江蘇某中學2024年高二10月月考物理試題（含答案）

江蘇省揚州中學2024-2025學年10月考試題

商二物理

一、桃謂I（34分，共10題）

1.如圖所示，電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r,M為定值電阻，&為光敏電阻（阻值隨光照

強度增大而減?。珻為電容器，L為小燈泡，電表均

為理想電表，閉合開關S電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，若增大

照射光強度，則

A.小燈泡的功率減小

B.電容器極板上的電荷量增加

C.電源的輸出功率一定增大

D.兩表示數(shù)變化量的比值當不變

2.如圖所示，大量程電壓表、電流表都是由靈敏電流表G和變阻箱R改裝而成。已知靈敏

電流表G的滿偏電流為7g=300mA,內(nèi)阻為Rg=10C,變

阻箱R接入電路的阻值為下列說法正確的是

A.改裝為15V量程的電壓表，選擇圖甲，7?o=2OQ

B.改裝為15V量程的電壓表，選擇圖乙，區(qū)=40。

C.改裝為0.6A量程的電流表，選擇圖甲，島=5。

D.改裝為0.6A量程的電流表，選擇圖乙，7?o=lOQ

3.如圖所示，虛線框內(nèi)為多用電表歐姆擋的內(nèi)部電路，。、b

為電表面板上的表筆插孔，下列說法正確的是

A.?？撞寮t表筆

B.用“xlOOQ”倍率測量時指針在0。附近；應先換用

“X10Q”倍率

C.更換倍率測量電阻時，不需要重新進行歐姆調(diào)零

D.若要測量電路中某電阻的阻值，需要斷開開關，但可將

該電阻連在電路中進行測量

4.在如圖所示的圖像中，直線/為某一電源的路端電壓與電流的關系圖線，直線n為

某一電阻R的U-/圖線。用該電源直接與電阻五相連組成閉

合電路，由圖下面說法錯誤的是

A.電源的電動勢為3V,內(nèi)阻為0.5。

B.電阻R的阻值為1。

C.電源的效率為50%

D.電源的輸出功率為4W

1

5.網(wǎng)球質(zhì)量約60g,某球員高速擊球時，球迎面飛來的速度約為50m/s,球與球拍接觸的時

間大約是0.004s,倘若要用球拍以同等的速率將球反向擊回，則此過程中網(wǎng)球

A.動量變化量為0B.動量變化量約為3.0kg-m/s

C.受到球拍的沖擊力約為750ND.受到球拍的沖擊力約為1500N

6.“娛樂風洞”是在一個特定的空間內(nèi)通過風機制造的氣流把人“吹”起來，使人產(chǎn)生在天空

翱翔的感覺。其簡化模型如圖，一質(zhì)量為〃，的游客恰好靜止在半徑為R的圓柱形豎直風洞

內(nèi)，已知氣流密度為p,游客在這種姿勢下的受風面積（游客在垂直于風力方向的投影面

積）為S,風洞內(nèi)氣流豎直向上“吹''出且速度恒定。假設氣流吹到人身上后速度變?yōu)榱?，?/p>

力加速度為g，不考慮氣體重力，下列說法正確的是

氣流速度大小為器

A.J

若風速變?yōu)樵瓉淼?，則游客向下加速，加速度大小為gg

B.

C.若風速變?yōu)樵瓉淼?倍，則游客向上加速，加速度大小為3g

D.風速不變，游客在受風面積變化時仍能靜止風

7.如圖所示，在光滑的水平面上，有一質(zhì)量為力的木板4通過不可伸長的輕繩與質(zhì)量

2%的足夠長的木板8連接。質(zhì)量為優(yōu)可看成質(zhì)點的物塊C靜止在木板2右端。開始時，

4、B、C均靜止，繩未拉緊?，F(xiàn)在使木板/以vo的速度向右運動，經(jīng)過一段時間后系統(tǒng)達

到穩(wěn)定狀態(tài)。繩子拉直繃緊后瞬間，/、5同速，在繩子繃緊后瞬間，下列說法中正確的是

'〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃/

A.繩子繃緊前后，/、B、C系統(tǒng)機械能守恒B.木板/的速度大小為vo

11

C.木板2的速度大小為：為D.物塊C的速度大小為

D4

8.如圖所示，長為工的輕質(zhì)細繩一端與帶孔小球P連接，另一端與木塊Q連接，小球P穿

在光滑的固定水平桿（足夠長）上，小球P與木塊Q的質(zhì)量均為心。片0時刻，給木塊Q

一水平向右的瞬時沖量，使其獲得%的初速度，則從片0時刻至Q再次運動到P正下

方的過程中，下列說法正確的是p

A.繩對P先做正功后做負功—o-

B.繩對P的沖量大小為加向

C.木塊Q運動到右側最高點時的速度大小為0Q白

D.木塊Q再次運動到P正下方時，P的速度大小為版

2

9.如圖所示，一質(zhì)量為N的小車靜止在光滑水平面上，車上固定一個豎直支架，輕繩一端

固定在支架上，另一端固定一質(zhì)量為優(yōu)的小球，輕繩長為/,將

小球向右拉至輕繩水平后，從靜止釋放，忽略各摩擦阻力，則

A.系統(tǒng)的動量守恒

B.小球運動到最低點時小車速度為零

C.小球不能向左擺到原高度

D.小車向右移動的最大距離為名人

10.質(zhì)量為羽的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平

直徑AB長度為2R,現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方ho高

處由靜止釋放，然后由4點經(jīng)過半圓軌道后從8點沖出，在空中

能上升到距8點所在水平線的最大高度為:自處（不計空氣阻

力，小球視為質(zhì)點），則

A.小球離開小車后做豎直上拋運動

B.小球和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒

C.小球在最低時，地面對小車的支持力為2〃?g

D.小球第二次上升最大高度到距8點所在水平線為與

二、實（22分，共2題）

11.某興趣小組想要測量一個電池的電動勢和內(nèi)阻，在實驗室找到以下實驗器材：電流表

A、電阻箱、開關、導線若干。

⑴實驗電路圖如圖1所示

圖1圖2圖3

改變電阻箱的阻值，記錄多組電阻箱示數(shù)R和電流表示數(shù)/,畫出尺-,圖像，如圖2所

I

示。由圖2可得電源的電動勢￡=,內(nèi)阻尸o若不考慮偶然誤差，電動勢測量

值與真實值相比,內(nèi)阻測量值與真實值相比o（填“偏大”“偏小”或“相等”）

（2）興趣小組進一步測量電流表A的內(nèi)阻RA,為此又在實驗室找到另一個電流表AI（內(nèi)阻

未知），并設計了如圖3所示電路，實驗步驟如下：

①閉合Si,斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱示數(shù)為用，電流表Ai的示數(shù)為To,

②閉合Si,閉合S2,調(diào)節(jié)電阻箱，直到,此時電阻箱示數(shù)為及2,則電

流表A的內(nèi)阻AA=0

3

12.某實驗小組欲利用熱敏電阻設計一款溫度報警器，器材有電源用（電動勢為12V,內(nèi)

阻不計），電源及（電動勢為L5V,內(nèi)阻不計），電流表A（量程為0.6A,內(nèi)阻很?。?，電

壓表V（量程為6V,內(nèi)阻r=1000C）,滑動變阻器M（最大阻值為100。），電阻箱&,熱

敏電阻瓦（室溫下阻值約為L5kQ）,單刀單擲開關Si,單刀雙擲開關S2和導線若干。

（1）根據(jù)圖甲測量電路，為盡可能準確地測量熱敏電阻的阻值，電源應選,電表1應

選（填“電流表A”或“電壓表V”）。

R/kO

3.0

2.5

2.0

1.5

1.0

162030405060tl°C

乙

（2）測量熱敏電阻RT的阻值隨溫度t的變化關系。

①依據(jù)圖甲連接電路，將熱敏電阻比置于溫控箱中，將滑動變阻器的滑片置于最左端。

②閉合開關Si,將單刀雙擲開關S2打到b端，調(diào)節(jié)溫控箱的溫度，調(diào)節(jié)滑動變阻器&使電

表1有適當讀數(shù)；保持滑動變阻器R滑片的位置不變，將單刀雙擲開關S2打到a端，調(diào)

節(jié),記錄溫控箱的溫度t和電阻箱R2的阻值。

③重復②中的步驟，在坐標紙中描繪熱敏電阻的RTY圖像，如圖乙所示。

（3）利用該熱敏電阻設計一款簡易溫度報警裝置，其電路結構如圖丙所示。已知電源的電動

勢為3V,內(nèi)阻很小，不計報警器電阻對電路的影響，若報警器的電壓高于2V時會報警，

要求報警器在溫度高于36久時發(fā)出警報，則電阻箱R的阻值應該調(diào)為Q,若考慮

到電源內(nèi)阻的影響，則實際報警溫度會（填“高于”“低于”或“等于"）36℃o

R]/

三、解例I（共38分，共4題）

13.（6分）如圖所示，電源電動勢E=12V,內(nèi)阻電阻

Ri=3Q,Rz=2Q,7?3=4Q,水平放置的平行板電容器的電容

C=100nF,開關S斷開后，電容器中的帶電粒子處于靜止狀態(tài),

取g=10m/s2,求：

（1）開關S斷開時，電容器所帶的電量；

（2）開關S閉合瞬間，帶電粒子的加速度大小和方向。

4

14.（8分）如圖（a）所示，一傾角6=37。的足夠長的斜面固定在水平地面上，質(zhì)量

加=2kg的滑塊在斜面上足夠高的位置由靜止釋放，并沿斜面向下加速運動。從釋放時刻

起，用平行斜面向上的拉力尸作用在滑塊上，拉力廠隨時間t變化的圖像如圖（b）所示,

2s時滑塊速度達到最大。已知重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8o

（1）滑塊與斜面的動摩擦因數(shù)和滑塊的最大速度%的大??；

（2）經(jīng)過多長時間滑塊到達最低點。

15.（12分）如圖所示，一質(zhì)量3kg的足夠長木板B靜止在光滑水平面上，B的右側有

豎直墻壁，B的右端與墻壁的距離L=4m?，F(xiàn)有一可視為質(zhì)點的質(zhì)量m=1kg的小物塊

A,以vo=8m/s的水平初速度從B的左端滑上B,已知A、B間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,B

與豎直墻壁的碰撞時間極短，且碰撞時無能量損失。

（1）求B與豎直墻壁碰撞前，A、B組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能及A、B的相對位移；

（2）求從A滑上B到B與墻壁碰撞所用的時間t；

（3）若B的右端與墻壁的距離工可以改變，并要求B只與墻壁碰撞兩次，則2應該滿足什

么條件？

,?

5

16.(12分)如圖(a),一質(zhì)量為冽的物塊A與輕質(zhì)彈簧連接，靜止在光滑水平面上：物

塊B向A運動，右0時與彈簧接觸，到右2加時與彈簧分離，第一次碰撞結束，A、B的7

圖像如圖(b)所示。已知從片0到片m時間內(nèi)，物塊A運動的距離為0.36voto。A、B分

離后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，與一直在水平面上運動的B再次碰撞，之后A再次滑

上斜面，達到的最高點與前一次相同。斜面傾角為6(sine=0.6),與水平面光滑連接。碰撞

過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。求

(1)第一次碰撞過程中，彈簧彈性勢能的最大值；

(2)第一次碰撞過程中，彈簧壓縮量的最大值；

(3)物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)。

6

10月考答案

1-5DBBCD6-10CCDDA

b

11.(1)-b相等偏大

a

(2)Al的示數(shù)再次變?yōu)門oR2-R1

12.(1)EiV

(2)調(diào)節(jié)&使得電表1的示數(shù)保持不變

(3)1800高于

2

13.(1)4X10-4C;(2)10m/s,方向豎直向上

(1)開關S斷開時，電容器兩端電電勢差與&電壓相等，則Uc=/E=4V

根據(jù)電容的定義式有。=4x1。丸

(2)設粒子的質(zhì)量為如電荷量為q,平行板電容器兩板間的距離為乩

開關S斷開后，電容器兩極板間的電壓為么=4V

由于粒子靜止，則有與=〃zg

a

開關S閉合后，電容器兩極板間的電壓為UC'=J2=8V

K2+r

因為華＞，"g，由牛頓第二定律知，粒子加速度方向豎直向上，由上可個=2〃琢

aa

qU,c

mg

則粒子的加速度大小為〃一—_10,2

Cl——1U1I1/o

m

14.(1)0.25,4m/s；(2)4s

(1)根據(jù)題意可知,t=2s時下滑速度最大，則物塊合外力為0,由圖(b)可知此時尸=8N,

平衡條件有mgsind=F+/jmgcos0,代入數(shù)據(jù)得〃=0.25

從釋放到t=2s的過程,沿斜面方向由動量定理有mgtsin3-^Ft-pirngtcos0=mvm

解得％=4m/s

（2）設經(jīng)過"滑塊到達最低點，此時滑塊速度為0,沿斜面方向由動量定理有

mgt^smO+IF-jumgtfios3=0

由圖像可知歹=4f,所以4時刻〃=-；x4彳，解得H3.5S

14

15.【答案】（1）24J；（2）3.5s；（3）-m<L<-m

（1）設A、B達到的共同速度為％根據(jù)動量守恒定律有

mv0=（勿+的v

解得v=2m/s

設這一過程中B向右運動的位移為X。根據(jù)動能定理有〃，咫占=（旃2

解得Xj=3m

因乂</,A、B達到共同速度后才與墻碰撞，對系統(tǒng)由能量守恒定律得

Q=；小說-g（機+M）v2

代入數(shù)據(jù)解得2=24J

設從A滑上B到兩者達到共同速度所用的時間為ti,則有jUmg^Ma,v=atx

代入數(shù)據(jù)解得%=3s

兩者達到共同速度后一起勻速運動，直到B第一次與墻壁碰撞，設勻速運動所用時間為

t2,貝lJLX]=%

解得彳2=05s

所以從A滑上B到B與墻壁碰撞所用的時間為k%+弓=3.5s

(3)要能碰撞兩次，表明第一次碰撞前瞬間A、B的速度大小不等。取水平向右為正方

向，設B與墻壁第一次碰撞前瞬間A、B的速度大小分別為力、彩，根據(jù)動量守恒定律有

mvQ=mv]-\-Mv2

設B與墻壁第二次碰撞前瞬間A、B的速度大小分別為質(zhì)心根據(jù)動量守恒定律有

mV)—A/v2=mv3+Afv4

若要B與墻只發(fā)生兩次碰撞，則第一次碰撞后系統(tǒng)總動量方向要向右，第二次碰撞后總

動量方向不能向右，所以有機匕一M%>0,mv—Mv^<0

根據(jù)B往返運動的對稱性知v2=v4,根據(jù)動能定理有kimgL=

聯(lián)立以上各式，由加匕—可得

4

由mv—Mv2>0可得L<g"2

14

即/應滿足的條件是機

16.(1)0.6加詔;(2)0.768%%；(3)0.45

【詳解】(1)當彈簧被壓縮最短時，彈簧彈性勢能最大，此時A、B速度相等，即"為

時刻，根據(jù)動量守恒定律mB12%=(mB+m)v0

根據(jù)能量守恒定律綜網(wǎng)=|(L2%)2_g(mB+m)v^

聯(lián)立解得mB=5m,Epmax=0.6加片

(2)解法一：同一時刻彈簧對A、B的彈力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律

F=ma

可知同一時刻%=5%

則同一時刻A、B的的瞬時速度分別為%=a*,VB=1.2V0-^

根據(jù)位移等速度在時間上的累積可得〃=v*(累積)，%=%?(累積)

又%為加%%

解得%=1128%%

第一次碰撞過程中，彈簧壓縮