2025屆廣西桂林、賀州、崇左三市物理高三上期中復習檢測試題含解析

2025屆廣西桂林、賀州、崇左三市物理高三上期中復習檢測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在平坦的壘球運動場上，擊球手揮動球棒將壘球水平擊出，壘球飛行一段時間后落地．若不計空氣阻力，則（）A．壘球落地時瞬時速度的大小僅由初速度決定B．壘球落地時瞬時速度的方向僅由擊球點離地面的高度決定C．壘球在空中運動的水平位移僅由初速度決定D．壘球在空中運動的時間僅由擊球點離地面的高度決定2、下列說法正確的是A．開普勒發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律并據此推廣出了萬有引力定律B．牛頓借助萬有引力定律發(fā)現(xiàn)了海王星和冥王星C．卡文迪許第一次在實驗室里測出了萬有引力常量，因此被譽為稱量地球質量第一人D．據萬有引力公式，當兩物體間的距離趨近于0時，萬有引力趨近于無窮大3、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷．t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖像分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示．則由圖線可知()A．兩電荷的電性一定相反B．t1時刻兩電荷的電勢能最大C．0~t3時間內，兩電荷的動量變化相同D．0~t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小4、如圖所示，固定在豎直面內的光滑圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質量分別為m和2m的小球A、B(均可看做質點)，且小球A、B用一長為2R的輕質細桿相連，在小球B從最高點由靜止開始沿圓環(huán)下滑至最低點的過程中(重力加速度為g)，下列說法正確的是()A．A球增加的機械能等于B球減少的機械能B．A球增加的重力勢能等于B球減少的重力勢能C．A球的最大速度為D．細桿對A做的功為mgR5、不久前歐洲天文學就發(fā)現(xiàn)了一顆可能適合人類居住的行星，命名為“格利斯581c”．該行星的質量是地球的5倍，直徑是地球的1.5倍．設想在該行星表面附近繞行星沿圓軌道運行的人造衛(wèi)星的動能為，在地球表面附近繞地球沿圓軌道運行的形同質量的人造衛(wèi)星的動能為，則為A．0.13 B．0.3 C．3.33 D．7.56、在物理學的研究及應用過程中涉及諸多的思想方法，如理想化、模型化、放大、極限思想，控制變量、猜想、假設、類比、比值法等等．以下關于所用思想方法的敘述不正確的是A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法是假設法B．速度的定義式v＝，采用的是比值法；當Δt趨近于0時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應用了極限思想C．在探究電阻、電壓和電流三者之間的關系時，先保持電壓不變研究電阻與電流的關系，再保持電流不變研究電阻與電壓的關系，該實驗應用了控制變量法D．如圖示的三個實驗裝置，這三個實驗都體現(xiàn)了放大的思想二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一輛汽車在水平路面上勻速直線行駛，阻力恒定為f.t1時刻駛入一段阻力為2f的路段繼續(xù)行駛．t2時刻駛出這段路，阻力恢復為f行駛中汽車功率恒定，則汽車的速度v及牽引力F隨時間t的變化圖象可能是A． B．C． D．8、2022年第24屆冬季奧林匹克運動會將在北京舉行，跳臺滑雪是冬奧會的比賽項目之一．如圖所示為一簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖，運動員從O點由靜止開始，在不借助其他外力的情況下，自由滑過一段圓心角為60°的光滑圓弧軌道后從A點水平飛出，然后落到斜坡上的B點．已知A點是斜坡的起點，光滑圓弧軌道半徑為40m，斜坡與水平面的夾角θ＝30°，運動員的質量m＝50kg，重力加速度g＝10m/s2，忽略空氣阻力．下列說法正確的是()A．運動員從O點運動到B點的整個過程中機械能守恒B．運動員到達A點時的速度為20m/sC．運動員到達B點時的動能為10kJD．運動員從A點飛出到落到B點所用的時間為s9、如圖所示，兩個質量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用輕質彈簧秤連接．兩個大小分別為F1=30N、F2=20N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則（）A．系統(tǒng)運動穩(wěn)定時，彈簧秤的示數(shù)是50NB．系統(tǒng)運動穩(wěn)定時，彈簧秤的示數(shù)是26NC．在突然撤去F1的瞬間，m1的加速度大小為13m/s2D．在突然搬去F1的瞬間，m1的加速度大小為15m/s210、一個半徑為R的絕緣圓柱面，有2N+1根長為L的直銅導線緊緊貼在其表面，通有向下的電流，大小均為I,通電導線有兩種放置方法。方法1:如圖甲(俯視圖為丙),一根放置在AA'處，其余2N根均勻、對稱的分布在圓柱的右半側，與圓柱的軸平行;方法2:如圖乙(俯視圖為丁)，一根放置在AA'處，其余2N根均勻、對稱的分布在圓柱的左半側，與圓柱的軸平行。在這兩種情況下，其余2N根在AA'處產生的磁場分別為B1、B2，放置在AA'處的導線受安培力分別為F1、F2。已知通有電流i的長直導線在距其r處產生的磁感應強度大小為(其中km為一常數(shù))。則A．B1、B2方向不同 B．B1、B2方向相同C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB與OC為細繩．圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的圖．(1)如果沒有操作失誤，圖乙中的F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是________．(2)本實驗采用的科學方法是________．A．理想實驗法B．等效替代法C．控制變量法D．建立物理模型法(3)實驗時，主要的步驟是：A．在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B．用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；C．用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O．記錄下O點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)；D．按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩個彈簧測力計的拉力F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；E．只用一個彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按同一標度作出這個F′的圖示；F．比較F′和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結論．上述步驟中：有重要遺漏的內容分別是__________和_____________．12．（12分）（1）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，某同學甲用毫米刻度尺測得擺線；用游標卡尺測得擺球的直徑如圖所示，則擺球直徑d=____________mm．用秒表測得單擺完成n=40次全振動的時間如圖所示，則秒表的示數(shù)t=____________s；若用給出的各物理量符號（、d、n、t）表示當?shù)氐闹亓铀俣?，則計算的表達式為____________．（2）實驗中同學甲發(fā)現(xiàn)測得的值偏小，可能的原因是（________）A．測擺線長時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計時時，秒表過遲按下D．實驗中誤將39次全振動計為40次（3）為了提高實驗精度，某同學乙在實驗中通過改變幾次擺長L，并測出相應的周期T，從而得到一組對應的L與T的數(shù)據，再以L為橫坐標、為縱坐標，建立坐標系，將所得數(shù)據進行連線，實驗測得的數(shù)據如下表所示：請將表中第三次測量數(shù)據標在右圖中，并在右圖中作出隨L變化的關系圖象．____②根據圖象，可知當?shù)氐闹亓铀俣葹開___________（保留3位有效數(shù)字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，將質量m=0.1kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上．環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑．環(huán)與桿間動摩擦因數(shù)μ=0.1．對環(huán)施加一位于豎直平面內斜向上，與桿夾角θ=53°的拉力F，使圓環(huán)以a=4.4m/s2的加速度沿桿運動，求F的大?。?4．（16分）如圖所示，真空室中電極K發(fā)出的電子(初速不計）經過電勢差為U1的加速電場加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉電場，最后打在熒光屏上．CD兩板間的電勢差UCD隨時間變化如圖所示，設C、D間的電場可看作是均勻的，且兩板外無電場．已知電子的質量為m、電荷量為e(重力不計)，C、D極板長為L,板間距離為d,偏轉電壓U2,熒光屏距C、D右端的距離為L/6,不同時刻從K極射出的電子都能通過偏轉電極且不計電子間的相互作用．求：（1）電子通過偏轉電場的時間t0（2）若UCD的周期T=t0,熒光屏上電子能夠到達的區(qū)域的長度；（3）若UCD的周期T=2t0,到達熒光屏上O點的電子的動能？15．（12分）如圖所示，長為L的絕緣輕桿兩端連接A、B兩小球，其質量分別為m1、m2,帶電量分別為-q、+q．將小球B置于水平光滑絕緣軌道內并固定，整個個裝置處于水平向右的勻強電場中，輕桿從圖中豎直位置由靜止釋放，可繞小球B無摩擦轉動，順時針轉過的最大角度為1270(sin37°=0.6,cos37°=0.8)（1）求勻強電場的場強大小E；（2）當輕桿轉過90°時，求桿對A球的作用力的大?。ú挥婣、B球間的庫侖力)；（3）若解除固定，小球B在軌道內可自由移動，輕桿仍從圖中豎直位置由靜止釋放，當輕桿轉過90°時，小球B的速度恰好為零，求小球A的速度大??；（4）在（3)的情形下，求桿對小球A做的功．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：物體做平拋運動，我們可以把平拋運動可以分解為水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來求解，兩個方向上運動的時間相同．解：A、壘球做平拋運動，落地時的瞬時速度的大小為V==，t=，所以壘球落地時瞬時速度的大小即與初速度有關，也與高度有關，所以A錯誤．B、壘球落地時瞬時速度的方向tanθ==，時間t=，所以tanθ=，所以壘球落地時瞬時速度的方向與擊球點離地面的高度和球的初速度都有關，所以B錯誤．C、壘球在空中運動的水平位移x=V0t=V0，所以壘球在空中運動的水平位移與擊球點離地面的高度和球的初速度都有關，所以C錯誤．D、壘球在空中運動的時間t=，所以壘球在空中運動的時間僅由擊球點離地面的高度決定，所以D正確．故選D．2、C【解析】

開普勒發(fā)現(xiàn)了行星的運動規(guī)律，牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，故A錯誤。英國科學家亞當斯和法國科學家勒威耶發(fā)現(xiàn)了海王星和冥王星，故B錯誤?？ㄎ牡显S第一次在實驗室里測出了萬有引力常量，因此被譽為稱量地球質量第一人，故C正確。萬有引力公式，適用于兩質點間的引力計算，當兩物體間的距離趨近于0時已經不能看為質點，故不能用公式計算引力，故D錯誤。3、B【解析】

由圖象0-t1段，判定甲從靜止開始與乙同向運動，則知甲的電性．分析t1時刻前后兩球距離的變化，判斷電場力做功情況，分析兩電荷的電勢能．0～t2時間內，分析兩電荷間距離變化，可知相互靜電力的變化．t1～t3時間內，甲的動能一直增大，乙的動能先減小后增大．【詳解】A項：由圖象0-t1段看出，甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用，則知兩電荷的電性一定相同，故A錯誤；B項：0～t1時間內兩電荷間距離逐漸減小，在t1～t2時間內兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近，系統(tǒng)克服電場力最大，兩電荷的電勢能最大，故B正確；C項：0~t3時間內，系統(tǒng)動量守恒，所以兩點電荷的動量變化大小相等，方向相反，故C錯誤；D項：由圖象看出，0～t3時間內，甲的速度一直增大，則其動能也一直增大．乙的速度先沿原方向減小，后反向增大，則其動能先減小后增大，故D錯誤．故應選：B．【點睛】本題也可以運用類比的方法分析，相當于發(fā)生了完全非彈性碰撞，t1時刻兩球的速度相同，動能損失最大，兩電荷的電勢能最大．4、A【解析】

A．B球運動到最低點，A球運動到最高點，兩球系統(tǒng)機械能守恒，故A球增加的機械能等于B球減少的機械能，A正確；B．A球重力勢能增加，B球重力勢能減少，故B錯誤；C．兩球系統(tǒng)機械能守恒，當B球運動到最低點時速度最大，有解得故C錯誤；D．除重力外其余力做的功等于機械能的增加量，故細桿對A球做的功等于A球動能的增加量，有選項D錯誤。5、C【解析】試題分析：在行星表面運行的衛(wèi)星其做圓周運動的向心力由萬有引力提供，故有，所以衛(wèi)星的動能為，故在地球表面運行的衛(wèi)星的動能在“格利斯”行星表面表面運行的衛(wèi)星的動能，所以有；故C正確．故選C．考點：萬有引力定律的應用；動能．6、A【解析】質點采用的科學方法為建立理想化的物理模型的方法，故A錯誤；為研究某一時刻或某一位置時的速度，我們采用了取時間非常小，即讓時間趨向無窮小時的平均速度作為瞬時速度，即采用了極限思維法，故B正確；在探究加速度和力、質量三者之間的關系時，先保持質量不變研究加速度與力的關系再保持力不變研究加速度與質量的關系，該實驗應用了控制變量法，故C正確；D圖1是演示桌面在壓力作用下發(fā)生形變的裝置中，當用力壓桌面時，桌面向下形變，平面鏡傾斜，在入射光線方向不變，平面鏡的反射光線方向改變的角度是平面鏡傾斜角度的兩倍，體現(xiàn)了放大的思想．圖2是演示玻璃瓶在壓力作用下發(fā)生形變的裝置中，用力擠壓玻璃瓶，玻璃瓶發(fā)生形變，細管中水柱上升，由于管子較細，上升的高度較大，將玻璃瓶微小的形變放大，能直觀的觀察到形變，體現(xiàn)了放大的思想．圖3是通過受到微小的力轉動，從而由光的反射來體現(xiàn)轉動角度，體現(xiàn)放大的思想，故D正確；本題選錯誤的，故選A．點睛：在高中物理學習中，我們會遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎上，更要注意科學方法的積累與學習．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

t1之前，汽車做勻速直線運動，牽引力與阻力相等，t1時刻后阻力變?yōu)?f，汽車做減速運動，由知，隨著速度的減小，牽引力逐漸的增大，即汽車做加速度逐漸減小的減速運動，當牽引力增大到2f時，汽車做勻速運動．t2時刻后，汽車駛出這段路，阻力恢復為f，這時牽引力為2f大于阻力f，汽車做加速運動，由知，隨著速度的增加，牽引力逐漸的減小，加速度逐漸減?。缮戏治鲋珹、C對．【點睛】“機車的啟動”模型：物體在牽引力（受功率和速度制約）作用下，從靜止開始克服一定的阻力，最后達到最大速度的整個加速過程，可看作“機車的啟動”模型．（1）恒定功率啟動（所受阻力一定）先做變加速（a減?。┻\動，再做勻速（a＝0）運動，在此過程中，F(xiàn)牽、v、a的變化情況是：（2）恒定加速度啟動（所受阻力一定）先做勻加速運動，再做變加速運動，最后勻速運動，具體變化過程如下（3）啟動過程滿足的運動規(guī)律機車的功率P＝Fv機車的加速度a＝當機車的速度達到最大時，F(xiàn)＝Ff，a＝0，最大速度vm＝8、AB【解析】運動員在光滑的圓軌道上的運動和隨后的平拋運動的過程中只受有重力做功，機械能守恒．故A正確；運動員在光滑的圓軌道上的運動的過程中機械能守恒，所以：mvA2=mgh=mgR（1-cos60°）所以：，故B正確；設運動員做平拋運動的時間為t，則：x=vAt；y=gt2

由幾何關系：，聯(lián)立得：，運動員從A到B的過程中機械能守恒，所以在B點的動能：EkB=mgy+mvA2，代入數(shù)據得：EkB=×105J．故CD錯誤．故選AB.點睛：本題是常規(guī)題，關鍵要抓住斜面的傾角反映位移的方向，知道平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，難度適中.9、BC【解析】

AB．對整體運用牛頓第二定律得隔離對分析，有則A錯誤B正確；CD．在突然撤去的瞬間，的加速度大小C正確D錯誤．故選BC。10、BC【解析】

AB．以2N中在一根通電直導線為研究對象，在A點產生磁場是以此導線所在位置為圓心，兩直導線連線為半徑在圓上的切線，如圖1所示，其水平向合磁感應強度為0，則總的磁感應強度為豎直向上，選圖中的任一條求其沿豎直向上的分量：設圖丙中的2離A點距離為a，d為圓直徑。如圖2，丙圖中的任一根在A產生的磁場B的向上（丙圖方位）分量為即任一根在圖中的任何位置在豎直向上的分量的值都是相同的，則在A處的總的磁感應強度為，故A錯誤，B正確；CD．放置在AA′處的導線受安培力相等，有故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)F′(2)B(3)C中應加上“記下兩條細繩的方向”.．E中應說明“把橡皮條的結點拉到同一位置O”．【解析】

本實驗是要驗證平行四邊形定則，注意在理解實驗的原理基礎上，掌握實驗的方法和數(shù)據的處理方法以及需要注意的事項，尤其是理解本實驗的“等效”思想．【詳解】（1）F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′；（2）本實驗采用的科學方法是等效替代法，故選B．（3）步驟C中應加上“記下兩條細繩的方向”．步驟E中應說明“把橡皮條的結點拉到同一位置O”．12、19.55108.4B【解析】

（1）[1]游標尺主尺：19mm；游標尺對齊格數(shù)：個格，讀數(shù)為：，則直徑為：；[2]秒表讀數(shù)：大盤讀數(shù)60s，小盤讀數(shù)48.4s，故時間為108.4s；[3]根據得：（2）A．測擺線長時擺線拉得過緊，使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大．A錯誤；B．擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使實際擺線長度增加了，故相對與原來的擺長，周期測量值偏大，故加速度測量值偏小，B正確；C．實驗中開始計時，秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大，C錯誤；D．試驗中誤將39次全振動數(shù)為40次，周期測量值偏小，故測得的重力加速測量值偏大，D錯誤．選B．（3）①根據坐標系內描出的點作出圖象如圖所示：②由單擺周期公式：，得，由圖求圖象可知：，計算得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1N或9N【解析】

令Fsin53°＝mg，F(xiàn)＝1.25N，當F＜1.25N時，桿對環(huán)的彈力向上，受力如圖由牛頓定律Fcosθ－μFN＝ma，F(xiàn)N＋Fsinθ＝mg，解得F＝1N；當F＞1.25N時，桿對環(huán)的彈力向下，受力如圖由牛頓