四川省資陽市2025屆高二物理第一學期期中考試模擬試題含解析

四川省資陽市2025屆高二物理第一學期期中考試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在光滑水平面上一輕質彈簧將固定擋板和一條形磁鐵連接起來，此時磁鐵對水平面的壓力為N1，現在磁鐵左上方位置固定一導體棒，當導體棒中通有垂直紙面向里的電流后，磁鐵對水平面的壓力為N2，則以下說法正確的是（）A．彈簧長度將變長，N1>N2B．彈簧長度將變短，N1>N2C．彈簧長度將變長，N1<N2D．彈簧長度將變短，N1<N22、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，場強方向平行正方形ABCD所在平面．已知A、B、C三點的電勢分別為φA=9V，φB=3V，φC=-3V，則A．D點的電勢φD=3V，場強方向平行AB方向B．D點的電勢φD=3V，場強方向平行AC方向C．D點的電勢φD=6V，場強方向平行BC方向D．D點的電勢φD=6V，場強方向平行BD方向3、一端固定在天花板上的絕緣細線的另一端與一帶正電的小球M相連接，在小球M下面的一絕緣水平面上固定了另一個帶電小球N，在圖中，小球M能處于靜止狀態(tài)的是（）A． B．C． D．4、電荷之間的靜電力像萬有引力一樣，也是一種超距力，這種超距作用的觀點是18-19世紀的多數科學家難以接受的．首位建立電場概念并使人們擺脫這一困境的科學家是A．伽利略 B．牛頓 C．安培 D．法拉第5、下列說法正確的是A．電場線與等勢面可以垂直，也可以不垂直B．電場線總是由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面C．電場強度大的地方，電勢一定高；電場強度小的地方，電勢一定低D．電場強度為零的地方，電勢一定為零；電勢為零的地方，電場強度也一定為零6、真空中放置兩個點電荷，電量各為q1與q2，它們相距r時靜電力大小為F，若將它們的電量分別減為原來的一半，則它們之間的靜電力大小是A．F/4 B．F/2 C．2F D．4F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源內阻為R，固定電阻R0=R，可變電阻的總電阻值為2R，若變阻器滑片P由圖示位置自左向右滑動，則（）A．電源的輸出功率由小變大B．消耗的功率由小變大C．R0消耗的功率由小變大D．電源的效率由大變小8、如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置，環(huán)形區(qū)域內存在垂直紙面向外、大小可調節(jié)的勻強磁場，質量為m、電荷量為q的粒子在環(huán)中做半徑為R的圓周運動，A、B為兩塊中間開有小孔的極板，原來電勢都為零，每當粒子順時針飛經A板時，A板電勢升高為U，B板電勢仍保持為零，粒子在兩極板間電場中得到加速，每當粒子離開B板時，A板電勢又降為零，粒子在電場一次次加速下動能不斷增大，而繞行半徑不變，粒子自身重力不計，則A．粒子從A板小孔處由靜止開始在電場作用下加速，繞行n圈后回到A板時獲得的總動能為nqUB．在粒子繞行的整個過程中，A板的電勢可以始終保持為+UC．在粒子繞行的整個過程中，每一圈的周期不變D．為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運動，磁場必須周期性遞增，則粒子繞行第8圈時的磁感應強度為9、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為r＝0.5R，L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻阻值可視為恒定且均為R，定值電阻阻值也為R，電壓表為理想電表，K為單刀雙擲開關，當開關由1位置打到2位置時（）A．電壓表讀數將變大B．L2將變亮C．電源的輸出功率變大D．電源的總功率減小10、如圖所示，質量為M的物體內有一光滑圓形軌道，現有一質量為m的小滑塊沿該圓形軌道在豎直面內做圓周運動．A、C兩點分別為圓周的最高點和最低點，B、D兩點是與圓心O在同一水平線上的點．重力加速度為g.小滑塊運動時，物體在地面上靜止不動，則關于物體對地面的壓力FN和地面對物體的摩擦力的說法正確的是()A．小滑塊在A點時，FN＞Mg，摩擦力方向向左B．小滑塊在B點時，FN＝Mg，摩擦力方向向右C．小滑塊在C點時，FN＞(M＋m)g，物體與地面無摩擦D．小滑塊在D點時，FN＝(M＋m)g，摩擦力方向向左三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示，螺旋測微器的讀數為______cm．12．（12分）圖甲是“研究平拋物體的運動”的實驗裝置圖。(1)實驗前應對實驗裝置反復調節(jié)，直到斜槽末端切線______。每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋________。(2)圖乙是正確實驗取得的數據，其中O為拋出點，則此小球作平拋運動的初速度為______m/s。（g取9.8m/s2）(3)在另一次實驗中將白紙換成方格紙，每小格的邊長L＝5cm，通過實驗，記錄了小球在運動途中的三個位置，如圖丙所示，則該小球做平拋運動的初速度為_____m/s；B點的豎直分速度為_____m/s。（g取10m/s2）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）電場中A、B兩點的電勢φA=900V，φB=-300V。把電荷q=-1.5×10-8C由A點移動到B點，電場力做了多少功？電勢能是增加還是減少？增加或減少了多少？14．（16分）如圖所示為固定在豎直平面內的，內壁光滑的絕緣軌道，其半徑為R=1m，軌道所在的空間存在平行于軌道的水平向右的勻強電場，場強為E=3×104N/C。在軌道的最下端A處有一個電荷量為q=+2×10-4C、質量為m=0.8kg的小球?，F給小球一個水平向右的初速度v0=4m/s，g取10m/s2，則（結果可以用根式表示）(1)小球運動的最大速度是多少？(2)要使小球在運動過程中不脫離軌道，其初速度v0要滿足什么條件？(3)取A點所在平面為重力勢能的零勢能面，在小球能夠做完整圓周運動的前提下，求小球運動過程中的最小機械能的大小。15．（12分）A球由高樓頂自由下落，當它下落高度為5m時，B球在樓頂下方離樓頂15m處自由下落，兩球同時落地．求：（取g=10m/s2）（1）B球開始下落時A球的速度．（2）樓頂距地面的高度．（3）B球落到地面的時間．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

開始時條形磁鐵受重力和支持力，二力平衡，故彈簧處于原長，磁鐵對水平面的壓力等于磁鐵的重力；增加通電導體棒后，根據條形磁鐵磁感線分布情況得到導體棒所在位置磁場方向如圖所示，由左手定則可判斷出導體棒所受安培力方向如圖所示.由牛頓第三定律可知，條形磁鐵受到導體棒的作用力斜向左上方，故條形磁鐵對水平面的壓力減小，同時彈簧縮短.A．彈簧長度將變長，N1>N2，與結論不相符，選項A錯誤；B．彈簧長度將變短，N1>N2，與結論相符，選項B正確；C．彈簧長度將變長，N1<N2，與結論不相符，選項C錯誤；D．彈簧長度將變短，N1<N2，與結論不相符，選項D錯誤；2、B【解析】

CD.勻強電場中，由公式U=Ed知沿著任意方向每前進相同的距離，電勢差都相等，故連接AC，AC連線的中點為E，則E點的電勢為；連接BE，如圖所示：則BE為一條等勢線，D點在BE連線上，所以D點電勢;故C項，D項均錯誤.AB.過A點作出垂直于BE的有向線段，由高電勢點A直線BE，如圖中紅線所示，即為電場線，那么場強方向平行AC方向；故A錯誤，B正確.3、B【解析】

設小球M受到的重力為G，細線的拉力為，靜電力為F，如果小球M能處于靜止狀態(tài)，則G，，F三個力的合力必須為零，其中任意兩個力的合力與第三個力大小相等、方向相反，對題中的粒子受力分析，結合平行四邊形定則，滿足條件的只有選項B，故B正確，ACD錯誤；4、D【解析】

伽利略首次通過理想斜面實驗和邏輯推理得出了力不是維持物體運動的原因，A錯誤；牛頓發(fā)現了牛頓定律，B錯誤；安培發(fā)現了分子電流假說，C錯誤；法拉第首次提出了場的概念，D正確．5、B【解析】

本題根據這些知識分析：場強與電勢沒有直接關系．場強越大的地方電勢不一定越高，場強為零的地方電勢不一定為零．電勢為零是人為選取的．電場線與等勢面一定垂直，且電場線總是由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面。【詳解】A項：電場線與等勢面一定垂直，故A錯誤；B項：順著電場線電勢不斷降低，根據電場線和等勢面的關系知，電場線總是由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故B正確；C項：電場線密的地方，電場強度大，但電勢不一定高。電場線希的地方，電場強度小，但電勢不一定低，故C錯誤；D項：電場強度和電勢沒有直接關系，而且電勢的零點可人為選取，所以電場強度為零的地方，電勢不一定為零；電勢為零的地方，電場強度也不一定為零，故D錯誤。故應選：B?！军c睛】對于電勢與場強的大小關系：兩者沒有關系，可根據電勢高低看電場線的方向，場強大小看電場線疏密來理解。6、A【解析】

由庫侖定律的公式知，將保持它們之間的距離不變，將兩個點電荷的電量都減小為原來的一半倍，則們之間的靜電力大小變?yōu)樵瓉淼谋?故選A.【點睛】解決本題的關鍵掌握庫侖定律的公式，注意力與間距平方成反比．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

A.由題意可知，當滑片向右移動時，滑動變阻器接入電阻減?。坏怆娮枰恢贝笥趦茸瑁敾瑒幼冏杵鹘尤腚娮枳钚r，內外阻最接近，故電源的輸出電壓最大；故輸出功率一直增大；故A正確；B.將R0等效為內阻，則當滑片在左端時，滑動變阻器接入電阻最大，此時等于等效內阻，故滑動變阻器上消耗的功率最大；在向右移動過程中，外電阻減小，則消耗的功率減小，故B錯誤；C.R0為定值電阻，其功率隨電流的變化而變化，而在滑片移動過程中，滑動變阻器接入電阻越來越小，則電流越來越大，故功率越來越大，故C正確；D.電源的路端電壓越大，則電源的輸出功率越大，故滑片右移時，效率減小，故D正確。8、AD【解析】

A．粒子在電場中加速，根據動能定理，有En=nqU，故A正確；B．在粒子繞行的整個過程中，若A板電勢始終保持為+U，粒子再次經過電場時速度v與受力方向相反，故將減速，故B錯誤；C．粒子始終保持做半徑為R的勻速圓周運動顯然因粒子速度不斷增加，則周期會逐漸減小，故C錯誤；D．由動能定理知得到由牛頓第二定律，則有：解得：以vn結果代入，得感應強度為當n=8時故D正確；9、BC【解析】

開關在1位置時，外電路總電阻R外=R+R?RR+R=32R，電路中總電流I=ER外+r=開關在2位置時，外電路總電阻R外'=2R×RR+2R=23R，電路中總電流I'=E綜上，電壓表讀數減小，故A項錯誤。L2兩端電壓增大，L2將變亮。故B項正確。電源的輸出功率增大，故C項正確。電源的總功率增大，故D項錯誤。10、BC【解析】

小球運動到A點時，對小球受力分析，根據牛頓第二定律：，小球對光滑圓形軌道只有豎直方向的作用力，所以地面對M的摩擦力為零，A錯；小球運動到B點時，對小球受力分析，根據牛頓第二定律：，小球對光滑圓形軌道只有水平向左的壓力作用，所以圓形光滑軌道受到的摩擦力向右，支持力等于自身的重力，B對；小球運動到C點時，對小球受力分析，根據牛頓第二定律：，小球對光滑圓形軌道只有豎直向下的壓力作用，，所以地面對M的摩擦力為零，N＞（m+M）g，，C對；小球運動到D點時，對小球受力分析，根據牛頓第二定律：，小球對光滑圓形軌道只有水平向右的壓力作用，所以圓形光滑軌道受到的摩擦力向左，支持力等于自身的重力，D錯．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.0217【解析】

螺旋測微器的固定刻度為10mm，可動刻度為21.7×0.01mm=0.217mm所以最終讀數為10mm+0.217mm=10.217mm=1.0217cm由于需要估讀，最后的結果可以在1.0215cm至1.0219cmn之間。12、水平初速度相同1.6m/s1.47m/s1.96m/s【解析】

(1)[1][2]為了保證小球的初速度水平，斜槽末端應切線水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了每次平拋的初速度相同。

(2)[3]分析圖乙，O點為拋出點，取坐標點x=32.0cm=0.32my=19.6cm=0.196m在豎直方向上水平方向上x=v0t代入數據解得小球平拋初速度v0=1.6m/s(3)[4][5]分析圖丙L=5cm=0.05m由圖可知，小球由A到B和由B到C在水平方向位移相等，均為3L，則運動時間T相等，在豎直方向，由圖示可知△y=2L由勻變速直線運