2016-2018年高考全國1卷理綜化學、物理、生物試題及答案解析

2016-2018全國I卷理綜解析

2018全國I卷理綜

2017全國I卷理綜

2016全國I卷理綜

1

2018年高考全國卷1理綜試題解析版

1.生物膜的結構與功能存在密切的聯(lián)系。下列有關敘述錯誤的是

A.葉綠體的類囊體膜上存在催化ATP合成的酶

B.溶酶體膜破裂后釋放出的酶會造成細胞結構的破壞

C.細胞的核膜是雙層膜結構，核孔是物質進出細胞核的通道

D.線粒體DNA位于線粒體外膜上，編碼參與呼吸作用的酶

【答案】D

【解析】【分析】本題考查各種生物膜的結構和功能，通過識記葉綠體、溶酶體、核膜以及

線粒體的結構和功能，就能解答此題。

【點睛】解答本題關鍵能識記生物膜的概念以及各種生物膜的結構和功能。

2.生物體內的DNA常與蛋白質結合，以DNA一蛋白質復合物的形式存在。下列相關敘述錯

誤的是

A.真核細胞染色體和染色質中都存在DNA一蛋白質復合物

B.真核細胞的核中有DNA一蛋白質復合物，而原核細胞的擬核中沒有

C.若復合物中的某蛋白參與DNA復制，則該蛋白可能是DNA聚合酶

D.若復合物中正在進行RNA的合成，則該復合物中含有RNA聚合酶

【答案】B

【解析】【分析】據題干“DNA常與蛋白質結合，以DNA-蛋白質復合物的形式存在”可知，該

題是考查染色體（質）的成分以及DNA的復制和轉錄過程等，都存在DNA-蛋白質復合物，

據此回答各個選項。

【詳解】真核細胞的染色質和染色體是同一物質在不同時期的兩種存在形式，主要是由DNA

和蛋白質組成，都存在DNA-蛋白質復合物，A正確；真核細胞的核中含有染色體或染色質，

2

存在DNA-蛋白質復合物，原核細胞的擬核中也可能存在DNA-蛋白質復合物，如擬核DNA進

行復制或者轉錄的過程中都存在DNA與酶（成分為蛋白質）的結合，也能形成DNA-蛋白質

復合物，B錯誤；DNA復制需要DNA聚合酶、解旋酶等，因此復合物中的某蛋白可能是DNA

聚合酶，C正確；若復合物中正在進行RNA的合成，屬于轉錄過程，轉錄需要RNA聚合酶等,

因此復合物中的某蛋白可能是RNA聚合酶，D正確。

【點睛】解答此題要理清染色體的成分，明確復制和轉錄過程中存在酶的催化，酶能結合到

DNA模板鏈上，且相關酶的成分是蛋白質，從而才能正確判斷BCD三個選項。

3.下列有關植物根系吸收利用營養(yǎng)元素的敘述，錯誤的是

A.在酸性土壤中，小麥可吸收利用土壤中的N2和NO、

B.農田適時松土有利于農作物根細胞對礦質元素的吸收

C.土壤微生物降解植物秸稈產生的無機離子可被根系吸收

D.給玉米施肥過多時，會因根系水分外流引起“燒苗”現(xiàn)象

【答案】A

【解析】【分析】本題圍繞植物根吸收物質的運輸方式來考查植物根吸收無機鹽的形式以及

吸水和失水的條件。

【詳解】植物根細胞從土壤中能吸收無機鹽，但無機鹽需以離子形成存在，所以N?不能直

接吸收利用，A錯誤；根細胞吸收礦質元素的方式是主動運輸，主動運輸需要消耗能量，農

田適時松土能促進根系的有氧呼吸，為根細胞吸收礦質元素提供更多的能量，因此農田適時

松土有利于農作物根細胞對礦質元素的吸收，B正確；土壤中微生物可以分解植物秸稈中的

有機物，產生無機鹽離子，從而可以被根系吸收，C正確；給玉米施肥過多時，會使土壤溶

液濃度過高，大于根系細胞溶液的濃度，植物細胞失水，導致植物因失水而萎焦，引起“燒

苗”現(xiàn)象，D正確。

3

【點睛】解答該題要識記物質運輸方式的種類以及實例，明確植物根從土壤中吸收無機鹽屬

于主動運輸，從而準確判斷B選項的原理。

4.已知藥物X對細胞增值有促進作用，藥物D可抑制藥物X的作用。某同學將同一瓶小鼠

皮膚細胞平均分為甲、乙、丙三組，分別置于培養(yǎng)液中培養(yǎng)，培養(yǎng)過程中進行不同的處理（其

中甲組未加藥物），每隔一段時間測定各組細胞數，結果如圖所示。據圖分析，下列相關敘

述不合理的是

A.乙組加入了藥物X后再進行培養(yǎng)

B.丙組先加入藥物X,培養(yǎng)一段E寸間后加入藥物D,繼續(xù)培養(yǎng)

C.乙組先加入藥物D,培養(yǎng)一段E寸間后加入藥物X,繼續(xù)培養(yǎng)

D.若藥物X為蛋白質，則藥物D可能改變了藥物X的空間結構

【答案】C

【解析】【分析】本題以“探究藥物X對細胞增殖有促進作用，藥物D可抑制藥物X的作用”

為載體，考查學生的實驗探究能力，通過分析出該實驗的自變量，設置實驗組和對照組，通

過觀察指標從而得出實驗結論。

【詳解】根據圖示，相同時間內，乙和丙兩組中的細胞數目都大于甲組，由于甲組未加藥物,

且藥物X對細胞增殖有促進作用，所以甲組為對照組，乙組和丙組為加入藥物組X組，丙組

后半段的細胞數目低于乙組，藥物D可抑制藥物X的作用，說明丙組培養(yǎng)一段時間后又加入

了藥物D,因此乙組加入了藥物X,丙組先加入藥物X,后加入藥物D,故AB正確，C錯誤；

若藥物X為蛋白質，藥物D可抑制藥物X的作用，因此D可能改變了藥物X的空間結構，使

4

得藥物X失去活性，D正確。

【點睛】解答此題關鍵能從題干中藥物D和藥物X的作用，分析出兩種藥物對培養(yǎng)液中細胞

數目的影響，從而分析出乙組和丙組所加的藥物種類，從而對選項做出正確的判斷。

5.種群密度是種群的數量特征之一，下列敘述錯誤的是

A.種群的S型增長是受資源因素限制而呈現(xiàn)的結,果

B.某林場中繁殖力極強老鼠種群數量的增長會受密度制約

C.魚塘中某種魚的養(yǎng)殖密度不同時，單位水體該魚的產量有可能相同

D.培養(yǎng)瓶中細菌種群數量達到片值前，密度對其增長的制約逐漸減弱

【答案】D

【解析】【分析】本題圍繞影響種群數量變化的因素，重點考查種群數量變化過程中種群密

度的變化以及對該種群數量的影響，認真分析各個選項，就能解答。

【詳解】種群的S型增長條件是資源和環(huán)境等條件有限，因此種群的s型增長是受資源因素

限制而呈現(xiàn)的結果，A正確；老鼠的繁殖力強，但是也受到空間大小的限制，種群數量的增

長會導致個體之間的斗爭加劇，因此老鼠種群數量的增長會受種群密度制約，B正確；某種

魚的養(yǎng)殖密度不同，密度大的，種內競爭較大，增長量相對較小，密度小的，種內競爭相對

較小，增長量相對較大，導致產量最終可能相同，C正確；培養(yǎng)瓶中細菌種群數量達到K值

前，種群密度達到最大，個體之間的斗爭最強，種群密度對其增長的制約也越強，D錯誤。

【點睛】理清種群數量變化受食物、資源、空間、氣候和天敵等外界因素影響，也受種群密

度、出生率和死亡率以及遷入率和遷出率等內部因素影響，特別要注意種群密度增大，個體

間的斗爭也會加劇，從而遏制種群數量的增加。

6.某大腸桿菌能在基本培養(yǎng)基上生長，其突變體M和N均不能在基本培養(yǎng)基上生長，但M

可在添加了氨基酸甲的基本培養(yǎng)基上生長，N可在添加了氨基酸乙的基本培養(yǎng)基上生長，將

5

M和N在同時添加氨基酸甲和乙的基本培養(yǎng)基中混合培養(yǎng)一段時間后，再將菌體接種在基本

培養(yǎng)基平板上，發(fā)現(xiàn)長出了大腸桿菌(X)的菌落。據此判斷，下列說法不合理的是

A.突變體M催化合成氨基酸甲所需酶的活性喪失

B.突變體M和N都是由于基因發(fā)生突變而得來的

C.突變體M的RNA與突變體N混合培養(yǎng)能得到X

D.突變體M和N在混合培養(yǎng)期間發(fā)生了DNA轉移

【答案】C

【解析】【分析】本題通過大腸桿菌在基本培養(yǎng)基上和特殊培養(yǎng)基上生長情況，來考查原核

生物的遺傳物質和基因突變等相關知識點，關鍵要把握題干中“物M和N在同時添加氨基酸

甲和乙的基本培養(yǎng)基中混合培養(yǎng)一段時后,再將菌體接種在基本培養(yǎng)基平板上,發(fā)現(xiàn)長出了

大腸桿菌(X)的菌落”，從而得出兩個細菌出現(xiàn)了基因重組，從而形成另一種大腸桿菌。

【詳解】突變體M需添加了氨基酸甲的基本培養(yǎng)基上才能生長,可以說明突變體M催化合成

氨基酸甲所需酶的活性可能喪失，從而不能自身合成氨基酸甲，而導致必須添加氨基酸甲的

基本培養(yǎng)基上才能生長,A正確；大腸桿菌屬于原核生物，突變體M和N都是由于基因發(fā)生

突變而得來，B正確；M和N的混合培養(yǎng)，致使兩者間發(fā)生了DNA的轉移，即發(fā)生了基因重

組，因此突變體M與突變體N混合培養(yǎng)能得到X是由于細菌間DNA的轉移實現(xiàn)的，而不是突

變體M的RNA,C錯誤，D正確。

【點睛】解題關鍵要知道大腸桿菌屬于原核生物，其變異類型存在基因突變，以及特殊情況

下可以發(fā)生DNA的轉移從而發(fā)生基因重組。

三、非選擇題：共54分，第7~10題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1312題為

選考題，考生根據要求作答。

(-)必考題：共39分。

6

7.回答下列問題：

（1）大自然中，獵物可通過快速奔跑來逃脫被捕食，而捕食者則通過更快速的奔跑來獲得

捕食獵物的機會，獵物和捕食者的每一點進步都會促進對方發(fā)生改變，這種現(xiàn)象在生態(tài)學上

稱為O

（2）根據生態(tài)學家斯坦利的“收割理論”，食性廣捕食者的存在有利于增加物種多樣性，在

這個過程中，捕食者使物種多樣性增加的方式是。

（3）太陽能進入生態(tài)系統(tǒng)的主要過程是。分解者通過____________

來獲得生命活動所需的能量。

【答案】（1）.協(xié)同進化（或共同進化）（2）.捕食者往往捕食個體數量多的物種，

為其他物種的生存提供機會（3）.綠色植物通過光合作用將太陽能轉化為化學能儲存在

有機物中（4）.呼吸作用將動植物遺體和動物排遺物中的有機物分解

【解析】【分析】本題考查生態(tài)系統(tǒng)的結構和共同進化的概念，通過分析生態(tài)系統(tǒng)結構中的

生產者和消費者的作用以及共同進化的概念，就能準確解答該題。

【詳解】（1）不同物種之間，生物與無機環(huán)境之間，在相互影響中不斷進化和發(fā)展，這就是

共同進化,獵物和捕食者的每一點進步都會促進對方發(fā)生改變，這種現(xiàn)象在生態(tài)學上也是共

同進化。

（2）“精明的捕食者”略是指捕食者一般不能將所有的獵物吃掉，否則自己也無法生存，“收

割理論”是指捕食者往往播食個體數量多的物種，這樣就會避免出現(xiàn)一種或幾種生物在生態(tài)

系統(tǒng)中占絕對優(yōu)勢的局面，為其他物種的形成騰出空間有利于增加物種的多樣性。

（3）太陽能進入生態(tài)系統(tǒng)的主要途徑是生產者的光合作用，通過光合作用將太陽能轉化為

化學能儲存在有機物中。分解者通過呼吸作用將動植物遺體和動物排遺物中的有機物分解來

獲得生命活動所需的能量。

7

【點睛】解答此題關鍵要知道分解者的分解作用其實就是細胞的呼吸作用，從而能理解分解

者的分解作用就是將有機物氧化分解成無機物，從而釋放出能量，為生命活動所需要。

8.甲、乙兩種植物凈光合速率隨光照強度的變化趨勢如圖所示。

*

?

他

次

交

回答下列問題：

(1)當光照強度大于a時，甲、乙兩種植物中，對光能的利用率較高的植物是<,

(2)甲、乙兩種植物單獨種植時，如果種植密度過大，那么凈光合速率下降幅度較大的植

物是,判斷的依據是o

(3)甲、乙兩種植物中，更適合在林下種植的是o

(4)某植物夏日晴天中午12：00時葉片的光合速率明顯下降,其原因是進入葉肉細胞的

(填或“CO?")不足。

【答案】(D.甲(2).甲(3).光照強度降低導致甲植物凈光合速率降低的幅

度比乙大，種植密度過大，植株接受的光照強度減弱，導致甲植物凈光合速率下降幅度比乙

大⑷.乙(5).ca

【解析】【分析】本題考查影響光合作用的因素，據圖可知，甲植物的凈光合速率變化幅度

明顯大于乙植物，因此可以得出甲植物對光能的利用率明顯高于乙植物。且乙植物的飽和點

和光補償點都比較低，屬于陰生植物，甲植物屬于陽生植物。

8

【詳解】（1）由圖分析可知，當光照強度大于a時，相同光照強度下，甲植物的凈光合速率

大于乙，有機物的積累較多，對光能的利用率較高。

（4）夏日晴天中午12：00時，植物為了減少蒸騰作用對水分的散失，葉片上的部分氣孔會

關閉，導致細胞間的二氧化碳的含量下降，從而引起光合速率下降。

【點睛】解答此題要理清影響光合作用的因素，影響光合作用的外界因素包括光照強度、溫

度和二氧化碳濃度，特別要注意夏日晴天中午時間段，影響光合速率下降的外界因素是二氧

化碳濃度，而下午時間段光合速率也會下降，但影響該時間段的因素為光照強度。

9.為探究不同因素對尿量的影響，某同學用麻醉后的實驗兔進行不同的實驗，實驗內容如

下：

a.記錄實驗兔的尿量（單位：滴/分鐘）。

b.耳緣靜脈注射垂體提取液0.5mL,記錄尿量。

c.待尿量恢復后，耳緣靜脈注射20%葡萄糖溶液15mL,記錄尿量，取尿液做尿糖定性實驗。

回答下列問題：

（1）該同學發(fā)現(xiàn)，與a相比，b處理后實驗兔尿量減少，其主要原因是,

（2）c處理后，腎小管腔內液體的滲透壓會升高，實驗兔的尿量會_____o取尿液加入斐

林試劑做尿糖定性實驗出現(xiàn)磚紅色，說明尿液中含有O

（3）若某實驗兔出現(xiàn)腹瀉、尿量減少現(xiàn)象，導致尿量減少的主要原因是血漿滲透壓升高，

刺激了存在于的滲透壓感受器，從而引起尿量減少。

【答案】（1）.垂體提取液中含有抗利尿激素，促進了腎小管和集合管重吸收水（2）.

增加（3）.葡萄糖（4）.下丘腦

【解析】【分析】本題通過探究不同因素對尿量的影響,來考查水鹽平衡的調節(jié)過程，理清水

鹽平衡調節(jié)的過程，注意抗利尿激素分泌的外界條件，再結合題干信息，就能準確回答各個

9

小題。

【詳解】（1）b中注射的是垂體提取液，垂體提取液中含有抗利尿激素，抗利尿激素能促進

腎小管和集合管對水的重吸收，從而導致b處理后實驗兔尿量減少。

（2）靜脈注射20舟葡萄糖溶液15mL,會使血漿的葡萄糖濃度高于正常血糖水平，過多的葡

萄糖會隨尿液排出體外，導致腎小管腔內液體的滲透壓升高，同時會帶走大量的水分，使得

尿量增加。斐林試劑可與還原糖反應產生磚紅色沉淀，取尿液加入斐林試劑做尿糖定性實驗

出現(xiàn)磚紅色，說明尿液中含有葡萄糖。

（3）實驗兔出現(xiàn)腹瀉會導致大量的水和無機鹽丟失，使得血漿滲透壓升高，刺激下丘腦的

滲透壓感受器，使抗利尿激素合成和分泌增加，促進腎小管和集合管對水的重吸收，引起尿

量減少。

【點睛】解答第（2）小題，要注意一次性糖含量過高會引起血漿葡萄糖濃度增大，葡萄糖

會隨尿液排出體外，同時會帶走大量的水分，使得尿量增加，而不能直接根據血漿滲透壓增

高，引起抗利尿激素分泌增加，而做出錯誤判斷，誤認為會導致尿量戒少。

10.果蠅體細胞有4對染色體，其中2、3、4號為常染色體。已知控制長翅/殘翅性狀的基

因位于2號染色體上，控制灰體/黑槽體性狀的基因位于3號染色體上。某小組用一只無眼

灰體長翅雌蠅與一只有眼灰體長翅雄蠅雜交，雜交子代的表現(xiàn)型及其比例如下：

眼性別灰體長翅：灰體殘翅：黑檀體長翅：黑檀體殘翅

1/2雌9：3：3：1

1/2有眼

1/2雄9：3：3：1

1/2雌9：3：3：1

1/2無眼

1/2雄9：3：3：1

10

回答下列問題；

(1)根據雜交結果，(填“能”或“不能”)判斷控制果蠅有眼/無眼性狀的基因

是位于X染色體還是常染色體上，若控制有眼/無眼性狀的基因位于X染色體上，根據上述

親本雜交組合和雜交結果判斷，顯性性狀是,判斷依據是0

(2)若控制有眼/無眼性狀的基因位于常染色體上，請用上表中雜交子代果蠅為材料設計一

個雜交實驗來確定無眼性狀的顯除,性(要求：寫出雜交組合和預期結果)。

(3)若控制有眼/無眼性狀的基因位于4號染色體上，用灰體長翅有眼純合體和黑檀體殘翅

無眼純合體果蠅雜交，R相互交配后，F(xiàn)z中雌雄均有種表現(xiàn)型，其中黑檀體長翅無

眼所占比例為3/64時，則說明無眼性狀為(填“顯性“或“隱性

【答案】(1).不能(2).無眼(3),只有當無眼為顯性時，子代雌雄個體中才

都會出現(xiàn)有眼與無眼性狀的分離(4),雜交組合：無眼X無眼預期結果：若子代中

無眼：有眼=3：1,則無眼位顯性性狀；若子代全部為無眼，則無眼位隱性性狀(5).8

(6).隱性

【解析】【分析】本題以果蠅為實瞼材料考查了自由組合定律以及伴性遺傳的相關知識，解

答本題關鍵掌握判斷顯隱性的方法，能準確掌握根據子代特殊比例來判斷基因位于常染色體

還是性染色體的方法。

【詳解】(1)分析題干可知，兩親本分別為無眼和有眼，且子代中有眼：無眼=1:1,且與性

別無關聯(lián)，所以不能判斷控制有限和無眼性狀的基因是位于X染色體還是常染色體上。若控

制有眼/無眼性狀的基因位于x染色體上，且有眼為顯性(用基因E表示)，則親本基因型分

11

別為X°X°和XEY,子代的基因型為六犬和X°Y,表現(xiàn)為有眼為雌性，元眼為雄性，子代雌雄

個體中沒有同時出現(xiàn)有眼與無眼的性狀，不符合題意，因此顯性性狀是無眼。

(2)要通過一個雜交實驗來確定無眼性狀在常染色體上的顯隱性，最簡單的方法是可以選

擇表中雜交子代中雌雄果蠅均為無眼的性狀進行雜交實驗，若無眼為顯性性狀，則表中雜交

子代中無眼雌雄果蠅均為雜合子，則該雜交子代中無眼：有眼;3:1；若無眼為隱性性狀，則

表中雜交子代中無眼雌雄果蠅均為隱性純合子，則該雜交子代全部為無眼。

(3)表格中灰體長翅：灰體殘翅：黑檀體長翅：黑檀體殘翅=9：3:3:1,可分析出顯性性狀

為灰體(用基因A表示)和長翅(用基因B表示)，有眼和無眼不能確定顯隱性關系(用基

因C或c表示)，灰體長翅有眼純合體和黑檀體殘翅無眼純合體的基因型可寫為AABB__和

aabb_可推出Fi的基因型為AaBbCc,Fi個體間相互交配，F(xiàn)z的表現(xiàn)型為2X2X2=8種。

F2中黑檀體(AaXAa=1/4)長翅(BbXBb=3/4)無眼所占比例為3/64時，可知無眼所占

比例為1/4,則無眼為隱性性狀。

【點睛】解答第(4)題，要學會利用“拆分法”解決自由組合計算問題，基本思路為：將

多對等位基因的自由組合分解為若干分離定律分別分析，再運用乘法原理進行組合。

(-)選考題：共15分。請考生2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計

分。

11.［生物一選修1：生物技術實踐］

將馬鈴薯去皮切塊，加水煮沸一定時間，過濾得到馬鈴薯浸出液。在馬鈴薯浸出液中加入一

定量蔗糖和瓊脂，用水定容后滅菌，得到M培養(yǎng)基。

回答下列問題：

(1)M培養(yǎng)基若用于真菌的篩選，則培養(yǎng)基中應加入鏈霉素以抑制的生長，加入了

鏈霉素的培養(yǎng)基屬于培養(yǎng)基。

12

（2）M培養(yǎng)基中的馬鈴薯浸出液為微生物生長提供了多種營養(yǎng)物質，營養(yǎng)物質類型除氮源

外還有（答出兩點即可）。氮源進入細胞后，可參與合成的生物大分子有

（答出兩點即可）。

（3）若在M培養(yǎng)基中用淀粉取代蔗糖，接種土壤濾液并培養(yǎng)，平板上長出菌落后可通過加

入顯色劑篩選出能產淀粉酶的微生物。加入的顯色劑是,該方法能篩選出產淀

粉酶微生物的原理是0

（4）甲、乙兩位同學用稀釋涂布平板法測定某一土壤樣品中微生物的數量，在同一稀釋倍

數下得到以下結果：

甲同學涂布了3個平板，統(tǒng)計的偏落數分別是110、140和149,取平均值133；

乙同學涂布了3個平板，統(tǒng)計的菌落數分別是27、169和176,取平均值124。

有人認為這兩位同學的結果中，乙同學的結果可信度低，其原因是o

【答案】⑴.細菌（2）.選擇（3）.碳源、無機鹽（4）.蛋白質、核酸-

（5）.碘液（6）.淀粉遇碘液顯藍色，產淀粉酶的菌落周圍淀粉被水解，形成透明圈

（7）,乙同學的結果中，1個平板的計數結果與另2個相差懸殊，結果的重復性差。

【解析】【分析】本題考查篩選某種微生物的原理，培養(yǎng)基的營養(yǎng)成分等相關知識點，在利

用稀釋涂布平板法統(tǒng)計數目時，要注意稀釋倍數的選取以及平板數一般要滿足30-300個才

符合要求。

【詳解】（1）M培養(yǎng)基若用于真菌的篩選，說明M培養(yǎng)基能滿足真菌的生長，而能抑制其它

微生物的生長，鏈霉素是一種抗生素，可以抑制細菌的生長。加入了鏈霉素的培養(yǎng)基能篩選

出真菌，該培養(yǎng)基屬于選擇培養(yǎng)基。

（2）微生物生長需要多種營養(yǎng)物質除氮源外，還需要碳源、無機鹽、水以及特殊營養(yǎng)物質

等。氮元素是蛋白質和核酸等生物大分子的組成元素，因此氮源進入細胞后，可參與合成的

13

生物大分子有蛋白質和核酸。

(3)淀粉與碘液會變成藍色，篩選產淀粉酶的微生物，依據淀粉遇硬液顯藍色，產淀粉酶

的菌落周圍淀粉被水解，形成透明圈，再根據「透明圈，來篩選產淀粉酶的微生物。

(4)乙同學結果不合理，因為1個平板的計數結果與另2個相差懸殊，結果的重復性差，

不能簡單的用其平均數作為最終結果。

【點睛】解答第(4)小題，要注意在設計該實驗時，一定要涂布至少3個平板作為重復組，

才能增強實驗的說服力與準確性，在分析實驗結果時，一定要考慮所設置的重復組的結果是

否相當，結果差距太大，意味著操作有誤，需要重新實驗。

12.［生物——選修3:現(xiàn)代生物科技專題］

回答下列問題：

(1)博耶(H.Boyer)和科恩(S.Coben)將非洲爪蟾核糖體蛋白基因與質粒重組后導入大腸

桿菌細胞中進行了表達，該研究除證明了質粒可以作為載體外，還證明了(答出兩點即

可)。

(2)體外重組的質?？赏ㄟ^Ca”參與的____一方法導入大腸桿菌細胞：而體外重組的噬菌

體DNA通常需與______組裝成完整噬菌體后，才能通過侵染的方法將重組的噬菌體DNA導

入宿主細胞，在細菌、心肌細胞、葉肉細胞中，可作為重組噬菌體宿主細胞的是o

(3)真核生物基因(目的基因)在大腸桿菌細胞內表達時,表達出的蛋白質可能會被降解。為

防止蛋白質被降解，在實驗中應選用的大腸桿菌作為受體細胞,在蛋白質純化的過

程中應添加的抑制劑。

【答案】(1).體外重組的質粒可以進入體細胞；真核生物基因可在原核細胞中表達

(2).轉化(3).外殼蛋白(噬菌體蛋白)(4).細菌(5).蛋白酶缺陷型(6).

蛋白酶

14

【解析】【分析】本題考查基因工程中目的基因與質粒結合形成重組質粒后導入受體細胞的

過程，目的基因進入受體細胞的方法，以及目的基因的檢測與鑒定的方法。

【詳解】（1）將非洲爪蟾核糖體蛋白基因與質粒重組后導入大腸桿細胞中進行了表達，該過

程證明了體外重組的質?？梢赃M入體細胞，真核生物基因可在原核細胞中表達等，。

（2）體外重組的質?？赏ㄟ^Ca2?處理，目的是以增大細胞的通透性，使重組的質粒能夠導

入到受體細胞內，因此體外重組的質?？赏ㄟ^Ca?,參與的轉化方法導入大腸桿菌細胞。體外

重組的噬菌體DNA通常需與蛋白質外殼組裝成完整的噬菌體后，才能通過侵染的方法將重組

噬菌體DNA導入受體細胞，噬菌體侵染的是細菌，而不能寄生在其它細胞中，因此可作為

重組噬菌體宿主細胞的是細菌。

（3）真核生物基因（目的基因）在大腸桿菌細胞內表達時,表達出的蛋白質可能會

被降解,為防止蛋白質被降解,可以選用不能產生該蛋白酶的缺陷細菌以及使用能夠抑制蛋

白酶活性的藥物，因此為防止蛋白質被降解,在實驗中應選用蛋白酶缺陷型的大腸桿菌作為

受體細胞，在蛋白質純化的過程中應添加蛋白酶的抑制劑。

【點睛】解答第（2）小題，要理清將目的基因導入受體細胞的方法，根據受體細胞不同，

導入的方法也不一樣，將目的基因導入植物細胞的方法有農桿菌轉化法、基因槍法和花粉管

通道法；將目的基因導入動物細胞最有效的方法是顯微注射法；將目的基因導入微生物細胞

的方法是感受態(tài)細胞法。

一、選擇題

1.硫酸亞鐵鋰（LiFePOD電池是新能源汽車的動力電池之一。采用濕法冶金工藝回收廢舊

15

硫酸亞鐵鋰電池正極片中的金屬，其流程如下：

成溶LNHAIO,濾液.濃L沉淀

正極片一mHSO/HNOL含Li、P、Fe等濾液----戲瞅;例

「含磷酸亞鐵鋰濾液二■一~^P液理螳?含Li沉淀

「炭黑等淀渣

下列敘述錯誤的是

A.合理處理廢舊電池有利于保護環(huán)境和資源再利用

B.從“正極片”中可回收的金屬元素有Al、Fe、Li

C.“沉淀”反應的金屬離子為Fe"

D.上述流程中可用硫酸鈉代替碳酸鈉

【答案】D

【解析】分析：正極片堿溶時鋁轉化為偏鋁酸鈉，濾渣中含有磷酸亞鐵鋰，加入硫酸和硝酸

酸溶，過濾后濾渣是炭黑，得到含Li、P、Fe的濾液，加入堿液生成氫氧化鐵沉淀，濾液中

加入碳酸鈉生成含鋰的沉淀，據此解答。

詳解：A、廢舊電池中含有重金屬，隨意排放容易污染環(huán)境，因此合理處理廢舊電池有利于

保護環(huán)境和資源再利用，A正確；

B、根據流程的轉化可知從正極片中可回收的金屬元素有Al、Fe、Li,B正確；

C、得到含Li、P、Fe的濾液，加入堿液生成氫氧化鐵沉淀，因此“沉淀”反應的金屬離子

是Fe。C正確；

D、硫酸鋰能溶于水，因此上述流程中不能用硫酸鈉代替碳酸鈉，D錯誤。答案選D。

點睛：本題以廢舊電池的回收為載體考查金屬元素的回收，明確流程中元素的轉化關系是解

答的關鍵，題目難度不大。

2,下列說法錯誤的是

A.蔗糖、果糖和麥芽糖均為雙糖

16

B.酶是一類具有高選擇催化性能的蛋白質

C.植物油含不飽和脂肪酸酯，能使印2/CCI,褪色

D.淀粉和纖維素水解的最終產物均為葡萄糖

【答案】A

【解析】分析：A、雙糖又名二糖，是由兩個單糖分子組成的糖類化合物；

B、根據酶的性質特點解答；

C、植物油中含有碳碳不飽和鍵；

D、淀粉和纖維素均是多糖。

詳解：A、果糖不能再發(fā)生水解，屬于單糖，A錯誤；

B、酶是由活細胞產生的具有催化活性和高度選擇性的蛋白質，B正確；

C、植物油屬于油脂，其中含有碳碳不飽和鍵，因此能使BQ/CCL溶液褪色，C正確；

D、淀粉和纖維素均是多糖，其水解的最終產物均為葡萄糖，D正確。答案選A。

點睛：本題主要是考查糖類、油脂和蛋白質的性質，平時注意相關基礎知識的積累即可解答,

題目難度不大。易錯選項是B,注意酶的性質特點。

3.在生成和純化乙酸乙酯的實驗過程中，下列操作未涉及的是

乙靜、

濃破酸.一

丫1?阜

ABCD

A.AB.BC.CD.D

【答案】D

17

【解析】，分析：在濃硫酸的作用K乙酸與乙醇發(fā)生酯化反應生成乙酸乙酯，根據乙酸乙酯

的性質、產品中含有的雜質，結合選項解答。

詳解：A、反應物均是液體，且需要加熱，因此試管口要高于試管底，A正確；

點睛：掌握乙酸乙酯的制備原理是解答的關鍵，難點是裝置的作用分析，注意從乙酸乙酯的

性質（包括物理性質和化學性質）特點的角度去解答和判斷。

4.做是阿伏加德羅常數的值，下列說法正確的是

A.16.25gFeCL水解形成的Fe（0H）3膠體粒子數為0.1A

B.22.4L（標準狀況）氨氣含有的質子數為18M

C.92.0g甘油（丙三醇）中含有羥基數為1.0做

D.1.0molCH,與CL在光照下反應生成的CH3cl分子數為1.04

【答案】B

【解析】分析：A、膠體是大分子的集合體；

B、根據氯氣的組成解答；

C、根據丙三醇的結構分析；

D、根據甲烷與氯氣在光照條件下發(fā)生取代反應的特點分析。

詳解:A、16.258氯化鐵的物質的量是16.258=162.58小。1=0.痛。1,由于氫氧化鐵膠體是

分子的集合體，因此水解生成的Fe（OH）3膠體粒子數小于0.1A錯誤；

B、標準狀況下22.4L氯氣的物質的量是1mol,氯氣是一個Ar原子空成的單質，其中含有

的質子數是184，B正確；

C、1分子丙三醇含有3個羥基，92.0g丙三醇的物質的量是1m。I,其中含有羥基數是3a

C錯誤；

D、甲烷與氯氣在光照條件下發(fā)生取代反應生成的鹵代燃不止一種，因此生成的CH3cl分子

18

數小于1.0N,D錯誤。答案選B。

點睛：選項D是易錯點，主要是不清楚甲烷發(fā)生取代反應時屬于自由基取代反應，每個氫原

子都有可能被取代，其產物比較復雜，這與乙烯與氫氣的加成反應完全不同。

5.環(huán)之間共用一個碳原子的化合物稱為螺環(huán)化合物，螺［2,2］戊烷是最簡單的

一種。下列關于該化合物的說法錯誤的是

A.與環(huán)戊烯互為同分異構體

B,二氯代物超過兩種

C.所有碳原子均處同一平面

D.生成1molCM2至少需要2moH

【答案】C

【解析】分析：A、分子式相同結構不同的化合物互為同分異構體；

B、根據分子中氫原子的種類判斷；

C、根據飽和碳原子的結構特點判斷；

D、根據氫原子守恒解答。

詳解：A、螺［2,2］戊烷的分子式為C5H8,環(huán)戊烯的分子式也是C5%,結構不同，互為同分異

構體，A正確；

B、分子中的8個氫原子完全相同，二氯代物中可以取代同一個碳原子上的氫原子，也可以

是相鄰碳原子上或者不相鄰的碳原子上，因此其二氯代物超過兩種，B正確；

C、由于分子中4個碳原子均是飽和碳原子，而與飽和碳原子相連的4個原子一定構成四面

體，所以分子中所有碳原子不可能均處在同一平面上，C錯誤；

D、戊烷比螺［2,2］戊烷多4個氫原子，所以生成1molCHz至少需要2molH2,D正確。答

案選C。

19

點睛：選項B與C是解答的易錯點和難點，對于二元取代物同分異構體的數目判斷，可固定

一個取代基的位置，再移動另一取代基的位置以確定同分異構體的數目。關于有機物分子中

共面問題的判斷需要從已知甲烷、乙烯、乙快和苯的結構特點進行知識的遷移靈活應用。

D生成1molC5H12至少需要2mol比

6.主族元素W、X、Y、Z的原子序數依次增加，且均不大于20。W、X、Z最外層電子數之和

為10;W與丫同族；W與Z形成的化合物可與濃硫酸反應，其生成物可腐蝕玻璃。下列說法

正確的是

A.常溫常壓下X的單質為氣態(tài)

B.Z的氫化物為離子化合物

C.丫和Z形成的化合物的水溶液呈堿性

D.W與丫具有相同的最高化合價

【答案】B

【解析】分析：主族元素W、X、Y、Z的原子序數依次增加，且均不大于20。W與Z形成的

化合物可與濃硫酸反應，其生成物可腐蝕玻璃，生成物是HF,因此W是F,Z是Ca,W與丫

同族，則丫是CI。W、X、Z的最外層電子數之和為10,則X的最外層電子數為10-7-2=1,

所以X是Na,據此解答。

詳解：根據以上分析可知LX、Y、Z分別是F、Na、Cl、Cao則

A、金屬鈉常溫常壓下是固態(tài)，A錯誤；

B、CaH,中含有離子鍵，屬于離子化合物，B正確；

C、丫與Z形成的化合物是氯化鈉，其水溶液顯中性，C錯誤；

D、F是最活潑的非金屬，沒有正價，CI元素的最高價是+7價，D錯誤。答案選B。

點睛：準確判斷出元素名稱是解答的關鍵，突破點是能腐蝕玻璃的物質為HF,進而推斷出

20

CaF?能與濃硫酸反應生成HF。易錯點是選項B,注意金屬氫化物的結構特點，與非金屬氫化

物的不同。難點是氟化鈣與濃硫酸反應屬于學生不熟悉的知識點。

7.最近我國科學家設計了一種CO2+H2s協(xié)同轉化裝置，實現(xiàn)對天然氣中CO?和H2s的高效去

除。示意圖如圖所示，其中電極分別為ZnO@石墨烯（石墨烯包裹的ZnO）和石墨烯，石墨烯

電極區(qū)發(fā)生反應為：

①EDTA-Fe'-e=EDTA-Fe

32

（2）2EDTA-Fe+H2S=2H+S+2EDTA-Fe,

該裝置工作時，下列敘述錯誤的是

A,陰極的電極反應：C02+2H+2e=C0+H20

B.協(xié)同轉化總反應：CO2+H2S=CO^H2O+S

C.石墨烯上的電勢比ZnO@石墨烯上的低

D.若采用Fe"/Fe”取代EDTA-Fe37EDTA-Fe2;溶液需為酸性

【答案】C

B、根據石墨烯電極上發(fā)生的電極反應可知①即得到H2s—2e-=2H'+S,因此總反應式為

CO2+H2S=CO+H2O+S,B正確；

C、石墨烯電極為陽極，與電源的正極相連，因此石墨烯上的電勢比ZnO@石墨烯電極上的高,

21

C錯誤;

D、由于鐵離子、亞鐵離子均易水解，所以如果采用Fe"/Fe"取代EDTA-F，+/EDTA-Fe2+,

溶液需要酸性，D正確。答案選C。

點睛：準確判斷出陰陽極是解答的關鍵，注意從元素化合價變化的角度去分析氧化反應和還

原反應，進而得出陰陽極。電勢高低的判斷是解答的難點，注意從物理學的角度借助于陽極

與電源的正極相連去分析。

二、非選擇題

8.醋酸亞銘［(CHsCOObCr?&()］為磚紅色晶體，難溶于冷水，易溶于酸，在氣體分析中用

作氧氣吸收劑。一般制備方法是先在封閉體系中利用金屬鋅作還原劑，將三價鋁還原為二價

銘；二價鋁再與醋酸鈉溶液作用即可制得醋酸亞銘。實驗裝置如圖所示，回答下列問題：

(1)實驗中所用蒸儲水均需經煮沸后迅速冷卻，目的是，儀器a的名稱是。

(2)將過量鋅粒和氯化銘固體置于c中，加入少量蒸儲水，按圖連接好裝置，打開K1、K2,

關閉K3o

①c中溶液由綠色逐漸變?yōu)榱了{色，該反應的離子方程式為O

②同時c中有氣體產生，該氣體的作用是o

(3)打開K3,關閉K1和K2。c中亮藍色溶液流入d,其原因是;d中析出磚紅色

沉淀，為使沉淀充分析出并分離，需采用的操作是、、洗滌、干燥。

(4)指出裝置d可能存在的缺點。

22

【答案】(1).去除水中溶解氧(2).分液(或滴液)漏斗(3).Zn+2Cr3,=Zn2

++2C/+(4).排除c中空氣(5).c中產生用使壓強大于大氣壓(6).(冰浴)

冷卻(7).過濾(8).敞開體系，可能使醋酸亞鋁與空氣接觸

【解析】分析：在鹽酸溶液中鋅把C/+還原為C/+,同時產生氫氣排盡裝置中的空氣防止

氧化。生成的氫氣導致c中壓強增大，可以把生成的CrCL壓入d裝置發(fā)生反應，據此解答。

詳解：(1)由于醋酸亞銘易被氧化，所以需要盡可能避免與氧氣接觸，因此實驗中所用蒸儲

水均需煮沸后迅速冷卻，目的是去除水中溶解氧；根據儀器構造可知儀器a是分液(或滴液)

漏斗；

(2)①c中溶液由綠色逐漸變?yōu)榱了{色，說明C/卜被鋅還原為Cr",反應的離子方程式為

Zn+2Cr3+=Zn2++2Cr2+；

②鋅還能與鹽酸反應生成氫氣，由于裝置中含有空氣，能氧化C/+,所以氫氣的作用是排除

c中空氣；

(3)打開(，關閉K和由于鋅繼續(xù)與鹽酸反應生成氫氣，導致c中壓強增大，所以c

中亮藍色溶液能流入d裝置，與醋酸鈉反應；根據題干信息可知醋酸亞銘難溶于水冷水，所

以為使沉淀充分析出并分離，需要采取的操作是(冰浴)冷卻、過濾、洗滌、干燥。

(4)由于d裝置是敞開體系，因此裝置的缺點是可能使醋酸亞格與空氣接觸被氧化而使產

品不純。

點睛：本題主要是考查醋酸亞銘制備原理的實驗探究，考查學生的化學實驗與探究的能力、

從提供的新信息中，準確地提取實質性內容，并與已有知識整合，重組為新知識塊的能力，

題目難度中等。明確實驗原理、有關物質的性質尤其是題干信息中提取和應用是解答的關鍵。

9.焦亞硫酸鈉(Na2s2O5)在醫(yī)藥、橡膠、印染、食品等方面應用廣泛?；卮鹣铝袉栴}：

(1)生產Na2s2O5,通常是由NaHSOs過飽和溶液經結晶脫水制得。寫出該過程的化學方程式

23

(2)利用煙道氣中的SO2生產NaSOs的工藝為:

SO,NafO州體SO,

Na,CO,飽和溶液——工一?―工~~I~工一.---------1

―::-------------?HHH川卜T結晶脫水lNa,S,O《

pH=4!pH=7?8pH=4.1

①pH”.1時，I中為，溶液(寫化學式)。

②工藝中加入Na2c。3固體、并再次充入SO?的目的是。

(3)制備Na2s2O5也可采用三室膜電解技術，裝置如圖所示，其中SO2堿吸收液中含有NaHSO3

和Na2sO3。陽極的電極反應式為o電解后，_________室的NaHSOs濃度增加。

將該室溶液進行結晶脫水，可得到Na2s2O5。

陽離r?交換腴

桶H、SO,SO,減吸收液

(4)Na2s2O5可用作食品的抗氧化劑。在測定某葡萄酒中Na2s2O5殘留量時，?50.00mL葡

萄酒樣品，用0.01000mol?匚’的碘標準液滴定至終點，消耗10.00mL。滴定反應的離子

方程式為,該樣品中Na2s2O5的殘留量為g?L(以SO2計)。

【答案】(1).2NaHSO3=Na2S2O5+H2O(2).NaHS03(3).得到NaHSCh過飽和溶液

-2-2-+

(4).2H20-4e=4H'+02T(5).a(6).S205+2l2+3H20=2S0i+4r+6H(7).

0.128

【解析】分析：(1)根據原子守恒書寫方程式；

(2)①根據溶液顯酸性判斷產物；

②要制備焦亞硫酸鈉，需要制備皿硫酸氫鈉過飽和溶液，據此判斷；

24

(3)根據陽極氫氧根放電?，陰極氫離子放電，結合陽離子交換膜的作用解答；

(4)焦亞硫酸鈉與單質碘發(fā)生氧化還原反應，據此書寫方程式；根據方程式計算殘留量。

詳解：(1)亞硫酸氫鈉過飽和溶液脫水生成焦亞硫酸鈉，根據原子守恒可知反應的方程式為

2NaHS03=Na?S205+H?0；

(2)①碳酸鈉飽和溶液吸收S0?后的溶液顯酸性，說明生成物是酸式鹽，即I中為NaHS(h;

②要制備焦亞硫酸鈉，需要制備亞硫酸氫鈉過飽和溶液，因此工藝中加入碳酸鈉固體、并再

次充入二氧化硫的目的是得到NaHSOs過飽和溶液；

(3)陽極發(fā)生失去電子的氧化反應，陽極區(qū)是稀硫酸，氫氧根放電，則電極反應式為2H2。

—4e-=4H'+()2T。陽極區(qū)氫離子增大，通過陽離子交換膜進入a室與亞硫酸鈉結合生成亞

硫酸鈉。陰極是氫離子放電，氫氧根濃度增大，與亞硫酸氫鈉反應生成亞硫酸鈉，所以電解

后a室中亞硫酸氫鈉的濃度增大。

(4)單質碘具有氧化性，能把焦亞硫酸鈉氧化為硫酸鈉，反應，的方程式為S2O52-+2I2+3H2。

2-+

=2S04+4|-+6H；消耗碘的物質的量是0.0001mol,所以焦亞硫酸鈉的殘留量(以S02計)

曰0.OOOlmoix64g/mol

7H0.05L=0.128g/L.

點睛：本題以焦亞硫酸鈉的制備、應用為載體考查學生對流程的分析、電解原理的應用以及

定量分析等，題目難度中等。難點是電解池的分析與判斷，注意結合電解原理、交換膜的作

用、離子的移動方向分析電極反應、亞硫酸氫鈉濃度的變化。易錯點是最后一問，注意計算

殘留量時應該以二氧化硫計，而不是焦亞硫酸鈉。

10.采用刈。5為硝化劑是一種新型的綠色硝化技術，在含能材料、醫(yī)藥等工業(yè)中得到廣泛應

用?；卮鹣铝袉栴}

(1)1840年Devil用干燥的氮氣通過干燥的硝酸銀，得到N2O5。該反應的氧化產物是一種

氣體，其分子式為o

25

（2）F.Daniels等曾利用測壓法在剛性反應器中研究了25°C時N2O5B）分解反應:

2NO(g)->4N02(g)+03

11

2N2O4(g)

其中NO,二聚為N2O4的反應可以迅速達到平衡。體系的總壓強。隨時間士的變化如下表所示

（t=8時，NzOXg）完全分解）：

t/min040801602601300170000

p/kPa35.840.342.5.45.949.261.262.363.1

-1

①已知：2N205（g）=2N205（g）+02（g）△幻-4.4kJ-mol

-1

2N02（g）=NA（g）AH2=-55.3kJ-mol

則反應N2O5（g）=2NO2（g）+4）2（g）的△，=kJ-mol-，o

2

②研究表明，NQ（g）分解的反應速率。=2*10-3、2k%伸。皿1鼠九片62min時，測得體

-

系中p。2Po2=2.9kPa,則此時的P%%=kPa,u=kPa-min',,

③若提高反應溫度至35℃,則N@（g）完全分解后體系壓強隊（35℃）—63.1kPa（填“大

于,，“等于”或，，小于，，），原因是。

④25℃時反應的平衡常數而kPa（人為以分壓表示的平衡常數,

計算結果保留1位小數）。

（3）對于反應2N205（g）T4N02（g）H）2（g）,R.A.Ogg提出如下反應歷程：

第一步N2O5^=iNO?+NO3快速平衡

第二步NO?+NO3->NO+NO2+O2慢反應

第三步NO+NO3T2NO2快反應

其中可近似認為第二步反應不影響第一步的平衡。下列表述正確的是（填標號）。

26

A.八第一步的逆反應)>/(第二步反應)

B.反應的中間產物只有N03

C.第二步中NO?與NO?的碰撞僅部分有效

D.第三步反應活化能較高

【答案】(1).(2).53.1(3).30.0(4).6.0X10—2⑸.大于(6).

溫度提高，體積不變，總壓強提高；NO?二聚為放養(yǎng)反應，溫度提高，平衡左移，體系物質

的量增加，總壓強提高(7).13.4(8).AC

【解析】分析：(1)根據還原劑失去電子轉化為氧化產物判斷；

(2)①根據蓋斯定律計算；

②根據壓強之比是物質的量之比計算；

③根據溫度對壓強和平衡狀態(tài)的影響分析；

④根據五氧化二氮完全分解時的壓強計算出二氧化氮、氧氣的壓強，然后再根據二氧化氮轉

化的方程式計算平衡時二氧化氮、四氧化二氮的壓強。

(3)根據三步反應的特點分析判斷。

詳解：(1)氯氣在反應中得到電子作氧化劑，硝酸銀中只有氧元素化合價會升高，所以氧化

產物是氧氣，分子式為。2；

(2)①已知：

i、2N205(g)=2NA(g)+02(g)△Hi=-4.4kJ/mol

ii、2N0?(g)=N?04(g)△H2=-55.3kJ/mol

根據蓋斯定律可知i4-2-ii即得到N205(g)=2N02(g)+1/202(g)△%=+53.1kJ/mol；

②根據方程式可知氧氣與消耗五氧化二氮的物質的量之比是1：2,又因為壓強之比是物質的

量之比，所以消耗五氧化二氮減少的壓強是2.9kPaX2=5.8kPa,則此時五氧化二氮的壓強

27

是35.8kPa-5.8kPa=30.OkPa,因此此時反應速率v=2.0X10-3X30=6.0X10-2(kPa-min

③由于溫度升高，容器容積不變，總壓強提高，且二氧化氮二聚為放熱反應，溫度提高，平

衡左移，體系物質的量增加，總壓強提高，所以若提高反應溫度至35℃,則N?()5(g)完全分

解后體系壓強r-(35℃)大于63.1kPa。

④根據表中數據可知五氧化二氮完全分解時的壓強是63.1kPa,根據方程式可知完全分解時

最初生成的二氧化氮的壓強是35.8kPaX2=71.6kPa,氧氣是35.8kPa;2=17.9kPa,總

壓強應該是71.6kPa+17.9kPa=89.5kPa,平衡后壓強減少了8夕5kPa-63.1kPa=

26.4kPa,所以根據方程式2NO2(g)^^NA(g)可知平衡時四氧化二氮對應的壓強是

26.4kPa,二氧化氮對應的壓強是71.61^^—26.41^^乂2=18.814^,則反應的平衡常數

]8金

Kn=-^kPa?a。

P26.4

(3)A、第一步反應快，所以第一步的逆反應速率大于第二步的逆反應速率，A正確；

B、根據第二步和第三步可知中間產物還有NO,B錯誤；

C、根據第二步反應生成物中有NO?可知NO?與N03的碰撞僅部分有效，C