2025屆麗水市重點中學物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

2025屆麗水市重點中學物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于洛倫茲力，以下說法正確的是（）A.帶電粒子運動時不受洛倫茲力作用，則該處的磁感強度為零B.磁感強度、洛倫茲力、粒子的速度三者之間一定兩兩垂直C.洛倫茲力不會改變運動電荷的速度D.洛倫茲力對運動電荷一定不做功2、如圖所示，球被輕繩AO掛在豎直光滑墻上不動，關于球的受力情況，下列說法正確的是A.輕繩對球的拉力小于球的重力B.輕繩對球的拉力等于球的重力C.輇繩對球的拉力等于墻對球的彈力D.輕繩對球的拉力大于墻對球的彈力3、一矩形線圈在勻強磁場中勻速轉動產(chǎn)生的交變電流電動勢如圖所示，下面說法正確的是A.交流電動勢的有效值為20VB.交流電動勢的有效值為10VC.t=0.01s線圈處于中性面D.交流電動勢的頻率為50Hz4、如圖，空間存在水平向左的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，電場和磁場相互垂直。在電磁場區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球，小球可沿圓環(huán)自由運動。O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c為圓環(huán)上的三個點，a點為最高點，c點為最低點，Ob沿水平方向。已知小球所受電場力與重力大小相等。現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放。下列判斷正確的是（）A.當小球運動的弧長為圓周長的1/2時，洛倫茲力最大B.當小球運動的弧長為圓周長的3/8時，洛倫茲力最小C.小球從a點到b點，重力勢能減小，電勢能增大D.小球從b點運動到c點，電勢能增大，動能先增大后減小5、如右圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O點為平衡位置，在a、b兩點之間做簡諧運動，其振動圖象如圖乙所示．由振動圖象可以得知()A.振子的振動周期等于t1B.在t＝0時刻，振子的位置在a點C.在t＝t1時刻，振子的速度為零D.從t1到t2，振子正從O點向b點運動6、如圖所示，在直角三角形abc區(qū)域(含邊界)內存在垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，∠B=60，∠B=90°，邊長ac=L，一個粒子源在a點將質量為m，電荷量為q的帶正電粒子以大小和方向不同的速度射入磁場，在磁場中運動時間最長的粒子中，速度的最大值是()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、半徑為R的橡膠圓環(huán)均勻帶正電，總電荷量為Q，現(xiàn)使圓環(huán)繞垂直環(huán)所在平面且通過圓心的軸以角速度ω勻速轉動，則由環(huán)產(chǎn)生的等效電流判斷正確的是（）A.若ω不變而使電荷量Q變?yōu)樵瓉淼?倍，則等效電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍B.若電荷量Q不變而使ω變?yōu)樵瓉淼?倍，則等效電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍C.若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，等效電流將變大D.若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)半徑增大，等效電流將變小8、如圖所示，兩個半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強磁場和勻強電場中，軌道兩端在同一高度上兩個相同的帶正電小球可視為質點同時分別從軌道的左端最高點由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點，則()A.兩小球到達軌道最低點的速度B.兩小球到達軌道最低點時對軌道壓力C.兩小球第一次到達最低點的時間相同D.兩小球都能到達軌道的另一端9、如圖所示，AB、CD是兩根平行的導線，AB通過螺線管連接，當一條形磁鐵從右側靠近螺線管時，下列說法正確的是（）A.導線AB的電流方向向左B.導線AB和導線CD相互吸引C.螺線管產(chǎn)生的磁場，右端為N極D.若條形磁鐵上下移動，導線AB中沒有感應電流10、如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下．當磁鐵向下運動時（但未插入線圈內部），下列判斷正確的是（）A.磁鐵與線圈相互排斥B.磁鐵與線圈相互吸引C.通過R感應電流方向為從a到bD.通過R的感應電流方向為從b到a三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中：（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑時，其示數(shù)如圖1所示，則金屬絲的直徑為_____（2）某同學設計了如圖所示的電路測量該金屬絲的電阻（阻值約）可選用的器材規(guī)格如下：電源E（電動勢，內阻不計）；電流表A（，內阻約）；電流表G（，內阻為）；滑動變阻器（阻值，額定電流）；滑動變阻器（阻值，額定電流）；定值電阻；定值電阻；開關S和導線若干①為了便于操作，并使測量盡量精確，定值電阻應選______，滑動變阻器R應選______②某次測量時電流表G的讀數(shù)為，安培表示數(shù)為，計算的準確值為______（計算結果保留3為有效數(shù)字）12．（12分）在輸送一定功率的電能時，為減少輸電導線因發(fā)熱而損失的電能，有效的方法是______(填“提高”成“降低”)送電的電壓：若變壓器副線圈兩端的電壓大于原線圈兩端的電壓，則副線圈的匝數(shù)_______(填“大于”“小于“或“等于”)原線圈的匝數(shù)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在空間有坐標系，第三象限有磁感應強度為的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，第四象限有豎直向上的勻強電場.一個質量為、電荷量為的正離子，從處沿與軸負方向成角垂直射入勻強磁場中，結果離子正好從距點為的處沿垂直電場方向進入勻強電場，最后離子打在軸上距點的處.不計離子重力，求：（1）此離子在磁場中做圓周運動的半徑；（2）離子從處運動到處所需的時間；（3）電場強度的大小.14．（16分）如圖所示，在電子槍右側依次存在加速電場，兩水平放置的平行金屬板和,豎直放置的熒光屏。加速電場的電壓為，兩平行金屬板的板長、板間距離均為,熒光屏距兩平行金屬板右側距離也為。電子槍發(fā)射的質量為、電荷量為的電子，從兩平行金屬板的中央穿過，打在熒光屏的中點。不計電子進入加速電場前的速度及電子重力。(1)求電子進入兩金屬板間時的速度大小;(2)若兩金屬板間只存在垂直紙面向外的勻強磁場(如圖)，求電子到達熒光屏的位置與點距離的最大值和此時磁感應強度的大小;(3)若兩金屬板間只存在豎直方向的勻強電場，兩板間的偏轉電壓為，電子會打在熒光屏上某點，該點距點距離為，求此時與的比值。15．（12分）如圖所示是磁動力電梯示意圖，即在豎直平面上有兩根很長的平行豎直軌道，軌道間有垂直軌道平面交替排列的勻強磁場B1和B2，B1=B2=1.0T，B1和B2的方向相反，兩磁場始終豎直向上作勻速運動．電梯轎廂固定在如圖所示的金屬框abcd內（電梯轎廂在圖中未畫出），并且不絕緣．已知電梯載人時的總質量為4.75×103kg，所受阻力f=500N，金屬框垂直軌道的邊長Lcd=2.0m，兩磁場的寬度均與金屬框的邊長Lad相同，金屬框整個回路的電阻R=9.010-4，g取10m/s2．假如設計要求電梯以v110m/s的速度勻速上升，求：（1）金屬框中感應電流的大小及圖示時刻感應電流的方向；（2）磁場向上運動速度v0的大??；（3）該磁動力電梯以速度v1向上勻速運動時，提升轎廂的效率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AB．洛倫茲力表達式：為磁感應強度為與速度的夾角，所以磁感強度、洛倫茲力、粒子的速度三者之間不一定兩兩垂直，當時，，但是磁感應強度可以不為零，AB錯誤；CD．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力始終與速度垂直不做功，不會改變速度的大小，會一直改變速度的方向，C錯誤，D正確。故選D。2、D【解析】設繩子和墻面夾角為θ，對小球進行受析：把繩子的拉力T和墻對球的彈力為N合成F，由于物體是處于靜止的，所以物體受力平衡，所以物體的重力等于合成F，即F=G，根據(jù)幾何關系得出：，N=mgtanθ；所以輕繩對球的拉力大于墻對球的重力，輕繩對球的拉力大于墻對球的彈力，故ABC錯誤，D正確3、B【解析】由圖可讀出電動勢的最大值，計算有效值．矩形線圈在勻強磁場中勻速轉動時產(chǎn)生正弦交變電流．磁通量為零，感應電動勢最大；磁通量最大時，感應電動勢為零，線圈恰好通過中性面．由圖可讀出周期，計算頻率【詳解】AB、由圖象可得Em=20v，有效值為：E=V=10V，故A錯誤，B正確；C.t=0.01s時電動勢最大，磁通量為零，線圈平面與中性面垂直，故C錯誤；D.由圖象可得交流電的周期為T=0.04S，所以頻率為：f=1/T=1/0.04Hz=25Hz，故D錯誤；故選B.4、D【解析】球所受的電場力與重力大小相等，二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故類似于等效的重力，所以bc弧的中點相當于平時豎直平面圓環(huán)的“最低點”.關于圓心對稱的位置就是“最高點”；在“最低點”時速度最大．再根據(jù)豎直平面內的圓周運動的相關知識解題即可.【詳解】A．小球受到水平向左的電場力和豎直向下的重力，二力大小相等，故二力的合力方向于水平方向成45°向左下，如圖：故小球運動到圓弧bc的中點時，速度最大，此時的洛倫茲力最大，即小球運動的弧長為圓周長的時，洛侖茲力最大，故A錯誤；B．由A的分析可知，結合對稱性可知，當小球運動的弧長為圓周長的時，洛侖茲力最小，故B錯誤；C．小球由a到b的過場中，電場力和重力均做正功，重力勢能和電勢能都減小，故C錯誤.D．小球從b點運動到c點，電場力做負功，電勢能增加；因力的合力方向將于水平方向成45°向左下，當小球運動到圓弧bc的中點時速度最大，所以小球從b點運動到c點過程中，動能先增大，后減小，故D正確。故選D。【點睛】該題關鍵要能夠根據(jù)受力分析找出做圓周運動等效的最高點和最低點，再根據(jù)豎直平面內的圓周運動的知識解題.5、D【解析】A中振子的振動周期等于2t1，故A不對；B中在t=0時刻，振子的位置在O點，然后向左運動，故B不對；C中在t=t1時刻，振子經(jīng)過平衡位置，此時它的速度最大，故C不對；D中從t1到t2，振子正從O點向b點運動，故D是正確的6、A【解析】根據(jù)題意可知，當速度方向沿著方向并且圓弧與相切，此時粒子的運動時間最長，如圖所示，設半徑為，根據(jù)三角形相關知識可知：則：則：整理可以得到：由于，整理得到：故選項A正確【點睛】考查電場力與洛倫茲力，及向心力，并運用牛頓第二定律來解題，同時結合幾何關系來確定已知長度與半徑的關系．本題關鍵之處是畫出正確的運動圖二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】截取圓環(huán)的任一截面S，如題圖所示，在橡膠圓環(huán)運動一周的時間T內，通過這個截面的電荷量為Q，則有I=又，所以I＝A．由I＝可知，若ω不變而使電荷量Q變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；B．由I＝可知，電荷量Q不變而使ω變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流也將變?yōu)樵瓉淼?倍，故B正確；CD．由I＝可知，若使ω、Q不變，將橡膠環(huán)拉伸，使環(huán)的半徑增大，對電流沒有影響，故CD錯誤。故選AB。8、AB【解析】小球在磁場中運動，在最低點進行受力分析可知，解得：①，小球在電場中運動，在最低點受力分析可知，解得②，由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒；而小球在電場中運動受到的電場力對小球做負功，到達最低點時的速度的大小較小，所以在電場中運動的時間也長，A正確C錯誤；因為，結合①②可知：，B正確；由于小球在磁場中運動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機械能守恒，所以小球可以到達軌道的另一端，而電場力做小球做負功，所以小球在達到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達最右端，D錯誤【點睛】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球對軌道的作用力，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球對軌道的壓力的大小9、AC【解析】AC．由題意可知，當磁鐵N極從右側靠近螺線管時，導致穿過的磁通量向左變大，因此根據(jù)楞次定律，則感應電流的磁場向右，感應電流的方向為盤旋而向右，則流過AB的電流方向向左，螺線管產(chǎn)生的磁場，右端為N極，故AC正確；B．由圖可知，部分為直流電路，電流的方向向右，與電流的方向相反，根據(jù)電流之間相互作用的特點可知，導線與之間相互排斥，故B錯誤；D．若將條形磁鐵上下移動，則穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化，所以導線中有感應電流，故D錯誤。故選AC。10、AC【解析】由“來拒去留”可知，磁鐵靠近線圈，則磁鐵與線圈相互排斥，故A正確，B錯誤；由題目中圖可知，當磁鐵豎直向下運動時，穿過線圈的磁場方向向下增大，由楞次定律可知感應電流的磁場應向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a經(jīng)過R到b．故C正確，D錯誤、故選AC點睛：在判斷電磁感應中磁極間的相互作用時可以直接利用楞次定律的第二種表示：“來拒去留”直接判斷，不必再由安培定則判斷線圈中的磁場，再由磁極間的相互作用判斷力的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.③.④.【解析】（1）固定刻度讀數(shù)為，則此金屬絲的直徑為（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻為：，由于待測電阻電阻為，所以滑動變阻器應用根據(jù)串分壓原理，，故定值電阻根據(jù)電阻定律，由：【點睛】根據(jù)閉合電路歐姆定律電路和電流表最小讀數(shù)，可求出電路中需要的最大電阻，根據(jù)歐姆定律再進行求解；用伏安法測量電阻，首先要考慮安全，其次準確，最后操作方便12、①.提高②.大于【解析】[1]．根據(jù)P損=I2R，要減少輸電導線因發(fā)熱而損失的電能，在R不變的情況下，需要減小線路上的電流，輸入功率一定，根據(jù)P=UI，可以升高輸送電的電壓來解決問題；[2]．根據(jù)，電壓和線圈匝數(shù)成正比，若變壓器副線圈兩端的電壓大于原線圈兩端的電壓，則副線圈的匝數(shù)大于原線圈的匝數(shù)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】(1)正離子的運動軌跡如圖所示.由幾何知識可得，解得半徑.(2)洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得，解得離子