2025屆江西省鄱陽縣第二中學物理高二第一學期期中考試試題含解析

2025屆江西省鄱陽縣第二中學物理高二第一學期期中考試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個完全相同與外界絕緣的金屬球a和b，電荷量分別為+3q和+5q，如兩球接觸后再分開，下列分析正確的是：A．a(chǎn)和b電荷量各保持不變；B．a(chǎn)和b電荷量分別為+5q和+3q；C．a(chǎn)和b電荷量都為0；D．a(chǎn)和b電荷量都為+4q．2、如圖所示，電路中每個電阻的阻值都相同．當電壓U升高時，先燒壞的電阻應是（）A．R1和R2 B．R3和R4 C．R5 D．不能確定3、某人用繩子通過定滑輪拉物體A，A穿在光滑的豎直桿上，人以速度v0勻速向下拉繩，當物體A到達如圖所示位置時，繩與豎直桿的夾角為θ，則物體A實際運動的速度是()A． B．C．v0cosθ D．v0sinθ4、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點．據(jù)此可知（）A．三個等勢面中，a的電勢最高B．帶電質點通過P點時的電勢能較Q點大C．帶電質點通過P點時的動能較Q點大D．帶電質點通過P點時的加速度較Q點大5、由電場強度的定義式E=可知，在電場中同一點（）。A．電場強度E跟F成正比，跟q成反比B．無論放入電場中的電荷q值多大，F(xiàn)與q的比值都相同C．先后放入+q和-q電荷，所受力等大反向，所得的電場強度分別為E和-ED．如果沒有放入電荷q，那么該點的電場強度一定為零6、2007年10月24日發(fā)射的“嫦娥一號”探月衛(wèi)星在半徑為的繞月圓形軌道上運行的周期，則其線速度大小是A．B．C．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、我國北斗衛(wèi)星系統(tǒng)中有一顆通過地球南北極上空的圓形軌道衛(wèi)星，稱為“極地衛(wèi)星”。它繞地球運行周期等于地球自轉周期，下面關于它的說法正確的是（）A．它每次經(jīng)過赤道上空時，都經(jīng)過地球上同一地點的上空B．極地衛(wèi)星的軌道平面相對于太陽每天轉一圈C．極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天轉一圈D．極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天可以轉幾圈8、我國發(fā)射的第一顆探月衛(wèi)星“嫦娥一號”，在距月球表面高度為h的圓形軌道上正常運行。已知月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g，萬有引力常量為G，則A．嫦娥一號繞月球運行的線速度為gRB．嫦娥一號繞月球運行的角速度為RgC．嫦娥一號繞月球運行的重力加速度(D．嫦娥一號軌道處的周期為2πR9、如圖所示，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為光敏電阻，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若增大照射光強度，則（）A．小燈泡的功率增大B．電容器上的電荷量增加C．電源的輸出功率增大D．兩表示數(shù)變化量的比值||不變10、關于地球的同步衛(wèi)星，下列說法正確的是A．同步衛(wèi)星的軌道必須和地球赤道共面B．同步衛(wèi)星的軌道和北京所在緯度圈共面C．所有地球同步衛(wèi)星的質量一定相同D．所有地球同步衛(wèi)星距離地面的高度一定相同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測定一個電池的電動勢和內(nèi)電阻，有下列器材供使用一個待測的蓄電池、兩塊規(guī)格不同的電流表：電流表A1（量程0~2mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω），電流表A2（量程0~0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω），滑動變阻器R1（0~30Ω,1.0A），電阻箱R0（0~9999.9Ω），開關和若干導線該同學想利用其中的一個電流表和電阻箱改裝成一塊電壓表，其量程為0~3V，并設計了如圖所示的甲、乙兩個參考實驗電路，其中合理的是_______（選填“甲”或“乙”）電路；應將R0的阻值調為__________Ω。該同學根據(jù)合理電路所繪出的I1-I2圖象（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)）。根據(jù)該圖線可得被測電池的電動勢E=______________V，內(nèi)阻r=____________Ω.（結果保留三位有效數(shù)字）12．（12分）（1）用如圖1所示的裝置，來驗證碰撞過程中的動量守恒．圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，A、B兩球的質量之比mA：mB＝3：1．先使A球從斜槽上某一高度處由靜止釋放，在水平地面的記錄紙上留下落點痕跡P，重復10次，得到10個落點．再把B球放在水平槽上的末端R處，讓A球仍從同一高度處由靜止釋放，與B球碰撞，碰后A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復10次．A、B兩球在記錄紙上留下的落點痕跡如圖2所示，其中米尺的零點與O點對齊．①碰撞后A球的水平射程應取_____________cm．②本實驗巧妙地利用小球飛行的水平距離表示小球的水平速度．下面的實驗條件中，可能不能使小球飛行的水平距離的大小表示為水平初速度大小的是__________________．A．使A、B兩小球的質量之比改變?yōu)?：1B．升高小球初始釋放點的位置C．使A、B兩小球的直徑之比改變?yōu)?：3D．升高桌面的高度，即升高R點距地面的高度③利用此次實驗中測得的數(shù)據(jù)計算碰撞前的總動量與碰撞后的總動量的比值為_________．（結果保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=6.0V，內(nèi)電阻r=1.0Ω，外電路的電阻R=5.0Ω.閉合開關S.求：（1）通過電阻R的電流？（2）電阻R消耗的電功率P？（3）閉合開關10min,外電阻R產(chǎn)生的熱量是多少？14．（16分）如圖所示電路中，R1=6Ω，R2=12Ω，R3=3Ω，C=30μF，當開關S斷開，電路穩(wěn)定時，電源總功率為4W，當開關S閉合，電路穩(wěn)定時，電源總功率為8W，求：(1)電源的電動勢E和內(nèi)電阻r；(2)在S斷開和閉合時，電容器所帶的電荷量各是多少？15．（12分）在靜電場中把電荷量為2.0×10－9C的正電荷從A點移動到B點，靜電力做功為－1.5×10－7J，再把該電荷從B點移到C點，靜電力做功為4.0×10－7J．(1)A、B、C三點中哪點的電勢最高，哪點的電勢最低；(2)A、B間，B、C間，A、C間的電勢差各是多大；(3)把－1.5×10－9C的電荷從A點移到C點，靜電力做多少功．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

根據(jù)同種電荷接觸后分開，電量則是平分；若是異種電荷，接觸后分開，電量則是中和后，再平分，由于電荷量分別為+3q和+5q，兩球接觸后再分開，因此a、b的電荷量都為+4q，故D正確，ABC錯誤；故選D．【點睛】該題考查電量接觸后分開的電量如何分配，緊扣同種電荷還是異種電荷出發(fā)．該題是基礎題目，很簡單．2、C【解析】試題分析：等效電路圖如圖所示設電阻都為R，則與的電壓為，和并聯(lián)之后的電阻為，所以和的電壓為，的電壓為，所以的電壓最大，所以隨著電壓U升高時，先燒壞的電阻應是考點：考查了串并聯(lián)電路規(guī)律的應用【名師點睛】本題的關鍵是畫出等效電路圖，在畫等效電路圖時，可以依據(jù)電勢降落法畫圖，然后根據(jù)串并聯(lián)電路的特點，判斷哪個電阻的電壓最高，哪個電阻就先燒壞3、A【解析】

將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖所示，拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度，根據(jù)平行四邊形定則得，實際速度．故A正確，BCD錯誤．4、BD【解析】試題分析：由于質點只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側即斜向右下方，由于質點帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場強度大．解：A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，故A錯誤；B、根據(jù)質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；D、等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．故選BD．【點評】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化．5、B【解析】

A.場強公式是采用比值法定義的，不能認為電場強度E跟F成正比，跟q成反比。電場強度取決于電場本身，與檢驗電荷的電量多少和受力大小無關，故A項錯誤；B.試探電荷所帶的電荷量變化時，在電場中的同一點受到的力與所帶電量的比值，即始終不變，都相同，故B項正確；C.電場強度的方向與正檢驗電荷受到的靜電力方向一致，與負電荷受到的靜電力方向相反，但電場強度不因檢驗電荷的變化而變化，故C項錯誤；D.電場強度取決于電場本身，與有無檢驗電荷無關。故D項錯誤。6、D【解析】衛(wèi)星在半徑為r的繞月圓形軌道上運行的周期T，根據(jù)勻速圓周運動的線速度與周期的關系可得：，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．它繞地球運行周期等于地球自轉周期，所以它每次從南向北經(jīng)過赤道上空時，都經(jīng)過地球上同一地點的上空，故A正確；BCD．極地衛(wèi)星繞地球運行周期等于地球自轉周期，極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天轉一圈，故BD錯誤，C正確。8、AC【解析】

嫦娥一號”衛(wèi)星繞月做勻速圓周運動，由月球的萬有引力提供向心力，則得：G在月球表面上，萬有引力等于重力，則有：m′g=GMm'R2，得GM=gR2，由上解得：T=2π(R+h)3gR2，v=g【點睛】衛(wèi)星問題基本的思路有兩條：一是萬有引力提供向心力，二是萬有引力等于重力，得到黃金代換式GM=gR2，再運用數(shù)學變形求解．9、AD【解析】

A．增大光強，電阻R2的電阻變小，電路中的總電阻變小，總電流變大，根據(jù)P=I2R可知，小燈泡的功率增大，選項A正確；B．電容器兩端電壓為燈泡與R2串聯(lián)后的分壓，因為總電流增大，所以內(nèi)電阻和定值電阻R1的分壓均變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I（r+R1）可知，燈泡與R2串聯(lián)后的分壓變小，電容器兩端電壓變小，由Q=CU可知電容器上的電荷量減小，選項B錯誤；C．電源的輸出功率為：，由已知條件無法知道外電路總電阻與電源內(nèi)阻的大小關系，所以電源的輸出功率無法確定，選項C錯誤；D．兩表測量的數(shù)據(jù)表示定值電阻兩端的電壓和流過定值電阻的電流，根據(jù)歐姆定律可知，兩表示數(shù)變化量的比值||不變，等于定值電阻的阻值，選項D正確．10、AD【解析】

A．同步衛(wèi)星的軌道平面必須和地球的赤道重合，故A正確；B．同步衛(wèi)星的軌道一定和地球的赤道平面重合，不可能和北京所在的緯度圈共面，故B錯誤；C．據(jù)萬有引力提供向心力因為地球同步衛(wèi)星質量同時出現(xiàn)在等號兩邊，可以約掉，所以所有地球同步衛(wèi)星的質量不一定相同，故C錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力解得：M是地球質量，T是地球自轉周期，R是地球的半徑，所有地球同步衛(wèi)星的距地面的高度一定相同，故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲14901.48-1.500.840-0.849【解析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大不會超過1A，故電流表至少應選擇0～0.6A量程，故應將2mA電流表G串聯(lián)一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較小，故應采用相對電源來說的外接法，故甲乙兩個參考實驗電路，其中合理的是甲；要改裝的電壓表量程為0-3V，U=Ig（Rg1+R0），解得：R0（2）圖象與縱軸的交點得最大電流為1.48mA．根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得電源兩端電壓為：U=I1（1490+10）=1500I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點得電動勢為：E=1.48mA×1000Ω=1.48V

與橫軸的交點可得出路端電壓為1.1V時電流是0.45A，

由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可得：r=0.844Ω．

點睛：本題考查電源電動勢和內(nèi)電阻的測量實驗；在電學實驗的考查中常常要使用電表的改裝，在解題時要注意分析題意，明確各電表能否正確使用，能根據(jù)圖象得出電動勢和內(nèi)阻．12、①14.45－14.50②C③1.01－1.02【解析】

①根據(jù)圖像得，A球落點應取所有點跡組成小圓的圓心，A球的水平射程為14.45－14.50cm②A.改變小球的質量比，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，A錯誤．B.升高小球的初始釋放點，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，B錯誤．C.改變小球直徑，兩球重心不在同一高度，飛行豎直高度不同，時間不同，水平距離與水平速度不再成正比，C正確．D.升高桌面高度，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，D錯誤．③根據(jù)平拋運動，豎直方向，水平，根據(jù)題意得：，聯(lián)立解得：（1