2025屆山西省晉中市高二物理第一學期期中質量檢測模擬試題含解析

2025屆山西省晉中市高二物理第一學期期中質量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一根粗細均勻的導線，當其兩端電壓為U時，通過的電流是I，若將此導線均勻拉長到原來的2倍時，電流仍為I，導線兩端所加的電壓變?yōu)?)A．U／2 B．U C．2U D．4U2、如圖所示，閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，一帶正電的粒子（不計重力）沿中線以初速度v0進入電場中，粒子通過偏轉電場打在熒光屏上的P點，現(xiàn)在欲使得粒子打在熒光屏上的位置下移，則下列做法可行的是A．增大粒子的比荷B．增大R2的電阻C．減小粒子進入偏轉電場時的初動能D．增大R1的電阻3、如圖,有一提升重物用的直流電動機,內阻r=0.6Ω,R=10Ω,U=160V,電壓表的讀數(shù)為110V,則下列說法正確的是A．通過電動機的電流為5AB．通過電動機的電流為4AC．在電動機中發(fā)熱的功率為5WD．輸入到電動機的電功率為500W4、有兩個完全相同的金屬小球A和B(它們的大小可忽略不計)，分別帶電荷量q和5q，當它們在真空中相距一定距離時，A球對B球的斥力為F，若用絕緣手柄移動這兩個小球，使它們相接觸后分別再放回原處，則它們間的作用力變?yōu)椋ǎ〢．F B．1.8F C．3F D．6F5、甲、乙兩鐵球質量分別是m甲＝1kg、m乙＝2kg，在光滑水平面上沿同一直線運動，速度分別是v甲＝6m/s、v乙＝2m/s，甲追上乙發(fā)生正碰后兩物體的速度有可能是（）A．v甲＝4m/s，v乙＝7m/s B．v甲＝2m/s，v乙＝4m/sC．v甲＝3m/s，v乙＝3m/s D．v甲＝4m/s，v乙＝3m/s6、物理學家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學認知，推動物理學的發(fā)展，物理學的許多發(fā)明創(chuàng)造廣泛應用于社會生產和生活中，下列說法中正確的是()A．靜電復印、靜電噴漆和靜電植絨都應用了靜電屏蔽的原理B．燃氣灶中的電子點火器應用了尖端放電的原理C．安培提出了場的概念并引入磁場線描述磁場D．奧斯特提出的分子電流假說可以解釋鐵棒被磁化的原因二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電路如圖所示，在滑動變阻器的滑片P向右移動時，電源的（）A．輸出功率一定先增大后減小B．總功率一定減小C．內部損耗功率可能增大D．效率一定增大8、如圖所示，真空中兩點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，O點為連線的中點，a、b兩點都在它們之間的連線上，c、d兩點在AB連線的中垂線上．已知Oa=Ob，a、b兩點的場強分別為Ea、Eb；Oc>Od，c、d兩點的電勢分別為φc、φd則下列說法正確的是A．Ea<Eb B．Ea>Eb C．φc>φd D．φc<φd9、在如圖所示的U－I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線．用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路．則A．電源的電動勢為3VB．電源的內阻為2ΩC．電阻R的阻值為0.5ΩD．路端電壓為2V10、如圖所示是某導體的I﹣U圖象，圖中α=45°，下列說法正確的是()A．此導體的電阻R=0.5ΩB．此導體的電阻R=2ΩC．I﹣U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R="cot"45°=1.0ΩD．在R兩端加6.0V電壓時，每秒通過導體截面的電荷量是3.0C三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學通過實驗測定一個阻值約為5Ω的電阻Rx的阻值．(1)現(xiàn)有電源(4V，內阻可不計)、滑動變阻器(0～50Ω，額定電流2A)、開關和導線若干，以及下列電表：A．電流表(0～3A，內阻約0.025Ω)B．電流表(0～0.6A，內阻約0.125Ω)C．電壓表(0～3V，內阻約3kΩ)D．電壓表(0～15V，內阻約15kΩ)為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用________，電壓表應選用________(選填器材前的字母)；實驗電路應采用圖中的________(選填“甲”或“乙”)．(2)下圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線．請根據(jù)在(1)問中所選的電路圖，用筆畫線代替導線補充完成圖中實物間的連線________．(3)接通開關，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U．某次電表示數(shù)如圖所示，可得該電阻的測量值Rx＝＝________Ω(保留兩位有效數(shù)字)．(4)若在(1)問中選用甲電路，產生誤差的主要原因是__________________；若在(1)問中選用乙電路，產生誤差的主要原因是________．(選填選項前的字母)A．電流表測量值小于流經Rx的電流值B．電流表測量值大于流經Rx的電流值C．電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值D．電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值(5)在不損壞電表的前提下，將滑動變阻器滑片P從一端滑向另一端，隨滑片P移動距離x的增加，被測電阻Rx兩端的電壓U也隨之增加，下列反映Ux關系的示意圖中正確的是________．12．（12分）用螺旋測微器測量某導線直徑，如圖甲所示，讀數(shù)為___mm；用游標為20分度的卡尺測量其長度，如圖乙所示，讀數(shù)為__mm；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，R1=3Ω，R2=6Ω，R3=1.5Ω，C=20μF。當開關S1閉合、S2斷開，電路穩(wěn)定時，電源的總功率為（1）電源電動勢E和內電阻r；（2）當S1、S（3）當S1閉合，分別計算在S14．（16分）光滑的平行金屬導軌長x=2m，兩導軌間距L=0.5m，軌道平面與水平面的夾角θ=30°，導軌上端接一阻值為R=0.6Ω的電阻，軌道所在空間有垂直軌道平面向上的勻強磁場，磁場的磁感應強度B=1T，如圖所示，有一質量m=0.5kg、電阻r=0.4Ω的金屬棒ab，放在導軌最上端，其余部分電阻不計．己知棒ab從軌道最上端由靜止開始下滑到最底端脫離軌道的過程中，電阻R上產生的熱量Q1=0.6J，取g=10m/s2，試求：(l)當棒的速度v1=2m/s時，電阻R兩端的電壓；(2)棒下滑到軌道最底端時速度的大?。?3)棒下滑到軌道最底端時加速度a的大?。?5．（12分）如圖，已知E

=8V，r

=4Ω，R1=2Ω，R2的變化范圍是0-10Ω。求：①電源的最大輸出功率；②R1上消耗的最大功率；③R2上消耗的最大功率

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：根據(jù)電阻定律可得：拉長后電阻變?yōu)?所以根據(jù)歐姆定律可得：,故,所以選D考點：考查了歐姆定律和電阻定律的應用點評：做本題的關鍵是知道導線在拉長時體積不變，然后根據(jù)公式判斷面積和長度的變化2、D【解析】

在偏轉電場中由類平拋規(guī)律可得：運動時間為：偏轉位移：現(xiàn)在欲使得粒子打在熒光屏上的位置下移，則有偏轉位移減??；所以可以減小兩極板的電勢差，或增大粒子進入偏轉電場時的初動能，或減小粒子的比荷，由于兩極板的電勢差等于電阻的兩端電壓，要減小兩極板的電勢差可以增大R1的電阻；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析相符，故D正確。3、A【解析】

AB．電動機和電阻串聯(lián)，所以電流相等，電阻R兩端電壓則有所以通過電動機的電流為5A，故A正確，B錯誤；C．電動機的熱功率故C錯誤；D．電動機的電功率故D錯誤。4、B【解析】

AB之間表現(xiàn)為斥力，所以帶同種電荷，相接觸之前由庫侖定律可得:相接觸后平均分配電荷，即各帶電荷量3q，根據(jù)庫侖定律可知：故B對；ACD錯；【點睛】A球對B球的斥力為F,說明A和B帶同種電荷,根據(jù)庫侖定律可以得到F與電量Q、距離r的關系;A、B球相互接觸后放回原處,距離r不變,電荷平分,再根據(jù)庫侖定律得到相互作用的庫侖力大小與Q、r的關系,用比例法求解.5、B【解析】

根據(jù)碰撞過程動量守恒、機械能不可能增加，碰撞后不能發(fā)生二次碰撞。以甲的初速度方向為正方向，碰撞前總動量為：P=m甲v甲+m乙v乙=1×6+2×2=10kg?m/s碰撞前的動能為：A．碰后v甲=4m/s、v乙=7m/s，動量增加，機械能增大。故A不符合題意。

B．碰后v甲=2m/s、v乙=4m/s，動量守恒，機械能減小。故B符合題意。C．碰后v甲=3m/s、v乙=3m/s，動量不守恒，機械能減少。故C不符合題意。D．碰后v甲=4m/s、v乙=3m/s，v甲＞v乙，碰后甲乙還要發(fā)生二次碰撞。故D不符合題意。6、B【解析】A、靜電復印、靜電噴漆和靜電植絨的原理：使原來不帶電的物體帶上電，然后在電場力的作用下運動，并被吸附到帶異種電荷的物體上，是利用靜電現(xiàn)象，不是靜電屏蔽的原理，故A錯；B、燃氣灶中的電子點火器應用了尖端放電的原理，故B正確；C、法拉第提出了場的概念并引入磁場線描述磁場，故C錯誤；D、安培提出的分子電流假說可以解釋鐵棒被磁化的原因，故D錯誤；綜上所述本題答案是：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由電路圖可知，當滑動變阻滑片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變??；當滑動變阻器阻值與電源內阻相等時，電源輸出功率最大，由于不知道最初滑動變阻器接入電路的阻值與電源內阻間的關系，因此無法判斷電源輸出功率如何變化，故A錯誤；電源電動勢E不變，電流I變小，電源總功率P=EI減小，故B正確；電源內阻r不變，電流I減小，源的熱功率PQ=I2r減小，故C錯誤；電源的效率，電源內阻r不變，滑動變阻器阻值R變大，則電源效率增大，故D正確；故選BD．【點睛】此題是對動態(tài)電路的功率分析問題；關鍵是知道電源的總功率P=IE，電源內阻上的功率P=I2r，電源的效率；知道當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大等結論；此題考查學生對基本公式的應用能力.8、BD【解析】點電荷A、B帶電量分別為+3Q和-Q，a處電場線比b處電場線密，而電場線的疏密表示場強的大小，所以有Ea＞Eb．故A錯誤，B正確．由疊加可知，c點電場方向斜向左下方，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，o點電勢比c點電勢高，同理，o點電勢也比d點電勢高，根據(jù)對稱性可知，d點電勢與d點關于o點的對稱點的電勢相等，此對稱點的電勢高于c點電勢，所以d點電勢高于c點電勢，則有φc＜φd．故C錯誤，D正確．故選BD．點睛：解答本題關鍵是一方面要掌握電場線的兩個意義：疏密表示場強的大小，順著電場線方向電勢降低，另一方面要抓住對稱性．9、AD【解析】圖I表示了電源的路端電壓和電流的關系，從圖像上可以看出電源的電動勢為3V，內阻為0.5Ω，圖II表示了定值電阻的電壓與電流的關系，圖像的斜率表示了電阻的大小，即R=1Ω，當把此電阻接到此電源上時，圖像的交點即為此電路的電壓和電流值，即路端電壓為2V，故AD正確；綜上所述本題答案是：AD10、BD【解析】試題分析：由可知，圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，則由圖象可知電阻，故A錯誤；B正確；圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，但不能等于來求，只能根據(jù)求解，故C錯誤；在兩端加的電壓時，電路中電流，則每秒通過電阻的電荷量為，故D正確．考點：歐姆定律【名師點睛】本題考查歐姆定律的應用，注意對于圖象的認識，由圖象的意義可明確電流與電壓的關系，并能求出電阻的數(shù)值，由電流的定義可求得每秒通過電阻截面的電荷量．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC甲5.2BDA【解析】

（1）[1]電壓表C，理由是有滑動變阻器限壓，且15V量程太大，讀數(shù)誤差太大；[2]電流表B，理由是即使電壓表滿偏，最大電流為0.6A；[3]外接法即甲圖，理由是，即小電阻，適合采用安培表外接法，即甲圖．（2）[4]或者（3）[5]根據(jù)讀數(shù)I=0.50A，U=2.60V，即電阻為5.2Ω（4）[6][7]甲圖誤差因為電流表測量電阻和電壓表總電流，乙圖誤差因為電壓表測量電流表和電阻的總電壓，因此答案分別為B、D．（5）[8]由于電流,,通過數(shù)學函數(shù)圖像即答案為A．12、6.870；50.15【解析】螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5mm，可動刻度讀數(shù)為37.0×0.01=0.370mm，所以最終讀數(shù)為6.870mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為5cm=50mm，游標讀數(shù)為0.05×3=0.15mm，所以最終讀數(shù)為50.15mm．點晴：掌握游標卡尺讀數(shù)的方法以及螺旋測微器的讀數(shù)方法。游標卡尺主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；螺旋測微器固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、4V0.5Ω3.5W0.5W06×【解析】試題分析：（1）當開關S1閉合、S2斷開電路穩(wěn)定時，R2和R3串聯(lián)．當開關S1、S2都閉合電路穩(wěn)定時，R1和R2并聯(lián)，再與R3串聯(lián)，結合閉合電路歐姆定律以及功率的公式求出電源的電動勢和內電阻；（2）當開關S1閉合、S2斷開電路穩(wěn)定時，電容器與并聯(lián)在R2兩端，電容器板間電壓等于R2兩端的電壓，由Q=CU求出電容器所帶的電量；（3）當（1）當S1閉合、S電源消耗的總功率為P代入數(shù)據(jù)得：2=E當S1、S2電源消耗的總功率為P代入數(shù)據(jù)：4=E聯(lián)立①②解得電源的電動勢E=4V，內電阻r=0.5Ω（2）當S1、S2干路上總電流I=電源的輸出功率P=UI=電源內部產生的熱功率P=（3）當S1、S2故電容器所帶的電荷量為Q=0當S1閉合、S外部總電阻R干路上