江蘇省徐州五中2025屆物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測試題含解析

江蘇省徐州五中2025屆物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、實驗室用的小燈泡燈絲的I﹣U特性曲線可用以下哪個圖象來表示（考慮燈絲的電阻隨溫度的升高而增大）（）A. B.C D.2、下列說法中正確的是A.變化的磁場不能產(chǎn)生電場 B.變化的電場不能產(chǎn)生磁場C.麥克斯韋證實了電磁波的存在 D.電磁波能在真空中傳播3、關(guān)于電場和磁場、電場線和磁感線，下列說法正確的是（）A.電場和磁場都是假想的，不是客觀存在的物質(zhì)B.在電場中的電荷一定受到電場力的作用，在磁場中的運動電荷一定受到磁場力的作用C.電場線和磁感線是可以形象描述場的強弱和方向的客觀存在的曲線D.磁場中任何兩條磁感線都不相交4、在示波管中，電子槍2s內(nèi)發(fā)射了6×1013個電子，則示波管中電流強度為A.9.6×10-6AB.3×10-3AC.4.8×10-6AD.3×10-6A5、如圖所示，M、N和P是以MN為直徑的半圓弧上的三點，O為半圓弧的圓心，∠MOP＝90°，在M、P處各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，這時O點的磁感應(yīng)強度大小為B0．若將P處長直導(dǎo)線移開，則O點的磁感應(yīng)強度的大小為()A.B.C.D.6、有三束粒子，分別是質(zhì)子（）、氚核（）和粒子（）束．當(dāng)它們以相同的速度沿垂直磁場方向射入同一勻強磁場中，在下列四圖中，能正確表示出這三束粒子運動軌跡的是（）A.B.C.D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、火車以60m/s的速率轉(zhuǎn)過一段彎道，某乘客發(fā)現(xiàn)放在桌面上的指南針在10s內(nèi)勻速轉(zhuǎn)過了約10°。在此10s時間內(nèi)，火車（）A.運動路程為600m B.加速度為零C.角速度約為1rad/s D.轉(zhuǎn)彎半徑約為3.4km8、在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動過程中，下列說法正確的是A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大9、如圖所示為兩列相向傳播的振幅、波長都相同的橫波，它們在O點相遇，此后可能出現(xiàn)的狀態(tài)是A. B.C. D.10、在同一光滑斜面上放同一導(dǎo)體棒，下圖所示是兩種情況的剖面圖。它們所在空間有磁感應(yīng)強度大小相等的勻強磁場，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次豎直向上，兩次導(dǎo)體A分別通有電流I1和I2，都處于靜止平衡．已知斜面的傾角為θ，則（）A.I1∶I2=cosθ：1B.I1∶I2=1∶1C.導(dǎo)體A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθD.斜面對導(dǎo)體A的彈力大小之比N2∶N2=cos2θ∶1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究平拋運動規(guī)律時，老師和同學(xué)們選用圖所示的裝置進行實驗．初始時，A球靜止在彈性金屬片的右側(cè)，B球被夾在金屬片的左側(cè)．用小錘打擊彈性金屬片后，A球和B球同時開始運動．實驗中，______（選填“A球”“B球”或“A、B兩球”）做拋體運動．老師用該實驗裝置完成了一次實驗，觀察到兩個小球同時落地，于是得出結(jié)論：平拋運動在豎直方向的分運動是自由落體運動．小明同學(xué)認(rèn)為不夠嚴(yán)密，請你闡述小明的理由（寫出一條即可）_________________________________________________12．（12分）用圖示電路測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻（電動勢約為2V，內(nèi)阻很?。?，為防止滑動變阻器電阻過小導(dǎo)致電流過大而損壞器材，電路中用了一個保護電阻R0，除蓄電池、滑動變阻器、開關(guān)、導(dǎo)線外，可供使用的器材還有：A．電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻很?。籅．電流表A2（量程3A，內(nèi)阻很?。?；C．電壓表（量程3V，內(nèi)阻很大）；D．定值電阻（阻值1Ω，額定功率5W）；E．定值電阻（阻值10Ω，額定功率10W）；(1)實驗中電流表應(yīng)選取______，保護電阻應(yīng)選取______（填器材前面的選項如A、B、C、D、E）(2)某同學(xué)選用器材進行了實驗，他調(diào)整滑動變阻器共測得了5組電流、電壓的數(shù)據(jù)，如下表。請在圖中做出電源的路端電壓U隨電流I變化的圖象（）。電流表讀數(shù)I/A1.721.350.980.630.34電壓表讀數(shù)U/V0.160.570.951.351.65(3)結(jié)合圖象求出蓄電池的電動勢為______V，內(nèi)阻為_____Ω。（結(jié)果保留二位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在xOy坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)有水平向右的勻強電場，第四象限內(nèi)有豎直向上的勻強電場，兩個電場的場強大小相等，第四象限內(nèi)還有垂直于紙面的勻強磁場，讓一個質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子在第二象限內(nèi)的P(－L，L)點由靜止釋放，結(jié)果粒子沿直線運動到坐標(biāo)原點并進入第四象限，粒子在第四象限內(nèi)運動后從x軸上的Q(L,0)點進入第一象限，重力加速度為g，求：（1）粒子從P點運動到坐標(biāo)原點的時間；（2）勻強磁場磁感應(yīng)強度的大小和方向14．（16分）如圖所示，水平導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌電阻忽略不計，導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量，電阻，與導(dǎo)軌接觸良好，電源電動勢，內(nèi)阻，電阻，外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度，方向垂直于ab，與導(dǎo)軌平面成角，ab與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），定滑輪摩擦不計，線對ab的拉力為水平方向，g取，ab處于靜止?fàn)顟B(tài)．求：（1）ab受到的安培力大小和方向；（2）重物的重力G的取值范圍15．（12分）如圖所示，在真空室中平面直角坐標(biāo)系的y軸豎直向上，x軸上的P點與Q點關(guān)于坐標(biāo)原點O對稱，PQ間的距離d=30cm。坐標(biāo)系所在空間存在一個垂直于xOy平面的圓形有界勻強磁場，一帶電粒子在xOy平面內(nèi)，從P點與x軸成30°的夾角射出，該粒子將做勻速直線運動，已知帶電粒子以速度v=2.0m/s射出，質(zhì)量m=1.0×10-27kg，所帶電荷量q=1.0×10-19C，使帶電粒子通過Q點，且其運動軌跡關(guān)于y軸對稱。已知磁場的磁感應(yīng)強度大小為B=2.0×10-7T。(不計帶電粒子重力)求：（1）油滴在磁場中運動的時間t；（2）圓形磁場區(qū)域的最小面積S。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據(jù)可知，I-U圖象的斜率大小表達(dá)電阻的倒數(shù)，因為燈絲的電阻隨溫度的升高而增大，因此I-U特性曲線是過原點的向電壓軸傾斜的曲線，故A正確，BCD錯誤2、D【解析】變化的磁場周圍會產(chǎn)生電場，故A錯誤；變化的電場周圍會產(chǎn)生磁場；故B錯誤；麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在；但赫茲第一次用實驗證實了電磁波的存在；故C錯誤；電磁波可以在真空、固體、液體、氣體中傳播；故D正確；故選D3、D【解析】A．電場和磁場都是客觀存在的，電場線和磁感線才是為了形象描述場而假想的曲線，故A錯誤；B．在電場中的電荷一定受到電場力的作用，而在磁場中運動電荷速度方向與磁場方向共線時不受磁場力的作用，故B錯誤；C．電場線和磁感線是可以形象描述場強弱和方向的假想曲線，故C錯誤；D．磁感線是閉合曲線，磁場中任何兩條磁感線都不相交，故D正確。故選D。4、C【解析】每個電子的電荷量大小為：e=1.6×10?19C，6×1013個電子總電荷量為：q=6×1013×1.6×10?19C=9.6×10?6C，則示波管中電流大小為：I=A=4.8×10?6AA、A項與上述分析結(jié)論不相符，故A錯誤；B、B項與上述分析結(jié)論不相符，故B錯誤；C、C項與上述分析結(jié)論相符，故C正確；D、D項與上述分析結(jié)論不相符，故D錯誤5、B【解析】根據(jù)安培定則可知，兩導(dǎo)線在O點形成的磁感應(yīng)強度如圖所示：合磁感應(yīng)強度大小為B0.則根據(jù)幾何關(guān)系可知，兩導(dǎo)線單獨形成的磁感應(yīng)強度大小為B0，故B正確，ACD錯誤故選B.6、C【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由此可知：半徑與荷質(zhì)比成反比；因三束離子中質(zhì)子的荷質(zhì)比最大，氚核的最小，故質(zhì)子的半徑最小，氚核的半徑最大，故C正確，ABD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．本題考查勻速圓周的概念，意在考查考生的理解能力，圓周運動的弧長故選項A正確；B．火車轉(zhuǎn)彎是圓周運動，圓周運動是變速運動，所以合力不為零，加速度不為零，故選項B錯誤；CD．由于角度與弧度的換算關(guān)系所以由題意得圓周運動的角速度又所以故選項C錯誤，D正確。故選AD。8、AD【解析】保持開關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_開關(guān)S，分析板間場強的變化【詳解】A、B項：該電路中兩個電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動過程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯誤；C項：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯誤；D項：電源內(nèi)阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應(yīng)選：AD【點睛】電容器的動態(tài)分析重點在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢差不變．要掌握、及電容決定因素9、BD【解析】當(dāng)左列波的波峰和右列波的波谷相遇時，疊加后的圖象為B；當(dāng)兩列波的波峰相遇時，疊加后的圖象為D；而A和C是不可能出現(xiàn)的10、AD【解析】兩種情況下，導(dǎo)體棒受力如圖所示，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；I1

所受的安培力沿斜面向上，如左圖，根據(jù)共點力平衡得：F1=mgsinθN1=mgcosθI2所受的安培力水平向右，如右圖，根據(jù)共點力的平衡得：F2=mgtanθ又：F1=BI1LF2=BI2L所以：斜面對導(dǎo)體A的彈力大小之比AD正確，BC錯誤。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A球；②.改變小球距地面的高度和打擊的力度，多次重復(fù)這個實驗【解析】探究平拋運動的規(guī)律中，實驗同時讓A球做平拋運動，B球做自由落體運動，若兩小球同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動，而不能說明A球水平方向的運動性質(zhì)【詳解】用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出，同時B球被松開，由于B球僅受重力，初速度為零，做自由落體運動．兩球落到地面的時間相等，可知平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，所以A球做了拋體運動，由于誤差的存在，所以應(yīng)該多次測量來減小誤差，即改變小球距地面的高度和打擊的力度，多次重復(fù)這個實驗，觀看兩個球是否還能同時落地【點睛】本題屬于簡單基礎(chǔ)題目，實驗雖然簡單，但是很直觀的驗證了平拋運動在豎直方向上的運動規(guī)律．注意該實驗不能得出平拋運動在水平方向上的運動規(guī)律12、①.B②.D③.④.2.0（1.9-2.1均給分）⑤.0.087（0.082-0.120均給分）【解析】(1)[1]若電流表量程選3A，為了便于讀數(shù)（應(yīng)使指針半偏及以上），電流需在1.5A以上。這樣，電路總阻應(yīng)在：；以下，變化范圍太小，不利于滑動變阻器操作，所以電流表量程應(yīng)選B；[2]若定值電阻取10Ω，則電路中電流最大不超過：，電流值不到電流表小量程的，不利于精確讀數(shù)，故定值電阻只能取D。(2)[3]縱坐標(biāo)不從0開始，可提高圖線精度。描點出5個點后，應(yīng)該用一條直線來“擬合”坐標(biāo)系中描出的點。(3)[4]由圖線與縱坐標(biāo)的交點可知：E=2.025V；根據(jù)要求故E取為2.0V，[5]內(nèi)阻為。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）粒子在第二象限內(nèi)做直線運動，因此電場力和重力的合力方向沿PO方向，則粒子帶正電，；，解得（2）設(shè)粒子從O點進入第四象限的速度大小為v，由動能定理可得求得，方向與x軸正方向成45°角，由于粒子在第四象限內(nèi)受到電場力與重力等大反向，因此粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，由