耗的電功率變大B.燈泡變亮、電容器所帶電量減少C.等于外電路總電阻，變小D.等于電源的內(nèi)電阻，不變9、如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中放置一個邊長為1m、電阻為0.5Ω的單匝正方形導(dǎo)線框，線框平面與磁場垂直，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小按B=(1+2t)T隨時間變化，則（）A.線框中的感應(yīng)電動勢逐漸增大B.線框中的感應(yīng)電流大小始終為4AC.t=ls時線框受到的磁場力為12ND.t=ls時穿過線框的磁通量為3Wb10、在光滑水平面上有一個質(zhì)量為m=1kg的小球，小球的一端與水平輕彈簧連接，另一端與不可伸長的輕繩相連，輕繩與豎直方向成θ=45°角，如圖所示．小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且水平面對小球的彈力恰好為零，取g=10m/s2，則（）A.此時彈簧的彈力為10NB.剪斷彈簧瞬間，小球加速度的大小為10m/s2C.剪斷細(xì)繩的瞬間，小球受到的合力水平向左D.剪斷細(xì)繩的瞬間，小球加速度的大小為10m/s2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定一節(jié)干電池E的電動勢和內(nèi)阻（電動勢約為1.5V，內(nèi)阻小于2.0Ω）的實驗中，備有下列參數(shù)準(zhǔn)確可靠的器材：電流表A1（量程0～3mA，內(nèi)阻r1＝5.0Ω）電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻r2＝0.5Ω）滑動變阻器R1（0～20Ω，額定電流為2.0A）滑動變阻器R2（0～100Ω，額定電流1.0A）定值電阻R3＝995Ω定值電阻R4＝9.5Ω開關(guān)和導(dǎo)線若干(1)某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了圖甲所示的實驗電路，圖中定值電阻應(yīng)選____，滑動變阻器應(yīng)選_____（均填寫器材的字母代號）(2)圖乙為該同學(xué)根據(jù)實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1與（I1+I2）的關(guān)系圖線，I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)．則由圖線可求被測干電池的電動勢E＝_____V，內(nèi)阻r＝_____Ω．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(3)在電路連接良好的情況下，該實驗方案_____（選填“有”或“沒有”）系統(tǒng)誤差12．（12分）某同學(xué)用伏安法測某電源的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A.被測電源B.電流表A：量程0?0.6A，內(nèi)阻為0.5ΩC.電壓表V：量程0?3V，內(nèi)阻未知D.滑動變阻器R：0?10Ω，2AE.開關(guān)、導(dǎo)線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實驗中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差。在現(xiàn)有器材的條件下，為消除上述系統(tǒng)誤差，盡可能準(zhǔn)確地測量電源的電動勢和內(nèi)阻。（1）實驗電路圖應(yīng)選擇上圖中的___（填“甲”或“乙”）（2）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖象。由此可知，電源的電動勢E=___V，內(nèi)電阻r=___Ω。（結(jié)果保留二位小數(shù)）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個質(zhì)量為m電荷量為q的帶正電粒子，從x軸上的P（a，0）點以速度v，沿與x正方向成的方向射入第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場中，并恰好垂直于y軸射出第一象限，不計重力。求：(1)粒子做圓周運動的半徑；(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。14．（16分）如圖，足夠大的光滑水平面上放著質(zhì)量為M的滑塊，質(zhì)量為m的光滑小球從高h(yuǎn)處由靜止開始沿滑塊的曲面滑下，到達(dá)水平面后碰到一端固定在豎直擋板上的輕彈簧后，等速方向彈回．曲面末端切線水平，重力加速度大小為g．求：（1）彈簧第一次被壓縮時的最大彈性勢能；（2）若M=2m，小球再次滑上滑塊所能達(dá)到的最大高度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩導(dǎo)軌P、Q間的距離L=0.5m，垂直于導(dǎo)軌平面的豎直向上的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，垂直于導(dǎo)軌放置的ab棒的質(zhì)量m=1kg，系在ab棒中點的水平繩跨過定滑輪與重量G=3N的物塊相連．已知ab棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，電源的電動勢E=10V、內(nèi)阻R=0.1Ω，導(dǎo)軌的電阻及ab棒的電阻均不計．要想ab棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，R應(yīng)在哪個范圍內(nèi)取值？（g取10m/s2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)楞次定律判斷可知，線圈進(jìn)入磁場時，感應(yīng)電流方向為順時針方向，為正值；線圈穿出磁場時，感應(yīng)電流方向為逆時針方向，為負(fù)值；由知線圈進(jìn)入和穿出磁場時感應(yīng)電流的大小不變；線圈完全在磁場中運動時，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生。所以選項D正確，A、B、C錯誤。故選D?！军c睛】運用楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律分析感應(yīng)電流的方向和大小，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和思路。2、B【解析】根據(jù)兩個相同的帶點金屬球接觸再分開后帶電的原則是先中和再平分可知：接觸分開后A的帶電量為：，故選項B正確3、D【解析】當(dāng)磁場的方向與電流方向垂直時，，根據(jù)該公式求出磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度當(dāng)磁場的方向與電流方向垂直時，，則故磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為5×10﹣3T．故選D4、D【解析】由力的合成方法可知，兩力合力的范圍|F1-F2|≤F合≤F1+F2，所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，還可能與兩個分力都相等，故AB錯誤．根據(jù)平行四邊形定則可知，合力F與分力F1和F2的大小及方向都有關(guān)，故C錯誤，D正確5、C【解析】根據(jù)庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計算即可【詳解】設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K,原長為x.當(dāng)系統(tǒng)平衡時,彈簧的伸長量為x0，則有：…①A.保持Q不變，將q變?yōu)?q時，平衡時有：Kx1=…②由①②解得：x1<2x0，故A錯誤；B.同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量小于2x0，故B錯誤；C.保持Q不變,將q變?yōu)?q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故C正確；D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步壓縮彈簧，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故D錯誤故選C6、D【解析】時間、動能和功只有大小沒有方向，都是標(biāo)量，故ABC錯誤．安培力既有大小又有方向，是矢量，故D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】由圖讀出電壓最大值Um，周期T，由周期關(guān)系求出轉(zhuǎn)速關(guān)系．t=0時刻電壓為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律分析磁通量【詳解】t=0時刻U=0，根據(jù)法拉第電感定律，磁通量變化率為零，而磁通量最大．則A錯誤．周期之比為2：3，則轉(zhuǎn)速之比為3；2，則B正確；交流電a的峰值為10V，選項C正確；根據(jù)Em=BωS可知，則Emb=V，選項D錯誤；故選BC.8、BD【解析】該電路R1和R2串聯(lián)，電容器兩端間的電壓等于R1兩端間的電壓，根據(jù)閉合電路的動態(tài)分析即可；【詳解】A、滑動變阻器的滑片向右滑動一小段距離接入電路的的電阻變大，則總電阻變大，總電流變小，根據(jù)公式可知電源內(nèi)阻消耗的電功率變小，故選項A錯誤；B、由于總電阻變大，總電流變小，則內(nèi)電壓變小，則路端電壓增大，故燈泡變亮，即燈泡的電流變大，則通過電阻的電流變小，即電阻兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，根據(jù)公式可知電容器所帶電量減小，故選項B正確；C、電壓表測量路端電壓，根據(jù)部分電路歐姆定律可知：，則，通過上面的分析可知總電阻變大，即等于外電路總電阻，變大，故選項C錯誤；D、根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：，則不變，故選項D正確【點睛】解決本題的關(guān)鍵抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行動態(tài)分析，特別要理解9、BD【解析】AB．根據(jù)T可得：T/s，為一個定值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線框中的感應(yīng)電動勢為：V根據(jù)歐姆定律得線框中的感應(yīng)電流大小為：AA錯誤，B正確；C．線框全部處于磁場中，對邊長度相等，電流大小相等，方向相反，所以受到的磁場力也是大小相等，方向相反，則線框受到的磁場力為零，C錯誤；D．t=1s時，B=3T，所以此時穿過線框的磁通量為3×1×1Wb=3Wb，D正確。故選BD。10、CD【解析】考查彈力的突變和牛頓第二定律。【詳解】A．對小球受力分析：彈簧彈力：A錯誤；B．剪斷彈簧的瞬間，彈簧彈力突變?yōu)?，繩的拉力也突變?yōu)?，水平面對物體有向上的支持力，與重力平衡，合力等于0，加速度為0，B錯誤；C．剪斷細(xì)繩的瞬間，繩的拉力突變?yōu)?，物體有往下掉的趨勢，水平面對物體有向上的支持力，與重力等大反向，此時物體的合外力為彈簧彈力，水平向左，C正確；D．由牛頓第二定律：解得加速度，D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.R3②.R1③.1.47④.1.18⑤.沒有【解析】(1)[1]因為沒有電壓表，可以用電流表與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，由電路圖可知y應(yīng)該是A1；電流表A1量程為3mA，要測1.5V電壓，電壓表內(nèi)阻至少為R500Ω，電流表A1內(nèi)阻為5Ω，由電路圖可知，定值電阻應(yīng)選R3；[2]為準(zhǔn)確測量，減小誤差，方便實驗操作滑動變阻器應(yīng)選R1.(2)[3][4]根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得電源兩端電壓為：U＝I1（995+5）＝1000I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點得電動勢為E＝1.47mA×1000Ω＝1.47V，與橫軸的交點可得出路端電壓為1.0V時電流是0.4A，由閉合電路歐姆定律E＝U+Ir可得，電源內(nèi)阻r1.18Ω；(3)[5]伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，相對于電源來說，電流表采用外接法時，由于電壓表分流，使所測電流偏大，給實驗帶來實驗誤差；本實驗中用兩個電流表測電流，處理實驗數(shù)據(jù)時橫坐標(biāo)是電路總電流，電壓測量值與電流測量值都等于真實值，本實驗沒有系統(tǒng)誤差.12、①.乙②.3.00③.2.83【解析】（1）[1]若采用甲圖，由于電壓表的分流會使測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；而采用乙圖，由于電流表的內(nèi)阻已知，測量的內(nèi)阻為電流表和電源內(nèi)阻之和，所以采用乙圖會消除實驗帶來的系統(tǒng)誤差，使測量結(jié)果更準(zhǔn)確。（2）[2]根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖象，當(dāng)電流I=0時圖線與縱軸的截距即為電源的電動勢，即E=3.00V。［3］由閉合電路歐姆定律知，U=E-Ir，圖線斜率的大小即為電流表和電源內(nèi)阻之和，圖線斜率r==Ω=3.33Ω所以電源的內(nèi)電阻r′=3.33Ω-0.5Ω=2