2025屆湖北省孝感市物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2025屆湖北省孝感市物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)、圖中虛線是某一帶負(fù)電的塵埃(不計(jì)重力)僅在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡，A、B兩點(diǎn)是軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)，不考慮塵埃在遷移過程中的相作用和電荷量變化，則以下說法正確的是A．A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B．塵埃在A點(diǎn)的加速度大于在B點(diǎn)的加速度C．塵埃在遷移過程中做勻變速運(yùn)動(dòng)D．塵埃在遷移過程中電勢(shì)能始終在增大2、兩個(gè)彈簧振子，甲的固有頻率是100Hz，乙的固有頻率是400Hz，若它們均在頻率是200Hz的驅(qū)動(dòng)力作用下做受迫振動(dòng)，則振動(dòng)穩(wěn)定后()A．甲的振幅較大，振動(dòng)頻率是100HzB．乙的振幅較大，振動(dòng)頻率是200HzC．甲的振幅較大，振動(dòng)頻率是200HzD．乙的振幅較大，振動(dòng)頻率是400Hz3、如圖所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，則A．若改為電荷量–q的離子，將往上偏（其他條件不變）B．若速度變?yōu)?v0將往上偏（其他條件不變）C．若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其他條件不變）D．若速度變?yōu)閷⑼掀ㄆ渌麠l件不變）4、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)E豎直向下，勻強(qiáng)磁場(chǎng)B垂直紙面向里．現(xiàn)有三個(gè)帶有等量同種電荷的油滴M、N、P，若將它們分別置入該區(qū)域內(nèi)，油滴M保持靜止，油滴N能水平向左勻速運(yùn)動(dòng)，油滴P能水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，不考慮空氣阻力，不考慮電荷間的相互作用，則三個(gè)油滴重力的大小關(guān)系是()A．B．C．D．5、取兩個(gè)完全相同的長(zhǎng)導(dǎo)線，用其中一根繞成如圖（a）所示的螺線管，當(dāng)該螺線管中通以電流強(qiáng)度為I的電流時(shí)，測(cè)得螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，若將另一根長(zhǎng)導(dǎo)線對(duì)折后繞成如圖（b）所示的螺線管，并通以電流強(qiáng)度也為I的電流時(shí)，則在螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A．0 B．0.5B C．B D．2B6、下列說法中正確的是（）A．檢驗(yàn)電荷在某處不受電場(chǎng)力的作用，則該處電場(chǎng)強(qiáng)度不一定為零B．一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力作用，則該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C．表征電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)的強(qiáng)弱，是把一個(gè)檢驗(yàn)電荷放在該點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力與檢驗(yàn)電荷本身電荷量的比值D．表征磁場(chǎng)中某點(diǎn)磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，是把一小段通電導(dǎo)線放到該點(diǎn)時(shí)受到的磁場(chǎng)力與該小段導(dǎo)線長(zhǎng)度和電流乘積的比值二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖是一個(gè)醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并分別與高頻電源相連?，F(xiàn)分別加速氘核（）和氦核（），下列說法中正確的是A．它們的最大速度相同B．它們的最大動(dòng)能相同C．兩次所接高頻電源的頻率相同D．僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動(dòng)能8、如圖所示，在水平虛線MN邊界的下方是一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子(11H)和α粒子(24He)先后從邊界上的A點(diǎn)沿與虛線成θ＝45°A．兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡相同B．兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度大小相同C．兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能相同D．兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同9、如圖所示的電路中，AB是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器．先將電鍵K閉合，等電路穩(wěn)定后再將K斷開，然后將B板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點(diǎn)P與A板的距離不變．則下列說法正確的是（）A．電容器的電容變小B．電容器內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度大小變大C．電容器內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變D．P點(diǎn)電勢(shì)升高10、下列說法正確的是A．沿著電場(chǎng)線的方向移動(dòng)電荷，電荷的電勢(shì)能可能增大B．只有點(diǎn)電荷在真空中任一點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小才可以用求解C．根據(jù)可知，電容器的電容與其儲(chǔ)存的電荷Q成正比，與其兩端的電壓U成反比D．電腦和手機(jī)屏幕上很容易聚集灰塵是因?yàn)殪o電現(xiàn)象三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了描繪小燈泡的伏安特性曲線，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下的實(shí)驗(yàn)電路，已知小燈泡的規(guī)格為“12V，5W”．（1）閉合電建前，應(yīng)將電路圖中的滑動(dòng)變阻器的滑片移到______（填“a”或“b”）端．根據(jù)連接好的實(shí)物圖，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄多組電壓表和電流表的讀數(shù)，作出的圖線如圖甲中實(shí)線所示，由圖線分析可知，小燈泡的電阻隨溫度的升高而______（填“增大”或“減小”）．若某次電流表的示數(shù)如圖乙所示，則此時(shí)小燈泡的功率為____W（保留兩位有效數(shù)字）．（2）若圖像中的虛線Ⅰ或Ⅱ表示小燈泡真實(shí)的伏安特性曲線，與實(shí)驗(yàn)中得到的實(shí)線相比，虛線_____（填“Ⅰ”或“Ⅱ”）才是其真實(shí)的伏安特性曲線．12．（12分）某同學(xué)想要精密測(cè)量一金屬絲的電阻率.(1)他先用多用電表“”檔粗測(cè)其電阻,發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大,為了減小測(cè)量結(jié)果的誤差,需要調(diào)節(jié)為___________檔來測(cè).(填“”或“”)(2)如圖所示,他用游標(biāo)卡尺測(cè)得其長(zhǎng)度L為__________cm;用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑d為__________mm.(3)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差,需進(jìn)一步測(cè)其電阻,除待測(cè)金屬絲外,實(shí)驗(yàn)室還備有的實(shí)驗(yàn)器材如下:A．電壓表V(量程0~3V,內(nèi)阻約為)B．電流表A(量程0~0.6A,內(nèi)阻約為)C．滑動(dòng)變阻器R1(0~5,1.5A)D．滑動(dòng)變阻器R2(0~2000,0.1A)E.1.5V的干電池兩節(jié),內(nèi)阻不計(jì)F.電阻箱G.開關(guān),導(dǎo)線若干為了測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)(要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些),則上述器材中的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________(填“R1”或“R2”).請(qǐng)?jiān)谔摼€框內(nèi)設(shè)計(jì)最合理的電路圖________.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一束電子流在經(jīng)U1=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，若兩板間距d=1.0cm，板長(zhǎng)L=5.0cm，發(fā)現(xiàn)電子恰好能從平行板間飛出．電子的比荷e/m=1.76×1011C/kg．問：（1）電子進(jìn)入平行板時(shí)的速度v0多大？（2）兩個(gè)極板間的電壓U2有多大？14．（16分）在一個(gè)水平面上建立x軸，在過原點(diǎn)O垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E＝6.0×105N/C，方向與x軸正方向相同。在O處放一個(gè)電荷量q＝－5.0×10－8C，質(zhì)量m＝1.0×10－2kg的絕緣物塊。物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.20，沿x軸正方向給物塊一個(gè)初速度v0＝2.0m/s，如圖所示。g取10m/s2，求物塊最終停止時(shí)的位置。15．（12分）如圖所示的絕緣細(xì)桿軌道固定在豎直面內(nèi)，半徑為R的1/6圓弧段桿與水平段桿和粗糙傾斜段桿分別在A、B兩點(diǎn)相切，圓弧桿的圓心O處固定著一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷。現(xiàn)有一質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的帶負(fù)電小球穿在水平桿上，以方向水平向右、大小等于的速度通過A點(diǎn)，小球能夠上滑的最高點(diǎn)為C，到達(dá)C后，小球?qū)⒀貤U返回。若∠COB=30°，小球第一次過A點(diǎn)后瞬間對(duì)圓弧細(xì)桿向下的彈力大小為，從A至C小球克服庫(kù)侖力做的功為，重力加速度為g.求：(1)小球第一次到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；(2)小球返回A點(diǎn)前瞬間對(duì)圓弧桿的彈力。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，由圖可知，B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；由圖可知，A點(diǎn)電場(chǎng)線比B點(diǎn)密集，因此A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故A點(diǎn)的電場(chǎng)力大于B點(diǎn)的電場(chǎng)力，則A點(diǎn)的加速度大于B點(diǎn)的加速度，故B正確；放電極與集塵極間建立非勻強(qiáng)電場(chǎng)，塵埃所受的電場(chǎng)力是變化的．故粒子不可能做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；由圖可知，開始速度方向與電場(chǎng)力方向夾角為鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大；后來變?yōu)殇J角，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減??；對(duì)于全過程而言，根據(jù)電勢(shì)的變化可知，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤．故選B．點(diǎn)睛：本題考查考查分析實(shí)際問題工作原理的能力，解題時(shí)要明確電場(chǎng)線的分布規(guī)律，并且能抓住塵埃的運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)力方向的關(guān)系是解題突破口．2、C【解析】

兩個(gè)彈簧振子在頻率為200Hz的驅(qū)動(dòng)力作用下做受迫振動(dòng)時(shí)，甲乙振動(dòng)的頻率等于200Hz，甲的固有頻率接近于驅(qū)動(dòng)力的頻率，所以甲的振幅較大.A．甲的振幅較大，振動(dòng)頻率是100Hz與分析不符，故A錯(cuò)誤．B．乙的振幅較大，振動(dòng)頻率是200Hz與分析不符，故B錯(cuò)誤．C．甲的振幅較大，振動(dòng)頻率是200Hz與分析相符，故C正確．D．乙的振幅較大，振動(dòng)頻率是400Hz與分析不符，故D錯(cuò)誤．3、B【解析】

粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，二力平衡時(shí)粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二力不平衡時(shí)，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，從而即可求解．【詳解】正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力方向向下，此時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力二力平衡，應(yīng)該有：qv0B=qE，即v0B=EA項(xiàng)：若改為電荷量-q的離子，根據(jù)左手定則判斷可知，離子受的洛倫茲力方向向下，電場(chǎng)力方向向上，由于qv0B=qE，此時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力仍然平衡，所以負(fù)離子不偏轉(zhuǎn)，仍沿直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若速度變?yōu)?v0，洛倫茲力增大為原來的2倍，而離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力不變，所以離子將向上偏轉(zhuǎn)，故B正確；C項(xiàng)：若改為電荷量+2q的離子，根據(jù)平衡條件得：qv0B=qE，即v0B=E，該等式與離子的電荷量無關(guān)，所以離子仍沿直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：若速度變?yōu)?，洛倫茲力變?yōu)樵瓉淼囊话?，而離子受的洛倫茲力方向向上，電場(chǎng)力不變，所以離子將向下偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤．故應(yīng)選B．【點(diǎn)睛】本題考查了利用質(zhì)譜儀進(jìn)行粒子選擇原理，只要對(duì)粒子進(jìn)行正確的受力分析即可解決此類問題．4、C【解析】由靜止或勻速運(yùn)動(dòng)的條件ΣF=0可知，三個(gè)油滴均帶負(fù)電，且由左手定則分析油滴受到的洛倫茲力，由平衡條件分別列式得：三者相比較，,故C正確；綜上所述本題答案是：C點(diǎn)睛：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題較為復(fù)雜，在受力分析時(shí)除重力、彈力、摩擦力外，還應(yīng)該注意電場(chǎng)力和洛倫茲力的分析，之后通過確定粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，由物理規(guī)律進(jìn)行求解．5、A【解析】試題分析：乙為雙繞線圈，兩股導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，管內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，故A正確．考點(diǎn)：磁場(chǎng)的疊加名師點(diǎn)睛：本題比較簡(jiǎn)單，考查了通電螺線管周圍的磁場(chǎng)，弄清兩圖中電流以及導(dǎo)線的繞法的異同即可正確解答本題．6、C【解析】

A．電荷不受電場(chǎng)力的作用，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零，所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤：BD．通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中不一定受到磁場(chǎng)力的作用，與導(dǎo)線和磁感應(yīng)強(qiáng)度的夾角有關(guān)系，即，其中θ為B與電流I的夾角，所以BD兩項(xiàng)錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義為，所以C項(xiàng)錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】

AB.回旋加速器加速帶電粒子，由可得帶電粒子的最大速度，可得帶電粒子的最大動(dòng)能，由于氘核（）和氦核（）的比荷相等，其最大速度相等，但質(zhì)量不等，所以最大動(dòng)能不等，故選項(xiàng)A符合題意，B不符合題意；CD.回旋加速器加速粒子時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期和交流電的周期相同，否則無法加速，它們?cè)谛魏袃?nèi)運(yùn)動(dòng)的周期，二者比荷相等，運(yùn)動(dòng)的周期相同，兩次所接高頻電源的頻率相同；增大高頻電源的頻率，不能增大粒子的最大動(dòng)能，故選項(xiàng)C符合題意，D不符合題意。8、AC【解析】

兩粒子從A點(diǎn)沿箭頭方向射入磁場(chǎng)，都從B點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則兩粒子的圓心、半徑、軌跡相同，選項(xiàng)A正確；半徑R=mvqB；質(zhì)子（11H）和α粒子（24He）的荷質(zhì)比之比為：1:2，則兩粒子的速度之比為：2：1，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；又質(zhì)量之比為1：4，則動(dòng)能12mv2之比為：1:1，即動(dòng)能相同，選項(xiàng)C正確；周期T=2πmqB，周期之比等于荷質(zhì)比之比1:2【點(diǎn)睛】本題屬于帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)中典型題目，此類題的關(guān)鍵在于知道兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，知道半徑以及周期的表達(dá)式．9、ACD【解析】試題分析：當(dāng)平行板電容器充電穩(wěn)定后，兩板間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)開關(guān)斷開后，兩極板的電量不變，當(dāng)變化極板間距，從而改變電容器的電容，但極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度卻不變化．A、將B板向下平移一小段距離，由可知電容器的電容變小，故A正確；B、由、、可知，，只改變極板間距，沒有改變電荷分布密度，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，故B錯(cuò)誤，C正確；D、板間場(chǎng)強(qiáng)不變，故D錯(cuò)誤．故選ACD．考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析．點(diǎn)評(píng)：電容器的電容由兩板間距、正對(duì)面積與電介質(zhì)決定；而兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度則由電容器的電量、電介質(zhì)及正對(duì)面積決定．當(dāng)開關(guān)斷開時(shí)，電容器的電量不變；而開關(guān)閉合時(shí)，電容器的電壓卻不變．10、AD【解析】

A．正電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。負(fù)電荷沿電場(chǎng)線方向移動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；故A正確。B．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式適用于任何電場(chǎng)；故B錯(cuò)誤。C．公式是電容的定義式，采用比值法定義，C與Q、U無關(guān)，由電容器本身的性質(zhì)決定；故C錯(cuò)誤。D．電腦和手機(jī)屏幕上會(huì)帶上電荷，很容易吸附灰塵，是因?yàn)殪o電現(xiàn)象；故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）a，增大，2.4；（2）Ⅱ【解析】（1）開始時(shí)應(yīng)讓測(cè)量部分電壓為零，故開關(guān)應(yīng)移到a端開始調(diào)節(jié)；

由圖可知圖象的斜率越來越小，則說明電阻越來越大，小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大；由電流表示數(shù)可知，電流大小為0.4A，則由圖可知，電壓為6.0V，故燈泡功率P=UI=6×0.4=2.4W；

（2）由于電流表采用外接法，由于電壓表分流使電流表示數(shù)偏大，而電壓表是準(zhǔn)確的，故相同電壓電流應(yīng)偏小，故II為真實(shí)的圖象．12、5.0252.150R1【解析】

(1)應(yīng)用歐姆表測(cè)電阻要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度線附近,螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；游標(biāo)考查主尺示數(shù)與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；(2)在保證安全的前提下，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，應(yīng)測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器可以采用分壓接法，根據(jù)待測(cè)電阻與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法，作出實(shí)驗(yàn)電路圖．【詳解】(1)用“×10”檔時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，應(yīng)該換用×1檔;(2)由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+5×0.05mm=50.25mm=5.025cm；由圖示螺旋測(cè)微器可知，其讀數(shù)為：2mm+15.0×0.01mm=2.150mm.(3)為保證電路安全，方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1，最大阻值5Ω.為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，由于被測(cè)電阻阻值較小，則電流表應(yīng)采用外接法，