2025屆上海市楊浦高中高二物理第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆上海市楊浦高中高二物理第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A、B兩個帶正電的粒子，所帶電荷量分別為與，質(zhì)量分別為和．它們以相同的速度先后垂直于電場線從同一點進入平行板間的勻強電場后，粒子打在N板上的點，B粒子打在N板上的點，若不計重力，則（）A. B.C. D.2、2018年2月12日，我國以“一箭雙星”方式成功發(fā)射“北斗三號工程”的兩顆組網(wǎng)衛(wèi)星．若某北斗導(dǎo)航衛(wèi)星在離地高度為2.15萬公里的圓形軌道上運行，已知地球同步衛(wèi)星離地的高度約為3.58萬公里，線速度的大小約為3.08km/s．下列說法正確的是A.此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星繞地球運動的周期大于24小時B.此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的線速度大于3.08km/sC.此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度D.此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的加速度大于地球表面處的重力加速度3、如圖所示，電源內(nèi)阻為r，定值電阻，可變電阻R的最大阻值為2r，當(dāng)可變電阻的滑動觸頭從最左端向右端滑動過程中（）A.電源的輸出功率一直變大B.電源的輸出功率一直變小C.當(dāng)可變電阻滑到時電源的輸出功率最大D.當(dāng)可變電阻滑到R=r時電源的輸出功率最大4、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在水平外力F的作用下，沿水平面做勻速運動，速度大小為v，當(dāng)物體運動到A點時撤去外力F．物體由A點繼續(xù)向前滑行過程中經(jīng)過B點，則物體由A點到B點的過程中，下列說法中正確的是（）A.速度v越大，摩擦力對物體的沖量越小；摩擦力做功與速度v的大小無關(guān)B.速度v越大，摩擦力對物體沖量越大；摩擦力做功與速度v的大小無關(guān)C.速度v越大，摩擦力對物體的沖量越?。荒Σ亮ψ龉υ缴貲.速度v越大，摩擦力對物體的沖量越小；摩擦力做功越多5、如圖所示，a、b、c三枚小磁針分別放在通電螺線管正上方、右側(cè)和管內(nèi)，當(dāng)開關(guān)閉合時，且當(dāng)這些小磁針靜止時，小磁針N極的指向是()A.a、b、c均向左 B.a、b、c均向右C.a向左，b向右，c向右 D.a向右，b向左，c向右6、如圖所示，紙面內(nèi)有一矩形導(dǎo)體閉合線框abcd，ab邊長大于bc邊長，置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強磁場外，線框兩次勻速地完全進入磁場，兩次速度大小相同，方向均垂直于MN．第一次ab邊平行MN進入磁場，線框上產(chǎn)生的熱量為Q1，通過線框?qū)w橫截面積的電荷量為q1；第二次bc邊平行于MN進入磁場，線框上產(chǎn)生的熱量為Q2，通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q2，則（）A.Q1＞Q2，q1=q2 B.Q1＞Q2，q1＞q2C.Q1=Q2，q1=q2 D.Q1=Q2，q1＞q2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、利用如圖所示方法可以測得金屬導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)n,現(xiàn)測得一塊橫截面為矩形的金屬導(dǎo)體的寬為b,厚為d,并加有與側(cè)面垂直的勻強磁場B,當(dāng)通以圖示方向電流I時,在導(dǎo)體上、下表面間用電壓表可測得電壓為U.已知自由電子的電荷量為e,則下列判斷正確的是A.下表面電勢高B.上表面電勢高C.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為D.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為8、如圖所示,水平向右的勻強電場場強為E,且,垂直紙面向里的水平勻強磁場磁感應(yīng)強度為B,一帶電荷量為q的液滴質(zhì)量為m,在重力、靜電力和洛倫茲力作用下在疊加場空間運動．下列關(guān)于帶電液滴在疊加場空間的運動描述正確的是A.液滴可能做勻加速直線運動B.液滴不可能做勻速圓周運動C.液滴可能做勻速直線運動且機械能守恒D.如果是直線運動，必為勻速直線運動，其運動軌跡與水平方向的夾角是9、如圖所示為兩列相向傳播的振幅、波長都相同的橫波，它們在O點相遇，此后可能出現(xiàn)的狀態(tài)是A. B.C. D.10、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示．這臺加速器由兩個銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說法正確的是A.回旋加速器交流電的周期等于帶電粒子圓周運動周期的一半B.利用回旋加速器加速帶電粒子，要提高加速粒子的最終能量，應(yīng)盡可能增大磁感應(yīng)強度B和D形盒的半徑RC.回旋加速器的加速電壓越大，帶電粒子獲得的最大動能越大D.粒子每次經(jīng)過D型盒狹縫時，電場力對粒子做功一樣多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下圖是改裝并校準(zhǔn)電流表的電路圖，已知微安表頭的量程為Ig=600μA，內(nèi)阻為Rg=198Ω，要求把表頭改裝成量程為I=60mA的電流表，則圖中需要并聯(lián)分流電阻Rp的阻值為______Ω，改裝后的電流表測量電流時，指針指在表盤上原來100μA處,則被測電流的大小是____________mA12．（12分）某同學(xué)要探究一種新材料制成的圓柱體的電阻步驟如下：（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測量其長度如圖1所示，由圖可知其長度為______cm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2所示，由圖可知其直徑為______

mm；（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖3所示，則該電阻的阻值約為_________Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，連接的是部分節(jié)日彩燈：觀察燈的結(jié)構(gòu)發(fā)現(xiàn)，每個燈的燈絲如A燈R1引線上方均繞有金屬電阻絲R2，這樣做的目的是即使其中的一個燈絲斷了，其余各燈仍可以正常發(fā)光；比較R1和R2的大小可知，R2___________R1。（填“>>”或“<<”或“等于”）當(dāng)某一燈絲斷了之后，其它燈將要變___________（填“亮”或“暗”）一些。14．（16分）如圖所示，在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)有水平向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B，圓形區(qū)域右側(cè)有一豎直感光板，從圓弧頂點P以速率的帶正電粒子平行于紙面進入磁場，已知粒子的質(zhì)量為m，電量為q，粒子重力不計（1）若粒子對準(zhǔn)圓心射入，求它在磁場中運動的時間；（2）若粒子對準(zhǔn)圓心射入，且速率為，求它打到感光板上時速度的垂直分量.15．（12分）如圖所示，有一夾角為θ的金屬角架（電阻不計），角架所圍區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向與角架所在平面垂直向，一段金屬棒ab單位長度的電阻為r，從頂角c貼著角架以速度v向右勻速運動。求:（1）t時刻回路中的感應(yīng)電流大??；（2）t時間內(nèi)回路中的平均感應(yīng)電動勢.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)粒子進入電場時的速度為，電荷量為q，質(zhì)量為m，所以加速度運動時間偏轉(zhuǎn)位移為，整理得顯然由于A粒子的水平位移小，則有，但A粒子的電荷量不一定大，質(zhì)量關(guān)系也不能確定，故C正確2、B【解析】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有：得：，，，北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以此北斗衛(wèi)星周期小于同步衛(wèi)星的24小時，故選項A錯誤；B．北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以此北斗衛(wèi)星的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，即大于，故選項B正確；C．由于北斗衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，由于同步衛(wèi)星角速度與地球角速度相同，故其大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故選項C錯誤；D．根據(jù)牛頓第二定律：，則此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的加速度為：在地球表面處，忽略地球自轉(zhuǎn)，則：由于此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的的軌道半徑大于地球半徑，故此北斗導(dǎo)航衛(wèi)星的加速度小于地球表面處的重力加速度，故選項D錯誤【點睛】本題要掌握萬有引力提供向心力這個關(guān)系，要能根據(jù)題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_式3、C【解析】對于電源，當(dāng)電源的內(nèi)外電阻越接近，電源的輸出功率越大，相等時，電源的輸出功率最大【詳解】由題意知，電源的內(nèi)阻為r，當(dāng)可變電阻的滑動觸頭從最左端向右端滑動過程中，外電阻從到變化，根據(jù)上述結(jié)論可知，電源的輸出功率先增大后減小，當(dāng)時電源的輸出功率最大，C正確，ABD錯誤。故選C。4、A【解析】由物體的受力情況可知摩擦力的大小，由功的公式可求得摩擦力所做的功；由沖量的定義可求得沖量的大小【詳解】由題意可知，物體勻速運動到A點，說明物體受到的摩擦力等于拉力，故拉力大小不變；由A到B運動的位移相等，故摩擦力做功與速度大小無關(guān)；若速度越大，從A到B的時間越短，則由I=Ft可知沖量越小，故A正確；故選A5、C【解析】由通電螺線管電流的流向，根據(jù)右手螺旋定則可得，通電螺線管的左邊為S極，右邊為N極。所以a枚小磁針的N極指向為向左、b枚小磁針N極指向為向右、c枚小磁針的N極指向為向右。故選C6、A【解析】設(shè)ab和bc邊長分別為L1，L2，若假設(shè)穿過磁場區(qū)域的速度為v，，；同理可以求得：，；L1＞L2，由于兩次“穿越”過程均為相同速率穿過，因此：Q1＞Q2，q1=q2，故A正確，BCD錯誤．故選A在電磁感應(yīng)題目中，公式，?？?，要牢記，選擇題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】定向移動的電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下表面間形成電勢差，電子到達的表面帶負(fù)電，電勢較低．最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)【詳解】根據(jù)左手定則，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，下表面失去電子帶正電，所以下表面電勢高．故A正確、B錯誤．再根據(jù)e=evB，I=neSv=nebdv得n=，故C正確，D錯誤．故選AC【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡8、BD【解析】根據(jù)運動情況分析受力情況，做直線運動說明粒子不受洛倫茲力或者有某個力跟洛倫茲力抵消，對四個選項逐一分析即可解題【詳解】A項：由于液滴受到的重力與電場力恒定，如果做勻加速直線運動，則液滴的洛倫茲力大小變化，液滴的合外力變化，不可能做勻加速直線運動，故A錯誤；B項:由于液滴受豎直向下的重力和水平方向的電場力，所以重力與電場力的合力不可能為零，即液滴不可能做勻速圓周運動，故B正確；C項：當(dāng)液滴進入復(fù)合場時的洛倫茲力與重力和電場力的合力等大反向時，液滴做勻速直線運動，但電場力會做功，所以機械能不守恒，故C錯誤；D項：由A分析可知，液滴不可能做勻加速直線運動，只要液滴的速度大小變化，其所受的洛倫茲力大小變化，合外力變化，一定做曲線運動，故如果是直線運動，必為勻速直線運動，由于mg=qE，重力與電場力的合力一定與速度方向垂直，即與水平方向成450，故D正確故選BD【點睛】本題主要考查了帶電粒子在混合場中運動的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運動情況，或根據(jù)運動情況分析受力情況，題目較難9、BD【解析】當(dāng)左列波的波峰和右列波的波谷相遇時，疊加后的圖象為B；當(dāng)兩列波的波峰相遇時，疊加后的圖象為D；而A和C是不可能出現(xiàn)的10、BD【解析】回旋加速器靠電場加速和磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，判斷粒子的最大速度與什么因素有關(guān)．加速粒子時，交變電場的周期與粒子在磁場中運動的周期相等【詳解】加速粒子時，交變電場的周期必須與粒子在磁場中運動的周期相等，這樣才能使得每次經(jīng)過D型盒的狹縫中時都能被電場加速，選項A錯誤；當(dāng)粒子運轉(zhuǎn)半徑等于D型盒的半徑時粒子速度最大，即，則，則要提高加速粒子的最終能量，應(yīng)盡可能增大磁感應(yīng)強度B和D形盒的半徑R，帶電粒子獲得的最大動能與加速電壓無關(guān)，選項B正確，C錯誤；粒子每次經(jīng)過D型盒狹縫時，電場力對粒子做功均為qU，選項D正確；故選BD.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場和磁場的作用，以及知道最大速度與什么因素有關(guān)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2；②.10；【解析】分流電阻阻值為：，原來電流表量程為，改裝后電流表量程為60mA，電流表量程擴大了100倍，分度值擴大100倍，指針指在表盤上原來處，則被測電流的大小為：.【點睛】根據(jù)并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出分流電阻阻值；根據(jù)電流表的量程確定其分度值，然后讀出其示數(shù)12、①.0.675②.4.700③.220【解析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)為（2）螺旋測測微器讀數(shù)為（3）歐姆檔為“×10”擋，故電阻為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①.>>②.暗【解析】[1]．電阻絲和燈絲是并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路，電壓相等情況下，電阻越大，則電流越小。為保證燈的亮度，應(yīng)讓通過燈絲的電流大于通過電阻絲的電流，故應(yīng)有R2＞＞R1。[2]．當(dāng)燈的燈絲斷了之后，電流不走燈絲而走電阻絲，故電路中電阻增加，則電流變小