江西省八所重點中學2025屆物理高二第一學期期中復習檢測模擬試題含解析

江西省八所重點中學2025屆物理高二第一學期期中復習檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板B與一靜電計相接，極板A接地．下列操作中可以觀察到靜電計指針張角變大的是（）A．極板A上移B．極板A右移C．極板間插入一定厚度的金屬片D．極板間插入一云母片2、如圖的電路中，電池的電動勢為，內(nèi)阻為，和是兩個阻值固定的電阻．當可變電阻的滑片向點移動時，通過的電流和通過的電流將發(fā)生如下的變化（）A．變大，變小B．變大，變大C．變小，變大D．變小，變小3、某人以不變的速率垂直向?qū)Π队稳ィ蔚胶又虚g，水流速度加大，則此人（）A．渡河所用的時間比預定時間減少B．渡河所用的時間與預定時間相同C．渡河所用的時間比預定時間增加D．渡河路程變短4、如圖所示，長為L的細繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m的小球給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，這樣就構成了一個圓錐擺，設細繩與豎直方向的夾角為下列說法中正確的是A．小球受重力、細繩的拉力和向心力作用B．細繩的拉力提供了向心力C．越大，小球運動的線速度越大D．越大，小球運動的周期越大5、如圖所示的U一I圖像中，直線a表示某電源路端電壓與電流的關系，直線b為某一電阻R的伏安特性曲線．用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知（）A．R的阻值為0.5ΩB．電源電動勢為4.0V，內(nèi)阻為0.5ΩC．2s內(nèi)電阻R上消耗的電能為4JD．若將兩個相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流變?yōu)橹暗?、關于曲線運動的論述中，正確的是A．做曲線運動的物體所受的合外力可能為零B．物體不受外力時，其運動軌跡可能是直線也可能是曲線C．做曲線運動的物體的速度一定時刻變化D．做曲線運動的物體，其所受的合外力方向與速度方向可能一致二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，R1＝5Ω，R2＝7Ω，R3＝8Ω，R4＝10Ω，C＝20μF，電源電動勢E＝18.6V，內(nèi)阻r＝1Ω，電表為理想電表．開始電鍵K是閉合的，則下列判斷正確的是（）A．電流表的示數(shù)為lAB．電壓表的示數(shù)為6VC．電容器所帶的電荷量為1．8×10－4CD．當電鍵K斷開后，通過電阻R1的電荷量為1．8×10－4C8、可變電阻R的功率隨自身阻值變化的函數(shù)關系圖如圖，定值電阻R0=4Ω，由此可知（）A．電源電動勢E=4V,內(nèi)阻r=4Ω B．電源電動勢E=4V,內(nèi)阻r=4/3ΩC．增大R，電源效率增大 D．增大R，電源效率可能增大，也可能減小9、如圖，從地面上方某點，將一小球以5m/s的初速度沿水平方向拋出．小球經(jīng)過1s落地．不計空氣阻力，g取10m/s2，則可求出（）A．小球拋出時離地面的高度是5mB．小球落地時的速度方向與水平地面成30°角C．小球落地時的速度大小是15m/sD．小球從拋出點到落地點的水平位移大小是5m10、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接在電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，下列說法中正確的是()A．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變C．斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D．斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變?nèi)嶒烆}：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖是電子射線管的示意圖。接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線。要使熒光屏上的亮線向下（z軸方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁場，磁場方向沿z軸負方向B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C．加一電場，電場方向沿z軸負方向D．加一電場，電場方向沿y軸正方向12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，使用的小燈泡標有“6V3W”，其他可供選擇的器材有：A．電壓表（量程6V，內(nèi)阻20kΩ）B．電壓表（量程20V，內(nèi)阻60kΩ）C．電流表（量程3A，內(nèi)阻0.2Ω）D．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻1Ω）E.滑動變阻器（0-1000Ω，0.5A）F.滑動變阻器（0-10Ω，2A）G.學生電源E（6V到8V）H.開關S及導線若干(1)實驗中為減小實驗誤差，方便調(diào)節(jié)，電壓表應使用____（填器材前序號字母），電流表應選用____（填器材前序號字母），滑動變阻器應選用_____（填器材前序號字母），在定的四個電路（圖甲）中，應選用___AB．C．D．(2)某同學通過實驗測得小燈泡兩端的電壓U和通過它的電流I，繪成U-I關系曲線如圖乙所示．若將該小燈泡接在電動勢為6V，內(nèi)阻為3Ω的電源兩端，則燈泡實際消耗的功率為_____（計算結果保留2位有效數(shù)字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場的電場線與AC平行，把帶電荷量10－8C的負電荷從A移至B的過程中，電場力做功6×10－8J，AB長6cm，AB與AC的夾角為60°．求：(1)場強方向；(2)設B處電勢為1V，則A處電勢為多少；(3)A處的場強大??；(4)電子在A點的電勢能．14．（16分）如圖所示，足夠長的平行光滑U形導軌傾斜放置，所在平面傾角θ=37°，導軌間的距離L=1.0m，下端連接R=1.6Ω的電阻，導軌電阻不計，所在空間均存在磁感應強度B=1.0T、方向垂直于導軌平面的勻強磁場，質(zhì)量m=0.5kg、電阻r=0.4Ω的金屬棒ab垂直置于導軌上，現(xiàn)用沿軌道平面且垂直于金屬棒、大小F=5.0N的恒力使金屬棒ab從靜止起沿導軌向上滑行，當金屬棒滑行2.8m后速度保持不變．求：(sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2)（1）金屬棒勻速運動時的速度大小v；（2）當金屬棒沿導軌向上滑行的速度v′=2m/s時，其加速度的大小a。15．（12分）如圖所示，有一質(zhì)量為m=1kg，帶電量為-q=-1C的小物塊以初速度v0=18m/s沿粗糙水平地面從A處向右滑動．已知空間存在向右的勻強電場，其電場強度為E=5N/C．物塊與地面的滑動摩擦因數(shù)為μ=0.4，求當物塊返回到A處的時間t和速度v．（g取10m/s2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．極板A上移，極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QB．極板A右移，板間距離減小，根據(jù)電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QC．極板間插入一定厚度的金屬片，相當于板間距離減小，根據(jù)電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=QD．極板間插人一云母片，根據(jù)電容的決定式C=εS4πkd，可知電容C增大，電容器的電量Q不變，由電容的定義式C=Q【點睛】對于電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵掌握電容的決定式C=εS4πkd和電容的定義式2、C【解析】當可變電阻的滑片向點移動時，連入電路中的電阻變小，電路總電阻減小，總電流增大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得路端電壓減小，即兩端電壓減小，所以通過的電流減小，而總電流增大，并且，所以通過的電流變大，C正確．【點睛】在電路中，當一個電阻在變大，分壓作用增大，它所引起電路電壓的變化是與它并聯(lián)的電阻兩端的電壓變小，電流也隨之變大，由于電源的電動勢不變，與它串聯(lián)的電阻兩端電壓變小，電流也就變??；反之，當一個電阻在變小時，分壓作用減小，它所引起電路電壓的變化是與它并聯(lián)的電阻的電阻兩端的電壓變小，電流也隨變小，與它串聯(lián)的電阻兩端電壓變大，電流也就變大．若是用這一原則來判斷，就可直接得出由于的減小，與它并聯(lián)的電阻通過的電流就小，與串聯(lián)的電阻通過的電流變大．3、B【解析】試題分析:將小船的實際運動沿著船頭指向和順著水流方向正交分解，由于分運動互不干擾，故渡河時間與水流速度無關，只與船頭指向方向的分運動有關，當船航行過程中，水流速度突然增大，沒有改變船頭指向的速度，所以對渡河時間無影響，只會對軌跡有影響，根據(jù)運動的合成可知，水的速度突然增大，會導致路程增大，故B正確，ACD錯誤；考點：運動的合成和分解4、C【解析】

小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，故B錯誤；向心力大小為：，小球做圓周運動的半徑為：，則由牛頓第二定律得：，得到線速度：，越大，、越大，所以小球運動的速度越大，故C正確；小球運動周期：，因此，越大，小球運動的周期越小，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．5、C【解析】

A．R的U-I圖線的斜率大小等于R的阻值，則:故A錯誤．B．根據(jù)閉合電路歐姆定：U=E-Ir，當I=0時，U=E，可讀出電源的電動勢E=4V，內(nèi)阻等于圖線的斜率大小，則故B錯誤；C．2s內(nèi)電阻R上消耗的電能為則C正確．D．若將兩個相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流變?yōu)檫x項D錯誤．6、C【解析】

A．物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，合外力不能等于零，故A錯誤；B．物體不受外力時，物體做勻速直線運動或者靜止，不能做曲線運動，故B錯誤；C．作曲線運動的物體的速度方向一定是變化的，所以速度一定時刻變化，故C正確；D．物體做曲線運動時，所受合外力的方向與速度的方向不在同一直線上，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、由于電流表視為短路，而電壓表視為短路，則分析電路結構可知，知R2、R3、R4串聯(lián)后與R1并聯(lián)，R5上無電流電流表示數(shù)為：解得：電流，電壓表的示數(shù)等于R4上的電壓，解得：；A錯誤，B正確；C、電容器C所帶的電量：；解得：；開關斷開后，電流將分別流過R1、R4和R2、R3，故流過R1的電量一定小于1.8×10﹣4C，C正確，D錯誤；故選BC．8、AC【解析】

將R0與電源看成新的電源，由圖像可知，當新的電源內(nèi)阻與滑動變阻器電阻相等時，新電源的輸出功率最大，即滑動變阻器功率最大，則有：解得：解得：電源效率為：增大R，路端電壓增大，電源的效率增大，故選AC．9、AD【解析】

根據(jù)h=12gt2得，所以高度h=12×10×1m＝5m．故A正確。小球落地時豎直方向上的速度vy=gt=10m/s，設小球落地時速度與水平方向的夾角為θ，則tanθ＝vyv0＝2，所以夾角不等于30°，故B錯誤。則落地的速度v=52+10、AD【解析】

AB．保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，板間距離d減小，由板間場強分析得到場強增大，小球所受電場力增大，則θ增大，故A正確，B錯誤；CD．電容器充電后電鍵S斷開，電容器所帶電量Q不變，根據(jù)電容的決定式可知與，，得出推論可知板間場強與間距無關，即E不變，小球所受電場力不變，則將A板向B板靠近時，θ不變，故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B【解析】

A、加一磁場，磁場方向沿z軸負方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故A錯誤．B、加一磁場，磁場方向沿y軸正方向，由左手定則知電子受洛倫茨力的方向沿z軸負方向，電子沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故B正確．C、加一電場，電場方向沿z軸負方向，電子受電場力沿z軸正方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故C錯誤．D、加一電場，電場方向沿y軸正方向，電子受電場力沿y軸負方向，電子不會沿z軸向下偏轉(zhuǎn)，故D錯誤．12、ADFC2.1W【解析】

(1)[1][2][3]由于燈泡額定電壓為6V，所以電壓表選擇A，燈泡的額定電流為所以電流表選擇D，由于本實驗需要測量多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器需要采用分壓連接，所以滑動變阻器選擇小電阻的F．[4]燈泡的電阻約為遠小于電壓表的內(nèi)阻，所以電流表外接，“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中要求燈泡的電壓從0開始，所以滑動變阻器分壓方式．A.與分析不符，故A項錯誤；B.與分析不符，故B項錯誤；C.與分析相符，故C項正確；D.與分析不符，故D項錯誤．(2)[5]若將該小燈泡接在電動勢為6V，內(nèi)阻為3Ω的電源兩端，在同一坐標系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：兩圖象的交點坐標值是該電源給燈泡供電時燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，由圖象可知，燈泡兩端電壓為U=4.62V，電流為：I=0.46A，燈泡實際功率為四、計算題：本題共2小題