云南省普洱市景東彝族自治縣一中2025屆高二物理第一學期期中考試模擬試題含解析

云南省普洱市景東彝族自治縣一中2025屆高二物理第一學期期中考試模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列物理量中，屬于矢量的是（）A．加速度 B．質量 C．路程 D．時間2、真空中兩靜止點電荷的庫侖力為F，若只將其中一個點電荷的電荷量變?yōu)樵瓉淼囊话?，則它的庫侖力大小變?yōu)锳．4FB．2FC．F2D．3、有一電壓表，它的內阻100Ω，量程0.2V，現(xiàn)要改裝成量程為10A的電流表，電壓表上應（）A．并聯(lián)0.002Ω的電阻 B．并聯(lián)0.02Ω的電阻C．并聯(lián)50Ω的電阻 D．串聯(lián)4900Ω的電阻4、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于0點，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b．不計空氣阻力，則（）A．小球所受合力為零B．電場力跟重力平衡C．小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小D．小球在運動過程中機械能守恒5、如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關系圖線，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關系圖線，若將這兩個電阻分別接到該電源上，則()A．R1接在電源上時，電源的效率高B．R2接在電源上時，電源的效率高C．R2接在電源上時，電源的輸出功率大D．電源的輸出功率一樣大6、如圖所示，xOy坐標平面在豎直面內，y軸正方向豎直向上，空間有垂直于xOy平面的勻強磁場(圖中未畫出)．一帶電小球從O點由靜止釋放，運動軌跡如圖中曲線所示．下列說法中正確的是（）A．軌跡OAB可能為圓弧B．小球在整個運動過程中機械能增加C．小球在最低點A點時受到的洛倫茲力與重力大小相等D．小球運動至最低點A時速度最大，且沿水平方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根通電直導線放在磁感應強度B=1T的勻強磁場中，在以導線為圓心，半徑為r的圓周上有a，b，c，d四個點，若a點的實際磁感應強度為0，則下列說法中正確的是（）A．直導線中電流方向是垂直紙面向里的B．c點的實際磁感應強度也為0C．d點實際磁感應強度為T，方向斜向下，與B夾角為45°D．b、d兩點的磁感應強度相同8、“測量金屬的電阻率”實驗中，關于誤差的下列說法中正確的是()A．電流表采用外接法，將會使ρ測<ρ真B．電流表采用外接法，由于電壓表的并聯(lián)引起了電阻絲分壓的減小而引起測量誤差C．由ρ=可知，I、d、U、l中每一個物理量的測量都會引起ρ的測量誤差D．由ρ=可知對實驗結果準確性影響最大的是直徑d的測量9、兩個質量分別是m1、m2的小球，各用絲線懸掛在同一點，當兩球分別帶同種電荷，且電荷量分別為q1、q2時，兩絲線張開的角度分別為θ1A．若m1>m2，則θ1>θ2B．若m1=C．若m1<m2，則θ1>θ2D．若q1=q210、如圖所示，一質量為m、電荷量為q的小球在電場強度為E、區(qū)域足夠大的勻強電場中，以初速度v0沿ON在豎直面內做勻變速直線運動．ON與水平面的夾角為30°，重力加速度為g，且mg=Eq，則（）A．電場方向豎直向上B．小球運動的加速度大小為gC．小球上升的最大高度為D．若小球在初始位置的電勢能為零，則小球電勢能的最大值為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)根據(jù)電路圖甲，用筆畫線代替導線，將圖乙中的實驗電路連接完整_______________．(2)開關S閉合之前，圖乙中滑動變阻器的滑片應該置于________(填“A”“B”或“AB中間”)端．(3)實驗中測得有關數(shù)據(jù)如下表：U/V0.400.801.201.602.002.402.80I/A0.100.160.200.230.250.260.27根據(jù)表中的實驗數(shù)據(jù)，在圖丙中畫出小燈泡的I—U特性曲線______________．12．（12分）用如圖1所示的裝置“探究加速度與力和質量的關系”，帶滑輪的長木板水平固定，跨過小車上定滑輪的兩根細線均處于水平．①實驗時，一定要進行的操作是__________．（填序號）A．小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄拉力傳感器示數(shù)F0B．改變砂和砂桶質量，打出幾條紙帶C．用天平測出砂和砂桶的質量D．為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的總質量遠小于小車的質量②以拉力傳感器示數(shù)F0的二倍F（F=2F0）為橫坐標，以加速度a為縱坐標，畫出的a﹣F圖象如圖2所示，則可能正確的是__________．③在實驗中，得到一條如圖3所示的紙帶，取0、1、2、…、5共6個計數(shù)點，1～5每相鄰兩個點間各有四個點未畫出，用刻度尺測出1、2、…、5各點到0點的距離分別為：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通過電磁打點計時器的交流電頻率為50Hz．則小車的加速度大小為__________m/s2（保留3位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直流電動機M串聯(lián)在直流電路中，其軸與圓盤中心O相連．開關S斷開時，電壓表的讀數(shù)12.6V，開關S接通時，電流表的讀數(shù)為2A，電壓表的讀數(shù)為12V．圓盤半徑為5cm，測速計測得圓盤的轉速為r/s，兩彈簧秤的讀數(shù)分別為F1=7N，F(xiàn)2=6.10N，問：（1）電動機的輸出功率、效率各為多少？（2）拉緊皮帶可使電動機停轉，此時電壓表、電流表的讀數(shù)各為多少？電動機的輸入功率為多大？14．（16分）如圖甲所示，在和之間有沿著軸方向的勻強電場，為電場區(qū)域的上邊界，在軸方向范圍足夠大，電場強度的變化如圖乙所示，取軸正方向為電場正方向．現(xiàn)有一個帶負電的粒子，粒子的比荷，在時刻以速度從點沿軸正方向進入電場區(qū)域，不計粒子重力作用．求：甲乙（1）粒子通過電場區(qū)域的時間；（2）粒子離開電場的位置坐標；（3）粒子通過電場區(qū)域后沿軸方向的速度大?。?5．（12分）電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示,已知A點的電場強度E=3.0×104N/C.將電荷量q=4.0×10-8C的點電荷放在電場中的A點。.(1)求該點電荷在A點所受電場力的大小F;(2)在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力的方向.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A、加速度是矢量，其方向與合外力方向相同，故A正確；

B、質量、路程、時間都是只有大小，沒有方向的標量，故BCD錯誤．2、C【解析】根據(jù)F=kq1q2r3、B【解析】

電表的滿偏電流為：把它改裝成量程為10A的電流表需要并聯(lián)一個分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為：A．并聯(lián)0.002Ω的電阻，與結論不相符，選項A錯誤；B．并聯(lián)0.02Ω的電阻，與結論相符，選項B正確；C．并聯(lián)50Ω的電阻，與結論不相符，選項C錯誤；D．串聯(lián)4900Ω的電阻，與結論不相符，選項D錯誤；4、B【解析】試題分析：小球在豎直平面內做勻速圓周運動，受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力與重力必定平衡，可判斷小球的電性．由電場力做功情況，判斷電勢能的變化．機械能守恒的條件是只有重力做功．解：A、B據(jù)題小球在豎直平面內做勻速圓周運動，受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力與重力平衡，則知小球帶正電．故A錯誤，B正確．C、小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大．故C錯誤．D、由于電場力做功，所以小球在運動過程中機械能不守恒．故D錯誤．故選B【點評】本題的解題關鍵是根據(jù)質點做勻速圓周運動的條件，判斷電場力與重力的關系，確定出小球的電性．5、A【解析】

AB．電源的效率η＝＝＝，由于UB>UC，故R1接在電源上時，電源的效率高，A項正確B項錯誤；CD．將電阻接在電源上，電阻的U－I圖象與電源兩端電壓與電流關系圖象的交點，表示將這個電阻接到此電源上的輸出電壓和電流，從圖象中只可看出電流的數(shù)值，但看不出兩種情況下路端電壓的關系，故無法確定兩種情況下電源的輸出功率的大小關系，C、D項均錯誤．【點睛】本題易混淆電源效率和電源輸出功率的概念而出現(xiàn)錯誤．6、D【解析】試題分析：帶電小球受豎直向下的重力和洛倫茲力作用，不可能做圓周運動，選項A錯誤；小球在整個運動過程中，由于洛倫茲力不做功，則只有重力做功，回到C點時機械能不變，選項B錯誤；小球經(jīng)過A點后向上運動，可知在A點時受到的洛倫茲力大于重力大小，選項C錯誤；因洛倫茲力不做功，故小球運動至最低點A時重力做功最多，則速度最大，且沿水平方向，選項D正確；故選D.考點：機械能守恒定律；洛倫茲力.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】試題分析：由題，a點的磁感應強度為0，說明通電導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度與勻強磁場的磁感應強度大小相等、方向相反，可確定通電導線在a點的磁場方向，由安培定則判斷出通電導線中電流方向．通電導線在abcd四點處產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，根據(jù)平行四邊形定則進行合成分析b、c、d三點的磁感應強度大小和方向．解：A、由題，a點的磁感應強度為0，說明通電導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度與勻強磁場的磁感應強度大小相等、方向相反，即得到通電導線在a點產(chǎn)生的磁感應強度方向水平向左，根據(jù)安培定則判斷可知，直導線中的電流方向垂直紙面向里．故A正確．B、據(jù)上題分析可知，通電導線在c點產(chǎn)生的磁感應強度大小為B=1T，方向水平向右，與勻強磁場方向相同，則c點磁感應強度為2T，方向與B的方向相同．故B錯誤．C、通電導線在d處的磁感應強度方向豎直向下，根據(jù)磁場的疊加原理可得d點感應強度為Bd=B=T，方向與B的方向成45°斜向下．故C正確．D、由上分析可知D錯誤．故選AC【點評】本題要掌握安培定則和平行四邊形定則，知道空間任意一點的磁感應強度都是由通電導線產(chǎn)生的磁場和勻強磁場的疊加形成的．8、ACD【解析】

A．電流表采用外接法，將會使電阻的測量值偏小，則電阻率的測量值偏小，即ρ測<ρ真，A正確；B．電流表采用外接法，由于電壓表的并聯(lián)引起了電阻絲分流的減小而引起測量誤差，B錯誤；C．由ρ＝可知，I、d、U、l中每一個物理量的測量都會引起ρ的測量誤差，C正確；D．由ρ＝，因式子中的d是平方關系，可知對實驗結果準確性影響最大的是直徑d的測量，D正確。故選ACD。9、BC【解析】

對m1、m2受力分析如圖所示：由平衡條件可知，m1g=Fcotθ1，m2g=F′cotθ2，因F=F′，m1m2=cotθ1cotθ2，可見，若m1＞m2，則θ1＜θ2；若m1=m2，則θ1=θ2；若m1＜m2，則θ1＞θ2，10、BD【解析】

A．小球做勻變速直線運動，合力應與速度在同一直線上，即在ON直線上，因，所以電場力與重力關于ON對稱，根據(jù)數(shù)學知識得：電場力與水平方向的夾角應為，受力情況如圖一所示，合力沿ON方向向下，大小為，所以加速度為，方向沿ON向下．故A錯誤；B．由題意可得：小球做勻變速直線運動，合力應與速度在同一直線上，即在ON直線上，因mg=Eq，所以電場力Eq與重力關于ON對稱，根據(jù)數(shù)學知識得：電場力qE與水平方向的夾角應為30°，受力情況如圖一所示，合力沿ON方向向下，大小為mg，所以加速度為g，B項正確；C．經(jīng)對A的分析可知，小球做勻減速直線運動，由運動學公式可得最大位移為，則最大高度為故C錯誤；D．若小球在初始位置的電勢能為零，在減速運動至速度為零的過程中，小球克服電場力做功和克服重力做功是相等的，由能量的轉化與守恒可知，小球的初動能一半轉化為電勢能，一半轉化為重力勢能，初動能為，小球的最大電勢能為，故D正確．故選BD.【考點定位】帶電粒子在混合場中的運動、電勢能、勻強電場中電勢差和電場強度的關系【點睛】本題考查帶電粒子在復合場中的運動情況，應在正確分析小球受力情況的基礎上，運用牛頓第二定律、運動學公式和功能關系分析，采用的力學方法進行分析．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、如圖所示:A如圖所示:【解析】

（1）如圖所示；

（2）電鍵閉合前，將滑動變阻器滑動A端，使測量電路處于短路狀態(tài)，起到保護作用．；

（3）用平滑曲線描點作圖．如圖所示；【點睛】解決本題的關鍵會根據(jù)電路圖連接實物圖，以及會根據(jù)數(shù)據(jù)進行描點作圖，注意作圖時用平滑曲線，偏離比較遠的點可以舍去．12、①AB；②C；③1.48；【解析】(1)打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和質量的關系，要記錄彈簧測力計的示數(shù)，故A正確；改變砂和砂桶質量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關系，故B正確；本題拉力可以由彈簧測力計測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使小桶（包括砂）的質量遠小于車的總質量，故CD錯誤，故選AB；(2)小車質量不變時，加速度與拉力成正比，所以a-F圖象是一條傾斜的直線，由實驗裝置可知，實驗前沒有平衡摩擦力，則畫出的a-F圖象在F軸上有截距，故C正確，故選C；(3)小車的加速度大小為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）18W、75%；（2）10.5V、7A，73.5W【解析】

試題分析：（1）圓盤邊緣的線速度：v=ωR="9.0"m/s，電動機的輸入功率：P入=U2I2="24"W，電動機的輸出功率：P出=ΔFv="18"W，電動機的效率：η=P入/P出×100%=75%（2）電源電動勢：E=U1