2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)模擬試卷（安徽卷）含解析

2025屆高考物理一輪復(fù)習(xí)收官模擬安徽卷

(試卷滿分：100分；考試時間：75分鐘)

一'選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是

符合要求的.

1.北斗二期導(dǎo)航系統(tǒng)的“心臟”是上海天文臺自主研發(fā)的星載氫原子鐘，它是利用氫原子能級

躍遷時輻射出來的電磁波去控制校準(zhǔn)石英鐘的。如圖為氫原子能級圖，則下列說法正確的是

()

〃紇/eV

OO----------------------0

5------------------------0.54

4------------------------0.85

3------------------------1.51

2------------------------3.40

1-----------------------13.6

A.氫原子從低能級向高能級躍遷時輻射光子

B.大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷時，形成的線狀光譜總共有3條亮線

C.大量處于"=4能級的氫原子輻射出來的光子中，波長最長的光子能量為0.66eV

D.用大量能量為3.6eV的光子持續(xù)照射處于基態(tài)的氫原子，可使其電離

2.質(zhì)量為2kg的物體置于水平面上，在運動方向上受拉力作用而沿水平方向作勻變速運動，

拉力作用2s以后撤出，物體運動的速度圖像如圖所示，g^lOm/s2,則下列說法中正確的是

()

A.拉力廠做功的最大功率為150WB.拉力廠做功350J

C.物體克服摩擦力做功100JD.物體克服摩擦力做功175J

3.波源甲、乙分別在一根水平放置的繩的左右兩端，兩波源發(fā)出的波振幅和波長均相等，在

繩中的傳播速度均是lm/s,在y0時刻繩上的波形如圖所示，則根據(jù)波的疊加原理，以下說

法中正確的是（）

A.當(dāng)/=2s時，波形如圖中①所示，當(dāng)/=4s時，波形如圖中②所示

B.當(dāng)/=2s時,波形如圖中①所示，當(dāng)/=4s時，波形如圖中③所示

C.當(dāng)/=2s時，波形如圖中②所示，當(dāng)/=4s時，波形如圖中①所示

D.當(dāng)/=2s時,波形如圖中②所示，當(dāng)/=4s時，波形如圖中③所示

4.如圖所示，滑輪大小可忽略的傾斜傳送帶以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。將小物塊（可視為質(zhì)

點）輕放在傳送帶底端尸點，小物塊運動至傳送帶頂端。在小物塊運動過程中，下列說法正

確的是（）

A.小物塊所受摩擦力做的功等于小物塊動能的增加量

B.若小物塊運動到頂端時恰好與傳送帶共速，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于小物塊

增加的動能

C.若小物塊運動到頂端時恰好與傳送帶共速，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于小物塊

增加的機(jī)械能

D.無論小物塊與傳送帶是否達(dá)到共速，電動機(jī)額外消耗的電能一定等于小物塊克服重力做的

功與兩者間產(chǎn)生的摩擦熱之和

5.a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，。還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動，向心加速度為為；

b處于較低的軌道上，離地心距離為八運行角速度為牡，加速度為。2；。是地球同步衛(wèi)星，

離地心距離為4%運行角速度為例，加速度為生；d是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖

所示，地球的半徑為七則以下說法正確的是（）

C.經(jīng)=2D.衛(wèi)星b每天可以觀測到8次的日出

電1

6.如圖所示，某建筑工人正用鐵夾夾起五塊磚從車上卸下來.已知每塊磚的質(zhì)量均為機(jī)，重力

加速度為g,不計鐵夾重力，下列說法正確的是（）

A.工人對鐵夾的作用力一定始終等于5mg

B.若5塊磚保持靜止，則磚塊Z受到的摩擦力等于磚塊C受到的摩擦力

C.若5塊磚保持靜止，則磚塊8對磚塊Z的摩擦力平行接觸面向上

D.若5塊磚保持靜止，增大磚塊之間的彈力，則磚塊間的摩擦力也增大

7.沖擊擺是用來測量子彈速度的一種簡單裝置.如圖所示，將一個質(zhì)量很大的砂箱用輕繩懸掛

起來，一顆子彈水平射入砂箱，砂箱發(fā)生擺動.若子彈射擊砂箱時的速度為v,測得沖擊擺的

最大擺角為〃，砂箱上升的最大高度為〃，則當(dāng)子彈射擊砂箱時的速度變?yōu)?V時，下列說法

正確的是（）

A.沖擊擺的最大擺角將變?yōu)?0

B.沖擊擺的最大擺角的正切值將變?yōu)?tan6

C.砂箱上升的最大高度將變?yōu)?h

D.砂箱上升的最大高度將變?yōu)?〃

8.如圖甲所示，兩個帶有異種電荷的小球穿在絕緣圓環(huán)上，a、b、c、d為圓環(huán)與坐標(biāo)軸的四

個交點。球2固定在某位置（圖中沒有畫出），球1從。處開始沿圓環(huán)逆時針移到。處，設(shè)

球1與坐標(biāo)原點。的連線跟x軸正方向的夾角為e,圖乙和圖丙分別為兩個小球在坐標(biāo)原點

。產(chǎn)生的電場強(qiáng)度在x方向和y方向的大小與夾角。的關(guān)系圖線，則（）

以104N/C)￡；(104N/C)

0.5兀兀

‘0.5兀冗0

A.球2固定在d處

B.球1帶負(fù)電荷、球2帶正電荷

C.球1與球2的電荷量之比為4:5

D.球1受到的電場力先增大后減小

二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目

要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.

9.如圖所示，傾角為a的光滑固定斜面底端有一固定擋板P,兩個用輕彈簧連接在一起的滑塊

M,N置于斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給滑塊〃一個沿斜面向上的瞬時沖量使之沿斜面向上運

動，當(dāng)滑塊N剛要離開擋板時滑塊/的速度為V。已知〃、N的質(zhì)量均為機(jī)彈簧的勁度系數(shù)

為左，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。則關(guān)于從物塊M開始運動到物塊N剛要離開擋板的過程，

下列說法中正確的是（）

A.滑塊〃的位移為刎*

B.滑塊N剛要離開擋板的瞬間，滑塊M的加速度大小為2gsina

4.m3g2sm?2a

C.滑塊M獲得瞬時沖量的大小為

k

D.重力對滑塊可做的功為2/g>in2a

k

10.如圖甲所示，/和N是豎直放置的足夠長的不帶電平行金屬板，間距為小兩板間有垂直

紙面向外磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場。一電子從〃板上的小孔垂直金屬板射入，打到N板時

的速度方向與射入方向的夾角為30。。若讓兩板分別帶上圖乙所示的等量異種電荷，電子以

同樣的速度射入后恰好打不到N板，已知電子的比荷為左，則（）

MN

甲

A.圖甲中電子的軌跡半徑為d

B.圖甲中電子從射入到打在N板所需的時間為其

3kB

C.電子從小孔射入時的速度大小為2Bkd

D.圖乙中兩極板間的電勢差大小為女爐/

2

三、非選擇題：共5題，共58分.

11.某同學(xué)利用等腰直角玻璃甚測玻璃的折射率。主要步驟如下：

①將白紙平鋪在木板上，在白紙上畫直線跖V,將玻璃磚底邊與"N重合，在紙上標(biāo)記玻璃

磚頂點a；

②將大頭針4豎直插在合適的位置，再移動大頭針6,用視線觀察，在巴擋住片和玻璃磚頂

點a處豎直插入；

③移走玻璃磚和大頭針，過6、巴作直線交"N于。點，用圓規(guī)以。為圓心、以為半徑

畫圓，交6、巴于6點，如圖。

a

請接著完成后續(xù)實驗步驟，算出玻璃的折射率〃。

（1）在圖中畫出所需的輔助線，并標(biāo)注相應(yīng)的字母。

（2）玻璃折射率的計算公式為：〃=。（用相應(yīng)字母符號表示）

（3）請?zhí)岢鲆粭l減少實驗誤差的方案：o

12.圖（a）為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；/為、氏3、&和火5

是定值電阻，4是可變電阻：表頭?的滿偏電流為250piA,內(nèi)阻為480。。虛線方框內(nèi)為換

擋開關(guān)，幺端和8端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓IV

擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆X100。擋。

（1）圖（a）中的Z端與（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

（2）關(guān)于&的使用，下列說法正確的是（填正確答案標(biāo)號）。

A.在使用多用電表之前，調(diào)整凡使電表指針指在表盤左端電流“0”位置

B.使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整凡使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置

C.使用電流擋時，調(diào)整凡使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置

（3）根據(jù)題給條件可得R1+R2=,叫=0

（4）某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時8端是與“1”相連的，則多用

電表讀數(shù)為；若此時8端是與“3”相連的，則讀數(shù)為；若此時8端是與“5”

相連的，則讀數(shù)為o（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）

13.如圖，一豎直放置的汽缸內(nèi)密封有一定量的氣體，一不計厚度的輕質(zhì)活塞可在汽缸內(nèi)無摩

擦滑動，移動范圍被限制在卡銷°、b之間，6與汽缸底部的距離瓦=10月，活塞的面積為

1.0x10-2m2。初始時，活塞在卡銷。處，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)、溫度與活塞外大氣的壓強(qiáng)、溫

度相同，分別為1.0xl（）5pa和300K。在活塞上施加豎直向下的外力，逐漸增大外力使活塞緩

慢到達(dá)卡銷b處（過程中氣體溫度視為不變），外力增加到200N并保持不變。

（1）求外力增加到200N時，卡銷6對活塞支持力的大??；

（2）再將汽缸內(nèi)氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，求當(dāng)活塞剛好能離開卡銷6時氣體的溫度。

14.如圖所示，質(zhì)量啊=3kg的滑塊Z靜止在質(zhì)量根2=lkg的木板8的左端，木板B靜置于水

平地面上，木板右側(cè)適當(dāng)位置有一固定的光滑圓弧軌道。尸0,圓弧的半徑氏=-111、圓心角

。=37。，圓弧在尸點與水平方向相切，且尸點與長木板上表面等高，圓弧軌道的右側(cè)有平

臺.滑塊Z在大小為18N的水平恒力/作用下向右運動，2s后撤去R一段時間后滑塊Z與木

板相對靜止，此時滑塊Z恰好從尸點滑上圓弧軌道，滑塊從。點離開圓弧軌道后剛好以水平

速度滑上平臺左端，已知滑塊/與木板5之間的動摩擦因數(shù)4=0.2,木板8與水平地面之

間的動摩擦因數(shù)〃2=0』，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37。=0.8.不計空氣阻力.

求：

（1）前2s內(nèi)滑塊幺和木板8的加速度大??；

（2）滑塊幺滑上圓弧軌道尸點時對尸點的壓力大小；

（3）。點與平臺左側(cè)的水平距離.

15.如圖所示，足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，固定在水平面上，間距』=1.0m,導(dǎo)軌處于

豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=2.0T,導(dǎo)軌左端的單刀雙擲開關(guān)可分別與電阻

或電容器相連接，已知定值電阻火=2.0。，電容器電容C=01F,導(dǎo)體棒質(zhì)量加=0.4kg、電

阻尸=1.0。，其余電阻不計。開始電容器不帶電，導(dǎo)體棒靜置于導(dǎo)軌上，開關(guān)合向?qū)?dǎo)體

棒施加水平向右的/=4N的拉力，當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運動時撤去尸，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接

觸良好。

(1)求拉力的最大功率;

(2)求撤去尸后定值電阻R中產(chǎn)生的熱量;

(3)若撤去尸的同時將開關(guān)合向6,求導(dǎo)體棒最終運動的速度大小。

答案以及解析

1.答案：C

解析：A.氫原子從低能級向高能級躍遷時需要吸收光子，故A錯誤；

B.大量處于〃=4能級的氫原子向低能級躍遷時，形成的線狀光譜總共有6條亮線，分別是

4.3、4.2、4—1、3.2、3.1、2.1能級之間躍遷產(chǎn)生的。故B錯誤；

C.大量處于"=4能級的氫原子輻射出來的光子中，波長最長的光子能量為4.3能級產(chǎn)生

的，能量大小為0.66eV。故C正確；

D.若想使處于基態(tài)的氫原子電離，光子的能量最小需要13.6eV，故D錯誤。

故選C。

2.答案：D

解析：A.由圖可知，減速時的加速度4=^&=S^m/s2=-2.5m/s2根據(jù)牛頓第二定律，

可得物體受到的摩擦力-/=ma2解得/=5N加速階段得加速度

%=2^"="『m/s2=2-5m/s2根據(jù)牛頓第二定律可知/-/=機(jī)/解得尸=10N所以拉力

的最大功率己=E%=100W,A錯誤；B.在拉力方向上的位移X]=；(5+10)x2m=15m所以

拉力做的功仁=-1=150J,B錯誤；CD.整個階段的位移x=15m+；xl0x4m=35m故克服

摩擦力所做的功力=/c=175JC錯誤，D正確。故選D。

3.答案：D

解析：波速v=lm/s,在/=2s時，兩列波都傳到x=2m和x=3m之間，根據(jù)波的疊加原理

可知，疊加后各質(zhì)點位移為0,如圖中②所示；兩列波傳播時互不干擾，因此/=4s時，兩列

波都傳到了對方一側(cè)，如圖中③所示，因此D正確.

4.答案：C

解析：A.根據(jù)動能定理可知

Wf-WG=AEk

則小物塊所受摩擦力做的功大于小物塊動能的增加量，故A錯誤；

BC.若物塊滑到頂端時恰好與傳送帶共速，此時滑塊的位移

V

x——t

12

傳送帶的位移

x2=vt

產(chǎn)生的熱量

此過程中摩擦力對木塊做功為

匕=A4加=。

根據(jù)動能定理可知

%-%3k

即

匕=改機(jī)

摩擦力對物塊做的功等于物塊機(jī)械能的增量，則兩者間因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能恰好等于物塊增

加的機(jī)械能，故B錯誤，C正確；

D.電動機(jī)額外消耗的電能等于小物塊增加的機(jī)械能與小物塊和傳送帶間產(chǎn)生的摩擦熱之和，

故D錯誤。

故選C。

5.答案：D

解析：A.衛(wèi)星圍繞地球做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力有6坐=根?？傻茫l(wèi)星繞地

q

球運動的向心加速度大小為。=絲可知衛(wèi)星繞地球運動的向心加速度與其軌道半徑q的平

方成反比。然而衛(wèi)星。在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動，向心力只來自于萬有引力的一小部

分，所以衛(wèi)星。的向心加速度不與軌道半徑々的平方成反比，則,故A錯誤；B.

半徑心大于衛(wèi)星。的軌道半徑〃所以衛(wèi)星d的運動周期4大于24小時，故B錯誤；CD.衛(wèi)星

圍繞地球做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力有G^=機(jī)療々可得。反則有

"二吁=§,則衛(wèi)星b每天可以觀測到8次的日出，故C錯誤，D正確。

0)3Vr1

6.答案：B

解析：A.工人卸磚過程中，鐵夾及磚塊有加速、減速過程，所以工人對鐵夾及磚塊整體的作

用力可能大于、等于或小于5機(jī)g,A錯誤；BC.整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，故磚塊4C所受的

摩擦力都與其重力是一對平衡力，故二者受到的摩擦力相等。將5塊磚作為整體受力分析，

則有

5mg

2f=5mg,再單獨對/受力分析，則有

f=mg+fBA,解得加=L5mg,方向豎直向下，B正確，C錯誤；D.增大磚塊之間的彈力,

由于磚塊間的摩擦是靜摩擦，跟磚塊間的彈力無關(guān)，始終等于磚塊的重力，D錯誤。故選

Bo

7.答案：D

解析：設(shè)子彈的質(zhì)量為根，砂箱的質(zhì)量為河，砂箱上升的最大高度為〃，最大偏轉(zhuǎn)角為仇沖

擊擺的擺長為心以子彈和砂箱作為整體，在子彈和砂箱一起升至最高點的過程中，由機(jī)械

能守恒定律得：+=[m+M^gh;解得：v共=12gfi;在子彈射入砂箱的過程中，

系統(tǒng)的動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：加v=(加+反口共，聯(lián)

立解得：丫=竺士絲.聞，同理可知，若子彈的入射速度為2V時，滿足關(guān)系：

m

2,=3土”.麴7,故〃=4〃，D正確；討論：(1)沖擊擺的最大偏轉(zhuǎn)角滿足：

m

cos9=?，由于不知道〃與上之間的關(guān)系，所以不能判斷出沖擊擺的最大擺角是否將變?yōu)?/p>

L

2夕故A錯誤；(2)由于不知道〃與力之間的關(guān)系，所以不能判斷出沖擊擺的最大擺角的正

切值是否將變?yōu)?tan。，故B錯誤；故本題選D.

8.答案：A

解析：

AB.根據(jù)圖乙可知，當(dāng)球1位于6點時，坐標(biāo)原點。處在x方向的場強(qiáng)為零，則可知球2一定

在y軸上，否則其產(chǎn)生的場強(qiáng)總會在x軸方向上有分量，且隨著球1從。到c,坐標(biāo)原點。處

在x方向的場強(qiáng)先沿著x軸負(fù)方向，再沿著x軸正方向，由此可知球1帶正電，則球2帶負(fù)

電，而若球2在d處，在其在坐標(biāo)原點。處產(chǎn)生的場強(qiáng)與球1在坐標(biāo)原點。處產(chǎn)生的場強(qiáng)在

了軸正方向的場強(qiáng)不為零，但由圖丙可知，坐標(biāo)原點。處了軸方向上的場強(qiáng)總是沿著了軸負(fù)方

向的，因此可知球2一定在b處，故A正確，B錯誤；

C.設(shè)圓的半徑為凡由圖乙可得，當(dāng)球1在。點時

F=^-^=5X104N/C

*R2

線=壟=4X1()4N/C

了R2

可得

/：%=5:4

故c錯誤；

D.根據(jù)庫侖定律可得，小球1受到的電場力

F=k噲

在球1沿著圓環(huán)從。到c的過程中，兩球之間的距離工先增大，后減小，則可知球1受到的

電場力先減小后增大，故D錯誤。

故選Ao

9.答案：BC

解析：A.滑塊河、N置于斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據(jù)胡克定律有

機(jī)gsina=何物塊N剛要離開擋板時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，根據(jù)胡克定律有Mgsina=日?滑

塊川的位移為x=X|+x,解得x=2〃?gsina故A錯誤;B.滑塊N剛要離開擋板的瞬間，對滑

k

塊V進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有機(jī)gsina+日2=能。解得。=2gsina故B正確；D.重力

對滑塊/做的功為瓶=-mg{xx+/)sina解得少=_2療g?sin2a故口錯誤；c.結(jié)合上述可

k

知，滑塊〃向上運動過程中，彈簧初始位置的壓縮量等于末位置的伸長量，即彈簧初末狀態(tài)

2

的彈性勢能相等，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得gm；-1mv=mg(x1+x2)sin?滑塊〃獲得瞬時

3

沖量的大小1=mv0聯(lián)立解得1=心g”.島J故C正確。故選BC。

10.答案：CD

解析：ABC.圖甲中電子的運動軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得rsin30。=d,可得電子的軌跡半徑為r=2d,由洛倫茲力提供向心力可得

qvB=機(jī)E,可得電子從小孔射入時的速度大小為v=幽=2Bkd,電子從射入到打在N板所需

rm

30°1271m兀

的時間為T==石，故AB錯誤，C正確；D.圖乙中設(shè)電場強(qiáng)度大小為E,

36012qB6kB

將電子射入速度V進(jìn)行如圖分解

F

其中豎直向下分速度匕產(chǎn)生的洛倫茲力與電場力平衡，則有=可得匕=百，可知電子

在復(fù)合場中將以％豎直向下做運動直線運動，同時以速率匕逆時針做勻速圓周運動，電子以

同樣的速度射入后恰好打不到N板，則對于圓周運動的軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得&=d+&sin。，由洛倫茲力提供向心力可得028=掰五，聯(lián)立可得

GJ"二二=白,可得以8=:丫=%—%sindn%一%，又達(dá)=寸+寸，聯(lián)立解得

l-sm〃qBkB2

Vi=-v=-kBd,則圖乙中兩極板間的電勢差大小為U=Ed=~Bd=242,故D正確。故

4212

選CD。

11.答案：（1）見解析（2）嗎（3）改變插針位置，重復(fù)實驗，多次測量取平均值

aa'

解析：（1）如圖所示，過。作“N的垂線CO,過a作CO的垂線，垂足為a',過6作CO

的垂線，垂足為Z/。

c

bb'

(2)玻璃折射率〃=遮=.="，計算公式為〃="。

smaaaaa

r

(3)減少實驗誤差的方案：改變插針位置，重復(fù)實驗，多次測量取平均值。

12.答案:⑴黑

(2)B

(3)160；880

(4)1.47mA；l.lOxlO3Q；2.95V

解析：(1)為了確保電表“紅”進(jìn)“黑”出，Z端應(yīng)與“黑”色表筆相連接。

(2)凡應(yīng)是歐姆擋的歐姆調(diào)零電阻，故B項正確。

(3)當(dāng)換擋開關(guān)接2時，為直流電流1mA擋，滿足4為=(/-%)(?+&)，得

火］+&=160Q。

當(dāng)換擋開關(guān)接4時，為直流電壓IV擋，則滿足。=/(7?并+&),/?并=120Q,得凡=880Q。

(4)若B端與“1”相連，則為直流電流2.5mA擋，由1/5估讀法可得讀數(shù)為1.47mA。若

B端與“3”相連，則為歐姆xlOOQ擋，可得讀數(shù)為1.10x103Q。若B端與“5”相連,則為

直流電壓5V擋，可得讀數(shù)為2.95V。

13.答案:(1)100N(2)327K

解析：(1)活塞從位置。到6過程中，氣體做等溫變化，初態(tài)月=L0xl()5pa、匕=S」1月

末態(tài)?2=?、K=S-10ab

根據(jù)

PK=22匕

解得

Pi=l.lxlO5Pa

此時對活塞根據(jù)平衡條件

F+PiS=p,S+N

解得卡銷b對活塞支持力的大小

N=100N

(2)將汽缸內(nèi)氣體加熱使氣體溫度緩慢升高，當(dāng)活塞剛好能離開卡銷6時，氣體做等容變

化，初態(tài)

5

p2=l.lxlOPa,7；=300K

末態(tài)，對活塞根據(jù)平衡條件

P3s=尸+P[S

解得

5

p3=1.2xlOPa

設(shè)