江西省贛州市會昌中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題含解析

江西省贛州市會昌中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列研究物理問題的方法相同的是（）a．根據(jù)電流所產(chǎn)生的效應(yīng)認(rèn)識電流b．研究電流時把它比作水流c．根據(jù)磁鐵產(chǎn)生的作用認(rèn)識磁場d．利用磁感線來描述磁場A．a(chǎn)與bB．b與dC．a(chǎn)與cD．c與d2、兩個正、負(fù)點電荷周圍電場線分布如圖所示，P、Q為電場中兩點，則A．正電荷由P靜止釋放能運動到QB．正電荷在P的加速度小于在Q的加速度C．負(fù)電荷在P的電勢能高于在Q的電勢能D．負(fù)電荷從P移動到Q，其間必有一點電勢能為零3、如圖所示，兩根都處于伸長狀態(tài)的輕質(zhì)橡皮條A和B在豎直方向上共同系住一小球（A、B未標(biāo)出），A的彈力為B的彈力的3倍，若B剪斷，則在剪斷瞬間，小球的加速度大小為（）A．g/3 B．2g/3 C．g D．g/24、如圖所示為電阻R1和R2的伏安特性曲線，并且把第一象限分為了Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域．現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)在電路中，消耗的電功率分別用P1和P2表示；并聯(lián)的總電阻設(shè)為R．下列關(guān)于P1與P2的大小關(guān)系及R的伏安特性曲線應(yīng)該在的區(qū)域正確的是（）A．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＜P2B．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＜P2C．特性曲線在Ⅰ區(qū)，P1＞P2D．特性曲線在Ⅲ區(qū)，P1＞P25、如圖所示，物體的質(zhì)量，在的水平面上向右運動在運動過程中它還受到一個水平向左大小為10N的力F，，則物體受到的摩擦力是A．方向水平向左，大小為20NB．方向水平向右，大小為10NC．方向水平向左，大小為10ND．方向水平向右，大小為20N6、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中的M點以相同的速度飛出a、b兩個帶電粒子，a、b的運動軌跡如圖中虛線所示(a、b只受電場力作用)，則()A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負(fù)電B．兩個粒子的電勢能一個增加，一個減小C．a(chǎn)的速度將減小，b的速度將增加D．a(chǎn)的加速度將減小，b的加速度將增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B是一條電場線上的兩點，若在某點釋放一初速度為零的電子，電子僅受電場力作用，從A點運動到B點，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，則（）A．電子在A、B兩點受的電場力FA＜FBB．A、B兩點的電場強度EA＞EBC．A、B兩點的電勢?A＜?B．D．電場線的方向一定是從A到B8、如圖所示，閉合金屬導(dǎo)線框放置在豎直向上的勻強磁場中，勻強磁場的磁感應(yīng)強度隨時間變化，下列說法正確的是()A．當(dāng)磁感應(yīng)強度增加時，線框中的感應(yīng)電流可能減小B．當(dāng)磁感應(yīng)強度增加時，線框中的感應(yīng)電流一定增大C．當(dāng)磁感應(yīng)強度減小時，線框中的感應(yīng)電流一定增大D．當(dāng)磁感應(yīng)強度減小時，線框中的感應(yīng)電流可能不變9、如圖所示是“探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件”的實驗裝置，下列情況中會引起電流表指針偏轉(zhuǎn)的是（）A．閉合開關(guān)時B．閉合開關(guān)后拔出線圈A時C．?dāng)嚅_開關(guān)后拔出線圈A時D．?dāng)嚅_開關(guān)后移動變阻器的滑片時10、如圖所示,兩個固定的等量異種電荷,在它們連線的垂直平分線上有a、b、c三點,則(

)A．a(chǎn)點電勢比b點高 B．a(chǎn)、b兩點場強方向相同C．a(chǎn)、b、c三點與無窮遠(yuǎn)處電勢不相等 D．帶電粒子(不計重力)在a點無初速釋放,則它將在a、b連線上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，是研究平行板電容器的電容大小與哪些因素有關(guān)的實驗:（1）本實驗過程使用的實驗方法是___________________；（2）實驗過程中進行如下操作:①使電荷量Q、正對面積S一定，增大兩板間距離d，則靜電計指針偏角__________(填“變大”、“變小”或“不變”)；②使電荷量Q、兩板間距離d、正對面積S一定，在兩極板間放入石蠟，則靜電計指針偏角____(填“變大”、“變小”或“不變”)；12．（12分）在《測定干電池的電動勢和電阻》的實驗中，實驗器材有被測干電池、電流表（0~0.6A，0.1）、電壓表（0~3V，3k）、電鍵、滑動變阻器（0~20）、導(dǎo)線等。(1)在方框中畫出優(yōu)選的實驗電線圖________________________。(2)實驗過程中測得干電池的路端電壓與相應(yīng)的輸出電流的多組數(shù)據(jù)，描得圖像如圖所示，則干電池的電動勢為________V，內(nèi)電阻為__________Ω。（保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）把一個帶電荷量為2×10-8C的正點電荷從電場中的A點移到無限遠(yuǎn)處時，靜電力做功8×10-6J；若把該電荷從電場中的B點移到無限遠(yuǎn)處時，靜電力做功2×10-6J，取無限遠(yuǎn)處電勢為零．(1)求A點的電勢．(2)求A、B兩點的電勢差．(3)若把電荷量q=-2×10-5C的電荷由A點移到B點，靜電力做的功為多少?14．（16分）如圖所示，一質(zhì)量m=0.5kg的“日”字形勻質(zhì)導(dǎo)線框“abdfeca”靜止在傾角α=37°的粗糙斜面上，線框各段長ab=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5m，ef與斜面底邊重合，線框與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均為R=0.4Ω，其余部分電阻不計。斜面所在空間存在一有界矩形勻強磁場區(qū)域GIJH，其寬度GI=HJ=L，長度IJ>L，IJ平行于ef，磁場垂直斜面向上，磁感應(yīng)強度B=1T?，F(xiàn)用一大小F=5N、方向沿斜面向上且垂直于ab的恒力作用在ab中點，使線框沿斜面向上運動，ab進入磁場時線框恰好做勻速運動。若不計導(dǎo)線粗細(xì)，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）ab進入磁場前線框運動的加速度大小a。（2）cd在磁場中運動時，物體克服安培力做功的功率P。（3）線框從開始運動到ef恰好穿出磁場的過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱與外力F做功的比值。15．（12分）某同學(xué)做玩具直流電動機實驗，當(dāng)加在電動機兩端的電壓為0.3V時，測得流過電動機的電流為0.3A，此時電動機不轉(zhuǎn)動。當(dāng)電動機兩端電壓增大為2V時，電動機正常工作，此時流過電動機的電流為0.8A，求電動機正常工作時輸出的機械功率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】a.根據(jù)電流所產(chǎn)生的效應(yīng)認(rèn)識電流，電流無法觀察，根據(jù)電流產(chǎn)生的效果進行研究運用的是轉(zhuǎn)換法．b.研究電流時把它比作水流，運用的是類比法；c.根據(jù)磁鐵產(chǎn)生的作用來認(rèn)識磁場，運用的是轉(zhuǎn)換法；d.磁場是特殊的物質(zhì)，看不見，摸不著，利用磁感應(yīng)線來描述磁場，運用的是模型法；故選C.2、D【解析】

根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大?。鶕?jù)電場線的方向判斷電荷的正負(fù)．順著電場線電勢逐漸降低，由電場線的方向可判斷電勢的正負(fù)【詳解】正電荷在電場中受到的力沿該點的切線方向，故正電荷由P靜止釋放不能運動到Q，故A錯誤；電場線的疏密代表場強的大小，故，故正電荷在P的加速度大于在Q的加速度，故B錯誤；負(fù)電荷從P到Q電場力做負(fù)功，電勢能增加，故負(fù)電荷在P的電勢能小于在Q的電勢能，故C錯誤；從P到Q的過程中，沿電場線方向電勢降低，故在PQ間有一點電勢為零點，故，故其間必有一點電勢能為零，D正確．3、D【解析】設(shè)開始B的彈力為F，則A的彈力為3F，根據(jù)平衡有：F+mg=3F，解得F=mg/2，剪斷B的瞬間，A的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律得，，D正確.點睛：剪斷B前，根據(jù)平衡求出拉力大小，剪斷B的瞬間，A的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度．4、C【解析】

把R1和R2并聯(lián)在電路中，并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小，則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率，則R的伏安特性曲線應(yīng)該Ⅰ區(qū)。R1和R2并聯(lián)在電路中，電壓相等，由圖讀出流過電阻R1的電流較大，則功率P1＞P2。A.選項與分析結(jié)果不符，故A錯誤；B.選項與分析結(jié)果不符，故B錯誤；A.選項與分析結(jié)果一致，故C正確；D.選項與分析結(jié)果不符，故D錯誤；5、A【解析】試題分析：因為物體向右運動，故物體受到向左的摩擦力，由f=，得摩擦力f=1．11×211N=21N，摩擦力的方向與物體相對地面的運動方向相反，與物體上所受的其他力無關(guān)，故選項A正確．考點：滑動摩擦力的大小與方向．6、D【解析】題目中電場方向沒有給出，兩個粒子以相同的速度飛進電場后，軌跡相反，只能得出兩粒子的帶電屬性相反，但不能確定誰帶正電誰帶負(fù)電，我們根據(jù)物體的運動軌跡方向總是夾在物體所受合外力方向與物體速度方向之間，由此得出ab兩粒子電場力與速度的夾角為銳角，故電場力做正功，電勢能都減小，速度都增大，所以BC錯，電場強度的大小可以根據(jù)電場線的疏密程度來判斷，a往電場線疏的地方運動，b往電場線密的地方運動，故a的加速度將減小，b的加速度將增加，D對二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由速度圖象看出，圖線的斜率逐漸增大，電子的加速度增大，電子所受電場力增大，則電場力FA＜FB．故A正確．電子所受電場力增大，場強增大，電場強度EA＜EB．故B錯誤．由題，電子靜止開始沿電場線從A運動到B，電場力的方向從A到B，電子帶負(fù)電，則場強方向從B到A，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，電勢φA＜φB．故C正確．由速度圖象看出，電子的速度增大，加速度增大，電場力變大，但是場強方向不一定沿B到A的方向，選項D錯誤；故選AC.8、AD【解析】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈中感應(yīng)電動勢，感應(yīng)電流，即感應(yīng)電流，即感應(yīng)電流大小與磁感應(yīng)強度變化的快慢有關(guān)，與增加減小無關(guān)，因此答案BC錯AD對．9、AB【解析】

A．閉合開關(guān)時，穿過B線圈的磁通量從無到有，磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故A正確；B．閉合開關(guān)后，拔出線圈A時，穿過B線圈的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故B正確；C．?dāng)嚅_開關(guān)后，拔出線圈A時，穿過B線圈的磁通量始終為零，不變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D．?dāng)嚅_開關(guān)后，移動滑動變阻器，穿過線圈B的磁通量始終為零，磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯誤。故選AB。10、BC【解析】

A、兩個等量異種電荷的電場中，在它們連線的垂直平分線上的點的電勢都是零，所以a、b、c三點的電勢都相等為零，所以A錯誤．B、兩個等量異種電荷的電場中，垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，所以B正確．C、由A的分析可以知道C正確．D、垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，電場的方向是在水平方向的，所以電荷不能在a、b連線上運動，應(yīng)該是在水平方向運動，所以D錯誤．故選BC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、控制變量法變大變小【解析】解:(1)研究每一個要素的影響,須讓其它的量不變?yōu)?控制變量法

(2

)①因Q,S不變,增大d,則由,則C變小,又由,則U變大,靜電計的指針偏角變大

②因Q,S,d不變,?增大,則由,則C變大,又由,則U變小,靜電計指針偏角變小

12、見解析1.500.250【解析】

(1)[1]滑動變阻器采用限流式接法，電路連接如圖所示(2)[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知在圖象中，圖象在縱軸的截距等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻，因此可得，四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）φA=400V（2）300V（3）-6×10-3J【解析】

（1）無窮遠(yuǎn)處某點O的電勢為零，根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系公式WAB=EpA-EpB，有WOA=EpO-EpA

無窮遠(yuǎn)處電勢能為零，即EpO=0

故EpA=-WOA=8×10-6J

根據(jù)電勢的定義式φ=

得；

（2）把該電荷從無限遠(yuǎn)處的O點移到電場中B點，需克服電場力做功2×10-6J，取無限遠(yuǎn)處電勢為零，根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系公式WAB=EpA-EpB，有

WOB=EpO-EpB

無窮遠(yuǎn)處電勢能為零，即EpO=0

故EpB=-WOB=2×10-6J

根據(jù)電勢的定義式，得故A、B間的電勢差為UAB=φA-φB=400V-100V=300V；

（3）若把2×10-5C的負(fù)電荷由A點移到B點，電場力所做的功：WAB=qUAB=-2×10-5×300=-6×1