江蘇省名校2025屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題含解析

江蘇省名校2025屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖為某電場的電場線，一點電荷在A和B兩點所受電場力的大小關系是A．FA＜FB B．FA＞FBC．FA=FB D．未知點電荷正負，故無法判斷2、如圖甲所示，兩個平行金屬板P、Q正對豎直放置，兩板間加上如圖乙所示的交變電壓。t=0時，Q板比P板電勢高U0，在兩板的正中央M點有一電子在電場力作用下由靜止開始運動（電子所受重力可忽略不計）。已知電子在0～4t0時間內未與兩板相碰。則電子速度方向向左且速度大小逐漸增大的時間是A．0<t<t0 B．t0<t<2t0C．2t0<t<3t0 D．3t0<t<4t03、關于兩個物體間的萬有引力，下列說法正確的是（）A．兩個物體間的萬有引力大小相等、方向相反，是一對平衡力B．當兩個物體間的距離趨于零時，萬有引力趨于無窮大C．表達式F=Gm1mD．質量大的物體受到的萬有引力大，質量小的物體受到的萬有引力小4、如圖所示，正方形區(qū)域abcd中充滿勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里。一個氫核從ad邊的中點m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場的方向，以一定速度射入磁場，正好從ab邊中點n射出磁場。沿將磁場的磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?倍，其他條件不變，則這個氫核射出磁場的位置是（）A．在b、n之間某點B．在n、a之間某點C．a點D．在a、m之間某點5、某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示途徑運動，先后通過M點和N點，以下說法正確的是（）A．M、N點的場強EM＞ENB．粒子在M、N點的加速度aM＞aNC．粒子在M、N點的速度vM＞vND．粒子帶正電6、三個質量相等，分別帶有正電、負電和不帶電的顆粒，從水平放置的平行帶電金屬板左側以相同速度v0垂直電場線方向射入勻強電場，分別落在帶正電荷的下板上的a、b、c三點，如圖所示，則（）A．落在c點的顆粒在兩板間運動時間最長 B．落在a點的顆粒帶正電、c點的帶負電C．三個顆粒運動到正極板時動能一樣大 D．落在c的點顆粒加速度最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路圖，AB間電壓為U，則下列說法正確的是（）A．滑動變阻器滑片向上移動時，RX兩端電壓變小B．滑動變阻器滑片向下移動時，RX兩端電壓變大C．滑動變阻器滑片位于中間時，RX兩端電壓小于D．滑動變阻器滑片位于中間時，若CD間改接為內阻為RX的電動機，電動機恰能正常工作，則此電動機消耗的熱功率小于8、如圖所示為測量未知電阻Rx的部分電路，當開關S合在a點時，電壓表示數為8V，電流示數為0.2A；當開關S合在b點時，電壓表示數為9V，電流表示數為0.15A，則（）A．電流表示數相對變化顯著B．電壓表示數相對變化顯著C．開關S接在b點時的測量值更準確D．開關S接在a點時的測量值更準確9、如圖所示，水平放置的平行板電容器，上板帶負電，下板帶正電，帶電小球以速度v0水平射入電場，且沿下板邊緣飛出．若下板不動，將上板上移一小段距離，小球仍以相同的速度v0從原處飛入，則帶電小球()A．將打在下板中央B．仍沿原軌跡由下板邊緣飛出C．不發(fā)生偏轉，沿直線運動D．若上板不動，將下板上移一段距離，小球可能打在下板的中央10、如圖所示，C為中間插有電介質的電容器，a和b為其兩極板；a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導線相連，Q板接地．開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉了角度α．在以下方法中，能使懸線的偏角α變大的是A．縮小a、b間的距離 B．加大a、b間的距離C．取出a、b兩極板間的電介質 D．換一塊形狀大小相同、介電常數更大的電介質三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）下面三個圖為探究平行板電容器電容大小因素的實驗，清將正確的結論填在橫線上，兩平行板之間的電場可以視為勻強電場，給電容器充電后與電源斷開，那么（）若保持板間距離不變，正對面積變小，則兩板電容__________，板間電勢差__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持不變，變大，兩板電容__________，板間電場強度__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持和都不變，插入介質板后，則板間電勢差__________，板間電場強度__________．（填“變小”、“變大”或“不變”）12．（12分）圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖。(1)實驗前應對實驗裝置反復調節(jié)，直到斜槽末端切線______。每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋________。(2)圖乙是正確實驗取得的數據，其中O為拋出點，則此小球作平拋運動的初速度為______m/s。（g取9.8m/s2）(3)在另一次實驗中將白紙換成方格紙，每小格的邊長L＝5cm，通過實驗，記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖丙所示，則該小球做平拋運動的初速度為_____m/s；B點的豎直分速度為_____m/s。（g取10m/s2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源電動勢，內阻，電阻，，，電容器的電容，開關S原來斷開，現在合上開關S到電路穩(wěn)定，試問這一過程中通過電流表的電量是多少？14．（16分）如圖所示，水平絕緣軌道AB與處于豎直平面內的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接，半圓形軌道的半徑R=0.4m。軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E=1.0×104N/C。現有一電荷量q=1.0×10-4C，質量m=0.1kg的帶電體(可視為質點)，在水平軌道上的P點由靜止釋放，帶電體運動到圓形軌道最低點B時的速度vB=5m/s。已知帶電體與水平軌道間的動摩擦因數為0.5，重力加速度g=10m/s2。求：(1)帶電體運動到圓形軌道的最低點B時，圓形軌道對帶電體支持力的大小；(2)帶電體在水平軌道上的釋放點P到B點的距離；(3)帶電體第一次經過C點后，落在水平軌道上的位置到B點的距離。15．（12分）如圖所示，兩根間距為L的金屬導軌MN和PQ，電阻不計，左端向上彎曲，其余水平，水平導軌左端有寬度為d、方向豎直向上的勻強磁場I，右端有另一磁場II，其寬度也為d，磁場的磁感應強度大小均為B。有兩根質量均為m、電阻均為R的金屬棒a與b與導軌垂直放置，b棒置于磁場II中點C、D處，導軌除C、D兩處（對應的距離極短）外其余均光滑，兩處對棒可產生總的最大靜摩擦力為棒重力的K倍，a棒從彎曲導軌某處由靜止釋放。（1）若a棒釋放的高度大于h0，則a棒進入磁場I時才會使b棒運動，請求出h0。（2）若將a棒從高度小于h0的某處釋放，使其以速度v0進入磁場I，結果a棒以的速度從磁場I中穿出，求兩棒即將相碰時a棒的速度。（3）在（2）問中，求兩棒即將相碰時b棒上的電功率Pb。（4）若將a棒從高度大于h0的某處釋放，使其以速度v1進入磁場I，從磁場I穿出時的速度大小為，試求此時b棒的速度，并分析說明b棒此時是否已穿出磁場II。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由圖可知，A點的電場線密，所以A點的電場強度大，電荷在A點受到的電場力大，所以FA＞FB，所以B正確，ACD錯誤；2、C【解析】

A．在，電子所受電場力方向向右，電子向右做勻加速直線運動，速度逐漸增大，A錯誤；B．在，電子所受的電場力方向向左，電子向右做勻減速直線運動，2t時速度為零，B錯誤；C．在，電子所受電場力方向向左，電子向左做勻加速直線運動，C正確；D．在，電子所受電場力向右，電子向左做勻減速直線運動，D錯誤；故選C。3、C【解析】

兩個物體間的萬有引力大小相等，方向相反，是一對作用力和反作用力，故A錯誤；當兩個物體間的距離趨于零時，萬有引力公式不再適用，故B錯誤；表達式F=Gm1m2r2，中的引力常量G是由實驗測算出的，而不是人為規(guī)定的，故C正確；物體間相互的引力大小相等，方向相反，故4、C【解析】試題分析：根據洛倫茲力提供向心力則有，即可知，磁場加倍后，半徑應該減小一般，所以一定從a處飛出?？键c：洛倫茲力提供向心力點評：本題考查了常見的洛倫茲力提供向心力的計算方法。常見的還有根據軌跡計算時間等。5、D【解析】

A．電場線越密的地方電場強度越大，因此EN＞EM，A錯誤；B．同一電荷的M處的電場力小于N處的電場力，根據牛頓第二定律，可知aM<aN，B錯誤，CD．粒子受力的方向總是指向運動軌跡的內側，從粒子運動的軌跡可知，粒子受力方向與電場線方向相同，帶正電荷，且從M向N運動過程中，電場力做正功，運動速度增加，C錯誤，D正確．【點睛】電場線形象的描述了電場的特點，電場線從正電荷發(fā)出到負電荷終止，電場線越密的地方，電場強度越大，也就是同一電荷在該點受到的電場力越大，電場線的方向表示正電荷受力的方向．與負電荷受力的方向相反．6、A【解析】

A．根據題意，三小球在水平方向做勻速直線運動，則有x=v0t，v0相同，則水平位移x與運動時間t成正比，由圖看出，水平位移的關系為xa＜xb＜xc，則運動時間關系為ta＜tb＜tc故A正確；

BD．豎直方向上三個粒子都做初速度為0的勻加速直線運動，到達下極板時，在豎直方向產生的位移y相等，由知加速度關系為aa＞ab＞ac由牛頓第二定律得知三個小球的合力關系為

Fa＞Fb＞Fc由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，可知落在a點的顆粒帶負電，c點的帶正電，b點的不帶電。故BD錯誤；

C．由上分析得知，落在c點的顆粒帶正電，電場力向上，則電場力對它做負功，合外力做功最小，落到極板上的動能最小。電場對a做正功，合力做功最大，則落到極板上的動能最大，所以三個顆粒運動到正極板時動能不一樣大，故C錯誤。

故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】電阻Rx與變阻器的下半部分并聯后再與上半部分串聯；滑動變阻器滑片向上移動時，串聯部分電阻變小，并聯電阻變大，分壓大，則Rx兩端電壓變大，故A錯誤；滑動變阻器滑片向下移動時，串聯部分電阻變大，并聯電阻變小，分壓小，則Rx兩端電壓變小，故B錯誤；滑動變阻器滑片位于中間時，電阻RX與變阻器的下半部分并聯后再與上半部分串聯，由于并聯部分的電阻比變阻器上半部分電阻小，故滑動變阻器滑片向下移動時，串聯部分電阻變大，并聯電阻變小，分壓小，則Rx兩端電壓變小，故Rx兩端電壓小于，故C正確；CD間改接為內阻為RX的電動機，由C知其電壓小于，其又不是純電阻電路，則其消耗的熱功率小于，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。

8、AC【解析】試題分析：據題意，電鍵接在a、b之間時，電流的相對變化為：，電壓的相對變化為：，則可知電流變化相對顯著，A選項正確；由于電流變化顯著，說明電壓表分流作用較大，應把電流表接觸法，接在b點，則C選項正確．考點：本題考查電流表內接或者外接的判斷法：試探法．9、BD【解析】試題分析：帶電粒子在電場中運動問題．帶電小球在兩板間做類平拋運動，豎直方向，水平方向，由牛頓第二定律有，當下板不動，將上板上移一小段距離，不變，落到下板時相同，則t、L相同，可見A選項錯誤，B選項正確，C選項錯誤，若上板不動，將下板上移一段距離不變，落到下板時減小，則t、L減小，小球可能打在下板的中央，D選項正確故選BD考點：帶電粒子在電場中的運動點評：中等難度．此題帶電粒子在電場中的偏轉做類平拋運動，要注意電容器斷開電源，改變兩極板間的距離，兩板間電場強度不變是解決問題的關鍵．10、BC【解析】試題分析：兩極板間的電荷量恒定，因為a板和Q板接地，b板和P板相連，所以ab間的電勢差和PQ間的電勢差相等，根據公式可知縮小a、b間的距離，電容增大，根據公式可得減小，則也減小，即PQ間的電場強度減小，所以偏角變變小，反之增大ab間的距離，則偏角變大，A錯誤B正確；根據公式可知取出a、b兩極板間的電介質，電容ab減小，根據公式可得增大，則也增大，即PQ間的電場強度增大，所以偏角變大，反之換一塊形狀大小相同，介電常數更大的電介質，偏小變小，C正確D錯誤；考點：考查了電容的動態(tài)變化分析【名師點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、減小增大減小不變減小減小【解析】

先根據電容的決定式分析電容的變化，再根據電容的定義式分析板間電勢差的變化，根據U=Ed可知電場強度的變化．【詳解】（）保持板間距離不變，兩極板正對面積減小，根據電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差增大；（）保持不變，板間距離增大，根據電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，根據和，可以知道：，故和無關，故不變；（）保持和都不變，插入介質板后，根據電容的決定式得知，電容增大，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差減小，由可以知道，減?。?2、水平初速度相同1.6m/s1.47m/s1.96m/s【解析】

(1)[1][2]為了保證小球的初速度水平，斜槽末端應切線水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋的初速度相同。

(2)[3]分析圖乙，O點為拋出點，取坐標點x=32.0cm=0.32my=19.6cm=0.196m在豎直方向上水平方向上x=v0t代入數據解得小球平拋初速度v0=1.6m/s(3)[4][5]分析圖丙L=5cm=0.05m由圖可知，小球由A到B和由B到C在水平方向位移相等，均為3L，則運動時間T相等，在豎直方向，由圖示可知△y=2L由勻變速直線運動的推論△y=gT2可得初速度根據勻變速直線運動中，一段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可知，在B點豎直分速度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】試題分析：S斷開，C相當于斷路，中無電流，C兩端電壓即兩端電壓電容器的電壓；電容器的帶電量，且a板帶正電，b板帶負電．S閉合，與串聯后再與并聯，C兩端電壓即兩端電壓，由電路分析：外電路總電阻為電容器的電壓電容器的帶電量．且a板帶負電，b板帶正電．據此通過電流表的電量。