北京市朝陽區(qū)北京八十中學2025屆物理高二上期中綜合測試試題含解析

北京市朝陽區(qū)北京八十中學2025屆物理高二上期中綜合測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列不是用比值法定義的物理量的是（）A．用E=定義電場強度B．用C=定義電容器的電容C．用定義電容器的電容D．用I=定義電流強度2、磁感應強度單位是以下面哪一個物理學家的名字命名的（）A．奧斯特B．法拉第C．特斯拉D．麥克斯韋3、把兩根電阻相同的電熱絲先串聯(lián)后并聯(lián)分別接在同一理想電源上，若要產生相等的熱量，則兩種方法所需的時間之比t串：t并為（）A．1:1 B．2:1 C．4:1 D．1:44、如圖所示，線圈按下列方式在勻強磁場中勻速轉動，能產生正弦交變電流的是（）A． B． C． D．5、如圖所示，傾角為37°的、足夠長的固定斜面上，一物塊從斜面底端以速度沿斜面向上運動，到達最高點后返回斜面底端、已知斜面上各處粗糙程度相同，物塊下行與上行時間關系為，不計空氣阻力，已知，，重力加速度取，則物塊與斜面動摩擦因數μ為（）A．0.35 B．0.4 C．0.45 D．0.56、重粒子腫瘤治療裝置中的回旋加速器可發(fā)生+5價重離子束，其電流強度為，則在1s內發(fā)射的重離子個數為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、光滑絕緣的水平面上M、N兩點各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動能E0（此時動量大小均為p0）使其相向運動剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點時的動能分別為E1和E2，動量大小分別為p1和p2，則A．E1=E2=E0,p1=p2=p0B．E1=E2＞E0,p1=p2＞p0C．碰撞發(fā)生在M、N中點的左側D．兩球不同時返回M、N兩點8、“示波器”是電工學中的重要儀器，如圖所示為示波器的原理圖，有一電子在電勢差為U1的電場中加速后，垂直射入電勢差為U2的偏轉電場，在滿足電子能射出偏轉電場的條件下，下列四種情況中，一定能使電子的偏轉角變小的是（）A．U1不變，U2變小B．U1變大，U2變小C．U1變小，U2變大D．U1不變，U2變大9、如圖所示，圓心為O的半圓形光滑絕緣細桿固定在豎直面內，細桿最低點固定著一個帶正電的點電荷Q，穿在細桿上的兩個質量相同的帶電小球靜止時的位置分別為A、B，AO、BO與QO的夾角分別為α、β（α＞β），兩球間的庫侖力可忽略不計，則下列判斷正確的是()A．在電荷Q的電場中，A點電勢大于B點電勢B．在電荷Q的電場中，A點場強大于B點場強C．兩球所受細桿的彈力大小相等D．兩球所帶電荷量之比為10、如圖所示，一束帶電粒子沿水平方向飛過小磁針的上方，并與磁針指向平行，能使小磁針的N極轉向讀者，那么這束帶電粒子可能是A．向右飛行的正離子束B．向左飛行的正離子束C．向右飛行的負離子束D．向左飛行的負離子束三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用如圖1所示電路測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻,備有下列器材:

①待測干電池②電壓表，量程

1.5V③電流表，量程

3mA

④電流表，量程

0.6A⑤滑動變阻器⑥滑動變阻器⑦開關一個,導線若干

（1）電流表選____，滑動變阻器選_____.(填標號).

（2）小組由實驗數據作出的

U-I圖象如圖2所示，由圖象可求得電源電動勢為_____V,內電阻為_____.（3）測得的電動勢_____真實值，測得的內電阻______真實值.(填“＞”、“＜”或“＝”)12．（12分）測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U—I圖象如圖所示現備有以下器材：A．干電池1個B．滑動變阻器（0?50Ω）C．電壓表（0?3V）D．電壓表（0?15V）E.電流表（0?0.6A）F.電流表（0?3A）(1)其中電壓表____和電流表應選_____（填字母代號）(2)如圖乙是根據實驗數據畫出的U—I圖象.由此可知這個干電池的電動勢E=___V，內電阻r=___（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的平行金屬板電容器的電容為C=2×10-4F，極板A、B之間可以看成勻強電場，場強E=1.2×103V/m，極板間距離為L=5cm，電場中c點到A板、d點到B板的距離均為0.5cm，B板接地．求：(1)A板的電勢φA；(2)A板所帶電荷量Q；(3)將電荷量q=5×10-6C的帶正電點電荷從d移到c，電場力做的功Wdc．14．（16分）如圖，在光滑水平面上建立平面直角坐標系xOy，第Ⅰ象限存在垂直于水平面的勻強磁場（圖中未畫出），一質量為m、電荷量為q的小球由坐標原點O處以速度v0沿y軸正方向射入磁場，一段時間后，小球與靜止于A點的質量也為m但不帶電的另一小球發(fā)生碰撞，并粘為一體，A點與原點O相距L，OA與x軸正方向的夾角為30°。(1)求磁感應強度B的大?。?2)兩球碰撞后是否仍沿原來的的軌跡運動？試論證；(3)求小球從O點射出到離開磁場所經歷的時間t。15．（12分）如圖甲所示，有一足夠長的絕緣細桿豎直放置在水平方向的勻強電場當中，電場強度E隨時間t的變化關系如圖乙所示(取水平向右為電場的正方向)．質量m=0.01kg、帶電荷量q=+1.0×10-6C的有孔小球套在絕緣細桿上，孔的直徑略大于細桿的直徑．t=0時刻小球從細桿的某處靜止釋放，已知小球與細桿的動摩擦因數μ=0.1，整個過程中小球電量不變且始終處于勻強電場當中，空氣阻力忽略不計，取g=10m/s1．求：（1）3秒末小球的速度大?。唬?）3秒內小球的位移大?。唬?）3秒內摩擦力對小球所做的功．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】解:A、是電場強度的定義式,采用比值定義法,定義出的電場強度E與F、q無關.故A不符合題意.

B、電容是電容器容納電荷的本領,與所帶的電量、以及極板之間的電勢差無關,所以是比值定義法,故B不符合題意.

C、是電容的決定式,C與?、S成正比,與d成反比,這個公式不是比值定義法,故C符合題意.

D、電流強度與流過截面的電量和時間無無直接關系,所以屬于比值定義法,故D不符合2、C【解析】磁感應強度單位是特斯拉，是根據物理學家特斯拉的名字命名的，故選C.3、C【解析】試題分析：由串并聯(lián)電路的特點可知，串聯(lián)后總電阻為，并聯(lián)的總電阻為，由焦耳定律，要產生相等的熱量，則有，可得．C正確；考點：考查了串并聯(lián)電路的特點、電熱的計算4、C【解析】

A．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產生，選項A錯誤；B．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產生，選項B錯誤；C．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不斷變化，會產生正弦交流電，選項C正確；D．圖中線圈轉動時，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產生，選項D錯誤；故選。5、C【解析】

物體的上升過程是勻減速直線運動，可看成是逆過來初速為零的勻加速直線運動；物體的下降過程是初速為零的勻加速直線運動，則聯(lián)立解得故C項正確，ABD三項錯誤。6、B【解析】

根據公式，可得在單位時間內發(fā)射的粒子的電荷量為，故個數為個，D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結論：兩球必將同時返回各自的出發(fā)點，且兩球末動量大小和末動能一定相等．從能量觀點看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?．5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機械能必然增大，即末動能增大，故A錯誤B正確；由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內的位移大小一定相同，必然在連線中點相遇，又同時返回出發(fā)點．故C錯誤D正確．考點：考查了動量守恒定律，庫侖定律【名師點睛】當兩個完全相同的金屬小球相接觸時，若是同種電荷則是平均分配；若是異種電荷則是先中和再平均分配．由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，返回過程中電場力大于接近過程中電場力，根據動能關系求解．由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，運用運動學知識求解．8、AB【解析】根據動能定理：，得：，在偏轉電場中：，，，，若使偏轉角變小即使變小，故A、B正確．點晴：本題是帶電粒子先加速后偏轉問題，電場中加速根據動能定理求解獲得的速度、偏轉電場中類平拋運動的研究方法是運動的分解和合成，常規(guī)問題．9、CD【解析】在電荷Q的電場中，B點等勢面比A點所在等勢面電勢高，A點電勢低于B點電勢，所以A錯誤；在電荷Q的電場中，根據點電荷的場強公式，A點距離Q的距離比B點距離Q大，所以A點場強小于B點場強，所以B錯誤．對A、B球分別受力分析如圖

根據幾何關系：平行四邊形對角線兩邊是兩個等腰三角形，表示彈力和重力的線段為腰，且兩球重力相等，對A球桿的彈力F1=mg;對B球桿的彈力F2＝mg，所以兩球所受細桿的彈力大小相等，所以C正確；對A：化簡得：；同理對B可得，則，所以D正確；故選CD.點睛：本題考查了電勢高低和場強大小的判斷能力，記住點電荷場強公式，庫侖定律與共點力平衡問題結合關鍵還是受力分析，列平衡方程．10、BC【解析】

A．向右飛行的正離子束形成的電流方向向右，根據安培定則可知，離子在下方產生的磁場方向向里，則N極轉向里，S極轉向外，與題意不符，故A錯誤；B．向左飛行的正離子束形成的電流方向向左，根據安培定則可知，離子在下方產生的磁場方向向外，則N極轉向外，S極轉向里，與題意相符，故B正確；C．向右飛行的負離子束形成的電流方向向左，根據安培定則可知，離子在下方產生的磁場方向向外，則N極轉向外，S極轉向里，與題意相符，故C正確；D．向左飛行的負離子束形成的電流方向向右，根據安培定則可知，離子在下方產生的磁場方向向里，則N極轉向里，S極轉向外，與題意不符，故D錯誤；故選BC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、④⑤1.42.8<<【解析】

（1）[1][2]由表2的數據可知，電流最大約為0.5A，故電流表應選擇④；同時為了便于控制調節(jié)，滑動變阻器應選擇總阻值較小的⑤；（2）[3]由圖2所示電源的U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標是1.4，則電源電動勢E=1.4V，[4]電源內阻:（3）[5][6]由于電壓表內阻不能忽略，則在實驗中相當于電壓表內阻并聯(lián)到電源兩端后再由電壓表兩端輸出路端電壓，因此所測量的電動勢小于真實值，而由于電壓表內阻的并聯(lián)，故內阻的測量值小于真實值．12、CE1.50.75【解析】

(1)[1]電源電動勢大約1.5V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇C[2]電路中的電流較小，因此電流表選擇0.6A量程的E(2)[3]在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V[4]圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-60V（2）1.2×10-2C（3）2.4×10-4J【解析】

（1）BA間的電勢差為：UBA=EL=1200×0.05V=60VφA=φB-UBA=0V-60V=-60V（2）A板所帶電荷量Q為：Q=CUBA=2×10-4×60C=1.2×10-2C；（3）d、c兩點的距離Ldc=0.05m-2×0.5×10-2m=0.04md、c兩點間的電勢差為：Udc=ELdc=48V（4）點電荷從d移到c，電場力做的功Wdc=qUdc=5×10-6×48J=2.4×10-4J14、（1）；（2）是，見解析；（3）?！窘馕觥?/p>

（1）小球在磁場中做勻速圓周運動的軌跡如圖所示，由幾何關系得，小球做勻速圓周運動的半徑為由牛頓第二定律得解得，磁感應強度為（2）兩球碰撞過程遵循動量守恒定律碰撞后兩球繼續(xù)做圓周運動，由可得半徑兩球碰撞后仍沿原來的的軌跡運動，只是速度變小，為原來的。（3）由幾何關系可知，小球從O點運動到A點的時間為碰撞后，兩球在磁場中運動的周期為碰撞后兩球在磁場里運動的時間小球從O點射出到離開磁場所經歷的時間15、（1）3秒末小球的速度大小為1m/s；

（1）3秒內小球的位移大小為5m；

（3）3秒內摩擦力對小球所做的功為-0.48