貴州省銅仁市銅仁偉才學(xué)校2025屆物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

貴州省銅仁市銅仁偉才學(xué)校2025屆物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻一定，當(dāng)加上0.6V的電壓時(shí)，通過的電流為0.5A，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，當(dāng)加在電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為3.0V時(shí)，電流為1.0A，這時(shí)電動(dòng)機(jī)正常工作.不計(jì)各處摩擦的條件下，正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的有用功率是()A．3W B．2.7W C．1.8W D．0.3W2、在電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場中，沿電場方向放置帶電量為q的等量異種電荷A、B如圖，A受電場力恰好為零，則下列說法正確的是A．B受電場力方向向右B．A帶正電，B帶負(fù)點(diǎn)C．B受的電場力一定也為零D．B受的電場力為2Eq3、如圖所示，平行線代表電場線，但未標(biāo)明方向，一個(gè)帶正電、電荷量為10－6C的粒子在電場中僅受電場力作用，當(dāng)它從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了10－5J。已知A點(diǎn)的電勢為－10V，則以下判斷正確的是A．粒子的電勢能減少了10－5JB．粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線2所示C．B點(diǎn)電勢為零D．B點(diǎn)電勢為－20V4、老師為了讓學(xué)生對學(xué)過的公式的適用條件引起重視，特別命制了一道關(guān)于公式適用條件的選擇題。下面關(guān)于電場強(qiáng)度的三個(gè)公式①E=Fq、②E=kQr2、③A．①式對任何電場都適用B．三個(gè)公式適用的范圍不同C．適用于點(diǎn)電荷電場的只有②式，適用于勻強(qiáng)電場的只有③式D．在國際單位制中三個(gè)公式所得出的電場強(qiáng)度單位都是相同的5、關(guān)于加速度和速度的關(guān)系，以下說法正確的是（）A．速度為零，加速度一定為零B．速度越大，加速度一定越大C．速度變化越大，加速度一定越大D．速度變化越快，加速度一定越大6、如圖所示,直流電源兩端的電壓保持不變,平行板電容器與電源連接,下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，A．帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B．電容器的電容增大C．極板所帶的電荷量減少D．P點(diǎn)與下極板的電勢差不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，木塊AB用輕彈簧連接，放在光滑的水平面上，A緊靠墻壁，在木塊B上施加向左的水平力Ｆ，使彈簧壓縮，當(dāng)撤去外力后()A．A尚未離開墻壁前，AB系統(tǒng)的動(dòng)量守恒；B．A尚未離開墻壁前，彈簧和B系統(tǒng)的機(jī)械能守恒C．A離開墻壁后，AB系統(tǒng)動(dòng)量守恒；D．A離開墻壁后，AB系統(tǒng)機(jī)械能守恒．8、2017年2月25日，札幌亞冬會(huì)中國選手張義威、劉佳宇一舉拿下單板滑雪U型場地男女雙冠．滑雪U型場地可簡化為固定在豎直面內(nèi)的半圓形軌道場地，如圖所示，雪面內(nèi)不同位置各處摩擦因數(shù)不同，因摩擦作用滑雪運(yùn)動(dòng)員從半圓形場地的坡頂下滑的最低點(diǎn)過程中速率不變，則（）A．運(yùn)動(dòng)員下滑的過程中加速度時(shí)刻變化B．運(yùn)動(dòng)員下滑的過程所受合外力恒定不變C．運(yùn)動(dòng)員下滑過程中與雪面的動(dòng)摩擦因數(shù)變小D．運(yùn)動(dòng)員滑到最低點(diǎn)時(shí)所受重力的瞬時(shí)功率達(dá)到最大9、兩個(gè)帶等量正電荷的小球（可視為點(diǎn)電荷）固定在圖中a、b兩點(diǎn)，MN為ab連線的中垂線，交直線ab于O點(diǎn)，A為MN上的一點(diǎn)。取無限遠(yuǎn)處的電勢為零，一帶負(fù)電的試探電荷q僅在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)，則（）A．若q從A點(diǎn)由靜止釋放，其將以O(shè)點(diǎn)為對稱中心做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B．若q從A點(diǎn)由靜止釋放，其在由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中加速度先增大后減小C．q由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)能逐漸增大，電勢能逐漸減小D．若在A點(diǎn)給q一個(gè)合適的初速度，它可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)10、如圖在光滑四分之一圓弧軌道的頂端a點(diǎn)，質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))由靜止開始下滑，經(jīng)圓弧最低點(diǎn)b滑上粗糙水平面，圓弧軌道在b點(diǎn)與水平軌道平滑相接，物塊最終滑至c點(diǎn)停止．若圓弧軌道半徑為R，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，下列說法正確的是()A．物塊滑到b點(diǎn)時(shí)的速度為B．c點(diǎn)與b點(diǎn)的距離為C．物塊滑到b點(diǎn)時(shí)對b點(diǎn)的壓力是3mgD．整個(gè)過程中物塊機(jī)械能損失了mgR三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)在要測量一段電阻絲的電阻率ρ，其阻值Rx約為0.5Ω，允許通過的最大電流為0.5A.現(xiàn)有如下器材可供選擇：電流表A(量程0.6A，內(nèi)阻約為0.6Ω)電壓表V(量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ)待測電阻絲Rx(阻值約為0.5Ω)標(biāo)準(zhǔn)電阻R0(阻值5Ω)滑動(dòng)變阻器R1(5Ω，2A)滑動(dòng)變阻器R2(200Ω，1.5A)直流電源E(E＝6V，內(nèi)阻不計(jì))開關(guān)S、導(dǎo)線若干(1)圖為四位同學(xué)分別設(shè)計(jì)的測量電路的一部分，你認(rèn)為合理的是________；(2)實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇________(選填“R1”或“R2”)，并采用________接法；（分壓，限流）(3)根據(jù)你在(1)(2)中的選擇，在圖甲上完成實(shí)驗(yàn)電路的連接________；(4)實(shí)驗(yàn)中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測得拉直后電阻絲的長度為L、直徑為D，則待測電阻絲的電阻率ρ的計(jì)算式為ρ＝________；(5)用螺旋測微器測量待測電阻絲的直徑時(shí)讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻絲的直徑D＝________.12．（12分）在測定金屬的電阻率的實(shí)驗(yàn)中，用該金屬制成的長約(0.8m，直徑小于1mm的電阻絲，電阻約5Ω左右．實(shí)驗(yàn)步驟如下：(1)用米尺測量接入電路部分的金屬導(dǎo)線的長度，測三次，求出平均值L．用疊繞法測出金屬導(dǎo)線的直徑d.(2)用伏安法測量金屬導(dǎo)線的電阻R．試把圖中所給出的器材連成測量R的合適線路，圖中安培表的量程為0.6A，內(nèi)阻接近1Ω，伏特表量程為3V，內(nèi)阻為幾kΩ，電源的電動(dòng)勢為6V，變阻器的阻值為0Ω～20Ω．要求在閉合電鍵前，變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)應(yīng)處于正確位置．_____(3)用上面測得的L、d和R，根據(jù)電阻率的表達(dá)式ρ=______，算出所測金屬的電阻率．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,a、b、c三點(diǎn)在勻強(qiáng)電場,其中ab沿電場線方向,bc相距sbc=10cm,bc和電場線方向成60°角，一個(gè)電荷量為q=4×10-8C(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E；(2)b、c兩點(diǎn)間的電勢差U(3)規(guī)定b點(diǎn)的電勢為零,求a點(diǎn)的電勢。14．（16分）如圖所示，光滑水平軌道與半徑為R的光滑豎直半圓軌道在B點(diǎn)平滑連接，在過圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強(qiáng)電場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m，電量為+q的小球從水平軌道上A點(diǎn)由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)離開圓軌道后，經(jīng)界面MN上的P點(diǎn)進(jìn)入電場（P點(diǎn)恰好在A點(diǎn)的正上方），小球可視為質(zhì)點(diǎn)，小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電荷量保持不變。已知A、B間距離為2R，重力加速度為g，求：（1）電場強(qiáng)度E的大小；（2）小球?qū)A軌道的最大壓力的大小；（3）小球從P點(diǎn)進(jìn)入電場后第一次返回水平軌道時(shí)的落點(diǎn)距A點(diǎn)的距離。15．（12分）如圖所示，真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強(qiáng)電場，在電場中，若將一個(gè)質(zhì)量為m、帶正電的小球由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)中小球的速度方向與豎直方向夾角恒為37°（取sin37°=0.6，cos37°=0.8），現(xiàn)將該小球從電場中某點(diǎn)P以初速度v0豎直向上拋出，重力加速度為g，求：（1）小球受到的電場力的大小及方向；（2）小球從拋出至最高點(diǎn)的過程中，電場力所做的功；（3）小球從P點(diǎn)拋出后，再次落回到與P點(diǎn)在同一水平面的某點(diǎn)Q時(shí)，小球的動(dòng)能.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

當(dāng)電機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，由歐姆定律得，電機(jī)的電阻為Ω當(dāng)電機(jī)正常工作時(shí)，電機(jī)輸出的功率為P出WC正確，ABD錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】對于電動(dòng)機(jī)，不轉(zhuǎn)時(shí)，其電路是純電阻電路，歐姆定律成立；當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立．故應(yīng)正確選擇功率公式才能準(zhǔn)確求解．2、C【解析】

A受到的電場力為零，則A受到勻強(qiáng)磁場的力與電荷B的力等大反向。B受到勻強(qiáng)電場的力與A受到勻強(qiáng)磁場的力等大反向，B受到電荷A的力與A受到電荷B的力等大反向，所以B受到的電場力為零。A.B受電場力方向向右。與結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)已知條件，無法判斷A、B帶電的正負(fù)。故B錯(cuò)誤；C.B受的電場力一定也為零。與結(jié)論相符，故C正確；D.B受的電場力為2Eq。與結(jié)論不符，故D錯(cuò)誤。3、C【解析】

A．根據(jù)動(dòng)能定理知，電場力做功等于動(dòng)能的變化量，可知電場力做了-10-5J的功，粒子的電勢能增加；故A錯(cuò)誤。B．由題，帶正電的微粒僅受電場力的作用，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能減少了10-5J，說明電場力做負(fù)功，則知電場力方向水平向左，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡是如圖虛線1所示；故B錯(cuò)誤。CD．根據(jù)動(dòng)能定理得：qUAB=△Ek得：又UAB=φA-φBφA=-10V則有：φB=0故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4、C【解析】

場強(qiáng)的定義式E=Fq適用于任何電場；E=kQr2僅適用于計(jì)算真空中點(diǎn)電荷周圍某點(diǎn)的電場強(qiáng)度；E=Ud僅適用于勻強(qiáng)電場，故AB正確5、D【解析】

A．速度為零時(shí)，加速度不一定為零，如豎直上拋的最高點(diǎn)時(shí)速度為零，但加速度為g，A錯(cuò)誤；B．速度大小與加速度與關(guān)，如飛機(jī)在高速做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度為零，B錯(cuò)誤；C．速度變化量大，但加速度不一定大，如速度變化量大但用時(shí)很長時(shí)，加速度可能很小，C錯(cuò)誤；D．加速度描述速度變化的快慢，速度變化的越來越快時(shí)，加速度越來越大，D正確。故選：D。6、C【解析】

將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由電容器的決定式可判斷電容的變化；而電容器兩板間電壓不變，根據(jù)分析板間場強(qiáng)的變化，根據(jù)F=qE判斷電場力變化，確定油滴運(yùn)動(dòng)情況．【詳解】電容器兩端的電壓不變，將上極板上移時(shí)，d增大，由電容的決定式，可知C減小，根據(jù)Q=UC可知，極板帶電量也減小，故B錯(cuò)誤，C正確；根據(jù)，可知電場強(qiáng)度減小，則電場力減小，故帶電油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)U=Ed，可知，P點(diǎn)與下極板的距離不變，但E減小，故P點(diǎn)與下極板的電勢差減小，故D錯(cuò)誤，故選C．【點(diǎn)睛】本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，要明確一直和電源相連，故電壓不變；再由決定式及定義式分析電容、電量等的變化．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

A．當(dāng)撤去外力F后，A尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為零．所以A和B組成的系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．以A、B及彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象，在A離開墻壁前，除了系統(tǒng)內(nèi)彈力做功外，無其他力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B正確；C．A離開墻壁后，A、B系統(tǒng)所受的外力之和為0，所以A、B組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，故C正確；D．在A離開墻壁后，對A、B及彈簧組成的系統(tǒng)，除了系統(tǒng)內(nèi)彈力做功外，無其他力做功，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤．8、AC【解析】A項(xiàng)：因運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，具有向心加速度，而向心加速度方向始終指向圓心，所以下滑的過程中加速度時(shí)刻變化，故A正確；B項(xiàng)：因運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合力提供向心力，向心力始終指向圓心，故合外力大小不變，方向時(shí)刻變化，所以運(yùn)動(dòng)員下滑的過程所受合外力是變力，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：設(shè)運(yùn)動(dòng)員某時(shí)刻的速度方向與水平方向的夾角為α,則FN-mgcosα=mv2R，由于速度不變，αD項(xiàng)：動(dòng)員滑到最低點(diǎn)時(shí)，重力豎直向下，速度方向水平向右，兩者方向垂直，所以在最低點(diǎn)重力瞬時(shí)功率為零，故D錯(cuò)誤。9、ACD【解析】

A．若q從A點(diǎn)由靜止釋放，受到向下的電場力作用，向下加速運(yùn)動(dòng)，過O點(diǎn)后受到向上的電場力作用，做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力情況的對稱性可知q將以O(shè)點(diǎn)為對稱中心做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．電荷在O點(diǎn)時(shí)電場力為零，電荷在A點(diǎn)電場力是否最大無法確定，電荷由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中加速度變化情況無法確定，可能一直減小，也可能先增大再減小，故B錯(cuò)誤；C．q由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力做正功，說明動(dòng)能逐漸增大，電勢能逐漸減小，故C正確。D．q受到指向圓心的電場力，在ab連線中垂面內(nèi)給它一個(gè)垂直電場力方向大小合適的速度，電場力提供向心力，電荷可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選ACD。10、BCD【解析】

A.由機(jī)械能守恒可知，mgR=mv2；解得b點(diǎn)時(shí)的速度為，故A不符合題意；B.對全程由動(dòng)能定理可知，mgR-μmgs=0解得bc兩點(diǎn)間的距離為，故B符合題意；C.b點(diǎn)時(shí)，物體受重力、支持力而做圓周運(yùn)動(dòng)，則由可得支持力F=3mg，由牛頓第三定律可知，物塊對b點(diǎn)的壓力為3mg；故C符合題意；D.在滑動(dòng)過程中，摩擦力所做的功等于機(jī)械能的損失，故機(jī)械能損失了μmgs=mgR，故D符合題意；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CR1分壓1.205【解析】

(1)、(2)、關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻來選擇變阻器阻值以及接法；根據(jù)求出的最小電阻來選擇保護(hù)電阻；根據(jù)待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻可知電流表應(yīng)用外接法，但因?yàn)榇郎y電阻阻值太小可知待測電阻應(yīng)與保護(hù)電阻串聯(lián)使用．(3)根據(jù)是連接電路時(shí)應(yīng)先連接主干路然后再連接并聯(lián)電路，注意正負(fù)極和量程．(4)關(guān)鍵是根據(jù)歐姆定律和電阻定律求出電阻率的表達(dá)式即可．(5)關(guān)鍵是讀數(shù)時(shí)要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀，注意半毫米刻度線是否露出．【詳解】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻為：，所以變阻器應(yīng)選R1并且應(yīng)采用分壓式接法；電路中需要的最小電阻為：，為保護(hù)電流表應(yīng)與一保護(hù)電阻串聯(lián)，所以排除電路A，再根據(jù)待測電阻滿足，可知電流表應(yīng)用外接法，所以應(yīng)排除電路D，由于待測電阻阻值太小，將電壓表直接測量時(shí)電壓太小無法讀數(shù)，所以應(yīng)將待測電阻與保護(hù)電阻串聯(lián)后再與電壓表并聯(lián)才行，所以合理的電路應(yīng)是C；(2)根據(jù)題(1)中的分析可知，變阻器應(yīng)選R1，并且應(yīng)采用分壓式接法；(3)根據(jù)題（1）中分析可知電路連接圖如圖所示：(4)圖C電路圖應(yīng)有：①根據(jù)電阻定律應(yīng)有：②聯(lián)立①②可得：(5)螺旋測微器的讀數(shù)為：D=1mm+20.6×0.01mm=1.205（±0.002）mm；【點(diǎn)睛】明確：①通過估算電路中需要的大小電阻來選擇保護(hù)電阻，通過電路中需要的最大電阻來選擇變阻器阻值以及采用的接法；②當(dāng)待測電阻滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法．12、【解析】

（2）待測金屬絲電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)外接．變阻器的阻值略大于待測電阻，接限流式接法，電路如圖（3）根據(jù)公式可得,解得【點(diǎn)睛】本題出示了公式，能幫助學(xué)生更好的理解影響電阻大小的因素．本題也可以說是一道創(chuàng)新題，能考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)創(chuàng)新能力，是一道好題．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）100V/m（2）5V（3）5V【解析】

（1）根據(jù)電場力做功公式F=qE求解電場強(qiáng)度；（2）根據(jù)U=Ed求解b、c兩點(diǎn)間的電勢差Ubc；（3）根據(jù)W=qU求出a、b兩點(diǎn)的電勢差，再根據(jù)U【詳解】（1）由題知，在a點(diǎn)時(shí)受到的電場力為F=4×10-6解得：E=（2）根據(jù)U=Ed，其中d是沿電場線方向的距離，則有：U（3）根據(jù)W=qU，解得：U又根據(jù)Uab=解得：a點(diǎn)的電勢為φ