全國卷Ⅰ2024年高考理綜壓軸卷含解析

PAGEPAGE40（全國卷Ⅰ）2024年高考理綜壓軸卷（含解析）選擇題：本題共6個小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．下列關于蛋白質的敘述中，正確的是（）A．若某蛋白質中含有N條多肽鏈，則其含有N個氨基B．蔗糖酶能催化蔗糖水解為葡萄糖和果糖，并產生ATPC．載體是具有運輸功能的蛋白質，僅存在于細胞膜上D．受體具有識別和信息傳遞功能，有的受體中含有糖類2．下列關于細胞結構與功能的敘述，正確的是（）A．降低光照強度，藍藻的葉綠體中產生O2的速率將降低B．無氧條件下，酵母菌的細胞質基質中能夠產生ATP和酒精C．抗原刺激下，漿細胞的高爾基體合成抗體并形成含抗體的囊泡D．猛烈運動時，骨骼肌細胞的線粒體中葡萄糖分解速率將加快3．某探討小組發(fā)覺，血液中含有一種名為“GDFⅡ”的蛋白質，其含量削減可導致神經干細胞中端粒酶的活性下降。因端粒酶在細胞中可以將端粒修復延長，而讓端粒不因細胞分裂而有所損耗，使細胞分裂次數增加，所以GDFⅡ含量削減會導致細胞分裂實力下降。下列分析錯誤的是（）A．血液中GDFⅡ的削減可能與人體神經干細胞的蒼老有關B．血液中GDFⅡ含量削減可導致神經干細胞的形態(tài)結構發(fā)生變更C．若限制GDFⅡ合成的基因不能表達，可導致神經干細胞發(fā)生癌變D．正常細胞的分裂次數是有限的，這可能與端粒不斷被損耗有關4．下圖所示的單基因遺傳病在人群中的發(fā)病率為1/a。下列分析正確的是（）A．該病是伴X染色體隱性遺傳病 B．Ⅲ1為純合子的概率應是2/3C．Ⅰ1與Ⅲ3為攜帶者的概率相同 D．據圖分析可知a的值應是95．工作在第一線的醫(yī)護人員實行多種措施，全力救治重癥的新冠肺炎患者，挽救了很多患者的生命。下列有關措施與其生物學原理的對應關系中正確的是（）A．利用呼吸機等設備提高患者的血氧水平——有氧呼吸各個階段都須要氧氣參加B．為患者供應更多的養(yǎng)分物質——免疫系統(tǒng)的結構與功能增加須要消耗有機物和能量C．將新冠肺炎康復者的血漿輸入患者體內——康復者血漿中含有B細胞D．增加患者戰(zhàn)勝疾病的信念——大腦皮層中有免疫調整中樞6．在美國亞利桑那州北部的凱巴伯森林地區(qū)，人們?yōu)榱藧圩o鹿而大量捕殺鹿的天敵--狼。下列說法正確的是（）A．狼從鹿獲得的能量最終來自該生態(tài)系統(tǒng)中生產者固定的太陽能B．鹿和狼之間的信息傳遞對鹿不利，使該生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定性受到破壞C．若殲滅了狼，可使鹿的種群數量依據J型曲線持續(xù)增長D．大量捕殺狼使生態(tài)系統(tǒng)的能量流淌方向發(fā)生變更二、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第29~32題為必考題，每個試題考生都必需作答。第37~38題為選考題，考生依據要求作答。（一）必考題（共39分）29．細辛是一種在森林下部生活的植物，濱藜是一種在沙漠中生活的植物。下圖是光照強度對兩種植物光合作用強度影響的曲線（甲、乙）。請據圖作答：（1）圖中代表濱藜光合作用強度變更曲線是_________，推斷依據是_________。（2）甲曲線上b1點時植物葉肉細胞內光合作用汲取的CO2來自于_________，葉肉細胞中水參加反應并產生[H]的部位有_________。（3）據圖分析，光照強度為b2和c時，限制乙植物光合作用的主要環(huán)境因素分別是_________。（4）圖中e點甲植物合成的有機物量_________（填“等于”、“大于”、“小于”）乙植物。30．為探討南瓜多糖對血糖的影響，某課題組用四氧嘧啶肯定程度上破壞小鼠的胰島B細胞，使小鼠患糖尿病。將糖尿病小鼠分為兩組，A．組灌胃（一種試驗中常用的給藥方式）肯定濃度的南瓜多糖溶液，B．組灌胃等體積的水，一段時間后測定兩組小鼠血糖及胰島素含量?；卮鹣铝袉栴}：（1）試驗中血糖指標須要在空腹條件下測定，緣由是_________________________________。（2）試驗結果表明飼喂南瓜多糖后，小鼠體內胰島素含量上升，加速組織細胞_______________________葡萄糖，從而降低血糖濃度，從而得出南瓜多糖具有肯定的降血糖作用。（3）為使試驗更科學，還應增加一組灌胃等體積水的_____________________小鼠，以測定____________和________________基準值。31．果蠅的眼色有野生型和三種突變類型（朱紅眼、棕紅眼、白眼），該眼色由兩對等位基因B和b、D和d共同限制，基因組成與表現型的關系為：①位于X染色體上的隱性基因d純合時表現為朱紅眼（XdXd和XdY均為純合子）；②位于第Ⅱ號常染色體上的隱性基因b純合時表現為棕紅眼；③當基因b和d都純合時表現為白眼。（1）該種眼色的遺傳遵循_____定律，該果蠅種群中野生型雄果蠅的基因型為_____。（2）若果蠅的某種性狀由細胞質基因限制，則該性狀只能通過______（父本或母本）遺傳給子代，緣由是_______。（3）某同學用野生型雌果蠅與白眼雄果蠅為親本進行雜交，結果如表。親本F1F2野生型（♀）×白眼（♂）雌雄均為野生型♀：？♂：野生型∶棕紅眼∶朱紅眼∶白眼=3∶1∶3∶1①F2中野生型雌果蠅的比例為_______。②若讓F2中的非野生型雌果蠅和朱紅眼雄果蠅相互交配，F3中基因d的頻率為____。32．在氣候條件相宜的狀況下，閑置數年后的草莓農田被柳等木本植物覆蓋，成片的草莓不見了。請回答：（1）草莓農田閑置后基本保留了原有的_____________，進而發(fā)生次生演替。（2）演替過程中，草莓被柳樹林代替的緣由是_____________；群落的豐富度將_____________（填“增大”“減小”或“保持不變”）。（3）若氣候條件比較干旱，則閑置的草莓農田可能發(fā)展至_____________階段。（二）選考題：共15分。請考生從2道題中選一題作答。假如多做，則按所做的第一題計分。37．[生物——選修1：生物技術實踐]（15分）家蠶性染色體組成為雌ZW，雄性ZZ。雄蠶吐絲多、絲質好，更受蠶農青睞，但幼蠶階段雌雄不易區(qū)分。探討人員培育出了幾乎只產雄蠶的家蠶品系，原理如圖所示。（說明：a、b是只位于Z染色體上的隱性基因，且純合致死，+代表與a、b對應的顯性基因。）請回答：（1）圖中親本分別用Z++W與Za+Z+b表示，則子代中存活的基因型為_____________。（2）a與b的遺傳_______（填“遵循”或“不遵循”）基因的自由組合定律，緣由是___________。（3）探討人員多次進行圖中所示的雜交試驗，發(fā)覺后代雄蠶率為96%~98%，而不是志向的100%，推想可能的緣由是________________。（4）圖中品系僅是從遺傳的角度在試驗室構建的，蠶絲性狀不夠志向。近期發(fā)覺某優(yōu)良性狀由常染色體上的E基因限制，現有EEZ++Z++、EEZ++W、eeZa+Z+b、eeZ++W家蠶，能否通過雜交育種培育出EEZa+Z+b家蠶？____________。請說明理由：______________________。（5）科學家通過輻射處理使常染色體上的基因片段拼接到W染色體上，最終培育出優(yōu)良品種的家蠶，這種培育方法依據的原理是__________________。38．[生物——選修3：現代生物科技專題]（15分）通過基因工程研制的某新型基因治療藥物，其本質是利用腺病毒和人P53基因（抑癌基因）拼裝得到的重組病毒。人的P53蛋白可對癌變前的DNA損傷進行修復，使其復原正常，或誘導其進入休眠狀態(tài)或細胞凋亡，阻擋細胞癌變。該藥物的載體采納第一代人5型腺病毒，其致病力很弱，其基因不整合到宿主細胞的基因組中，無遺傳毒性；載體經基因工程改造后，只對細胞實施一次感染，不能復制，不會污染。請回答下列問題：（1）在該藥物的生產中，為了獲得更高的平安性能，在載體一般應具備的條件中，科學家選擇性地放棄了一般載體都應當具有的_________________（在“能自我復制”“有多個限制性酶切位點”“在宿主細胞中能穩(wěn)定保存”中選答）。檢測P53基因基因是否插入到染色體上，可從分子水平上檢測，方法是___________。（2）假如要獲得人類基因組中抑癌基因P53，可以實行的方法通常包括_____________和人工方法合成。目的基因的大量擴增則可以采納_________________技術，該技術中需運用一種特別的酶是_________________。（3）假如要獲得胚胎干細胞進行探討，則胚胎干細胞可來源于______________的內細胞團，或胎兒的原始性腺，也可以通過_________________技術得到重組細胞后再進行相應處理獲得。在培育液中加入_________________，如牛黃酸等化學物質時就可以誘導胚胎干細胞向不同類型的組織細胞分化，這為揭示細胞分化和細胞凋亡的機理供應了有效的手段。參考答案及解析1.【答案】D【解析】假如某蛋白質含有N條多肽鏈，則該蛋白質至少含有N個游離的氨基，A錯誤蔗糖酶催化蔗糖水解為葡萄糖和果糖的過程中不能產生ATP，B錯誤；載體不肯定是蛋白質，也不肯定位于細胞膜上，C錯誤；受體具有識別和信息傳遞的功能，有的受體含有糖類，如糖蛋白，D正確。故選D。2.【答案】B【解析】藍藻為原核生物，其細胞內無葉綠體，A錯誤；無氧條件下，酵母菌進行無氧呼吸的場所是細胞質基質，無氧呼吸可以產生ATP和酒精，B正確；抗原不能干脆刺激漿細胞，漿細胞的高爾基體無合成抗體的功能，抗體在核糖體上合成，經內質網和高爾基體加工后分泌到細胞外，C錯誤；有氧呼吸時，葡萄糖先在細胞質基質中分解為丙酮酸再進入線粒體，可見，線粒體不能干脆分解葡萄糖，D錯誤。故選B。3.【答案】C【解析】GDFⅡ含量削減可導致神經干細胞中端粒酶的活性下降，從而抑制端粒的修復延長，使細胞蒼老，A正確；蒼老的細胞會發(fā)生形態(tài)結構和功能的變更，B正確；限制GDFⅡ合成的基因發(fā)生突變，則機體無法合成GDFⅡ，可能會加速細胞蒼老，但不會導致神經干細胞發(fā)生癌變，C錯誤；端粒酶在細胞中可以將端粒修復延長，而讓端粒不因細胞分裂而有所損耗，使細胞分裂次數增加，D正確。故選C。4.【答案】C【解析】分析系譜圖：Ⅱ3患病且為女性，其父母都正常，所以該單基因遺傳病為常染色體隱性遺傳?。ㄓ肂、b表示）。該病在人群中的發(fā)病率為1/a，說明bb=1/a，b=，B=1?。分析系譜圖，該遺傳病為常染色體隱性遺傳病，在人群中的發(fā)病率女性等于男性，A錯誤；Ⅱ1與Ⅱ2婚配，Ⅱ1產生B配子的概率為（1－），因為a未知，不能計算出Ⅲ1為純合子的概率，B錯誤；Ⅱ3患病，基因型為bb，其父母均為雜合子，基因型為Bb，其后代不患病個體基因型為Bb，所以Ⅰ1與Ⅲ3均為攜帶者，概率相同，C正確；據圖分析，Ⅱ3患病概率為1/4。在隨機人群中，隱性遺傳病的發(fā)病率1/a一般較低，題干信息不能推算出隨機人群發(fā)病率，D錯誤。故選C。5.【答案】B【解析】只有有氧呼吸第三階段須要氧氣參加，A錯誤；為患者供應更多的養(yǎng)分物質，可以為增加免疫系統(tǒng)的結構與功能供應有機物和能量，B正確；康復者血漿中含有抗體，C錯誤；大腦皮層沒有免疫調整中樞，D錯誤。故選B。6.【答案】A【解析】該森林生態(tài)系統(tǒng)存在的一條食物鏈為綠色植物→鹿→狼，狼獲得的能量來自鹿，而鹿同化的能量來自該生態(tài)系統(tǒng)生產者通過光合作用固定的太陽能，A正確；鹿和狼之間存在信息傳遞，這種信息傳遞能調整種間關系，有利于維持生態(tài)系統(tǒng)的穩(wěn)定性，B錯誤；由于人為地殲滅了狼，鹿的種群數量會在短時間內增加，當鹿的種群數量超過了森林的環(huán)境容納量，種群數量又起先削減，C錯誤；大量捕殺狼生態(tài)系統(tǒng)的能量流淌方向不會發(fā)生變更，D錯誤。故選A。29.【答案】(1)甲濱藜生活在沙漠適應較強光照，甲曲線對應的光飽和點(或光補償點)更大(2)細胞呼吸釋放出的和來自大氣中類囊體薄膜（基?；蛉~綠體）、線粒體基質（線粒體）(3)光照強度CO2濃度、溫度(4)大于【解析】（1）依據題干信息得知，細辛適合生活在較弱光照環(huán)境，濱藜適合生活在較強光照環(huán)境中，前者的光補償點和光飽和點都比后者低，所以甲曲線對應的是濱藜，乙曲線對應的是細辛。（2）依據圖像得知光照強度為b1時，植物的光合作用強度和呼吸作用強度相同，但植物全部細胞都要進行呼吸作用而只有葉肉細胞等進行光合作用，所以葉肉細胞的光合作用強度大于呼吸作用強度，其所需的CO2除了來自細胞呼吸外還須要從環(huán)境中汲取。細胞有氧呼吸其次階段須要水的參加并生成[H]，光合作用光反應階段水被光解為氧氣和[H]。前者發(fā)生于線粒體，后者發(fā)生于葉綠體。（3）乙曲線中光照強度由b2增加到b1時，光合作用隨著光照強度的增大而增大，說明光照強度是該點的影響因素。在光照強度大于c之后，光照強度接著增加光合作用不再增加，說明光合作用的限制因素不再是光照強度而是CO2濃度、溫度。（4）植物合成的有機物指的是其總光合作用量，圖中e點兩植物的凈光合量相同，而甲的呼吸作用比乙的強，總光合量等于凈光合量+呼吸作用量，因此圖中e點甲植物合成的有機物量大于乙植物。30.【答案】(1)避開進食后汲取的葡萄糖對試驗數據產生影響（或“血糖上升后對試驗數據產生影響”）(2)攝取、利用和儲存(3)正常血糖胰島素【解析】（1）血糖的主要來源為食物的消化汲取，因此試驗中血糖指標須要在空腹條件下測定，避開進食后汲取的葡萄糖對試驗數據產生影響（或“血糖上升后對試驗數據產生影響”）。（2）胰島素的功能：促進組織細胞加速攝取、利用和儲存葡萄糖，從而使血糖水平降低。（3）為使試驗更科學，還應增加一組比照組：灌胃等體積水的正常小鼠，以測定血糖和胰島素含量作為基準值。31.【答案】（1）基因自由組合BBXDY和BbXDY（2）母本受精卵中的質基因幾乎全部來自卵細胞（或母本）（3）3/81/2【解析】（1）因限制眼色的基因分別位于常染色體和X染色體上，兩對基因獨立遺傳，故遵循基因的自由組合定律；野生型果蠅應為雙顯性個體，則雄果蠅的基因型應為B—XDY（BBXDY和BbXDY）；（2）因受精時精子只有頭部（細胞核）與卵細胞結合，故受精卵中的質基因幾乎全部來自卵細胞（或母本），因此若果蠅的某種性狀由細胞質基因限制，則該性狀只能通母本遺傳給子代；（3）野生型（♀）B—XDX—×白眼（♂）bbXdY，F1雌雄均為野生型（B—XDX—、B—XDY），則可推知親本基因型為BBXDXD、bbXdY，F1基因型為BbXDXd、BbXDY；①F1個體間相互交配，則F2中野生型雌果蠅基因型為B—XDX—，比例為3/4×1/2=3/8；②F1基因型為BbXDXd、BbXDY，F2中不行能出現XdXd的個體，故非野生型雌果蠅只有棕紅眼，基因型為1/2bbXDXD和1/2bbXDXd，朱紅眼雄果蠅的基因型為B—XdY，只考慮D、d一對等位基因，則可轉化為XDXD：XDXd：XdY=1:1:2，則d的基因頻率為（1＋2）/（2×2＋2）=1/2，因隨機交配不變更基因頻率，故F3中d的基因頻率仍為1/2。32.【答案】(1)土壤條件（或土壤中的植物種子、其他繁殖體）(2)柳樹與草莓在爭奪陽光、空間等資源的競爭中處于優(yōu)勢增大(3)草本植物或（稀疏的）灌木【解析】演替是指一個群落被另一個群落所代替的過程，可以分為初生演替和次生演替，其中次生演替是指在原有植被雖不存在，但原有土壤條件基本保留，甚至還保留了植物的種子或其它繁殖體的地方發(fā)生的演替。（1）草莓農田閑置后其土壤條件（或土壤中的植物種子、其他繁殖體）依舊保留，因此發(fā)生的屬于次生演替；（2）演替過程中優(yōu)勢物種的替換發(fā)生的緣由是柳樹林在陽光、空間等資源的競爭中處于優(yōu)勢，草莓在競爭中處于劣勢；次生演替過程中由于環(huán)境較為相宜，演替的方向是向著物種多樣化發(fā)展，因此豐富度將增大；（3）由于氣候條件比較干旱，可能不利于植被的生長，群落可能向著草本植物或（稀疏的）灌木演替。37.【答案】(1)Za+Z++、Z++Z+b(2)不遵循a和b位于一對同源染色體上(3)圖中親本雄蠶初級精母細胞中ZZ染色體可能發(fā)生交叉互換，形成含有++基因的Z染色體的精子，與含W染色體的卵子結合后，可出現能存活的雌蠶，所以雄蠶率不到100%(4)不能若要培育目標品種EEZa+Z+b，必需有Za+W或者是Z+bW的存活雌蠶來作為雜交母本，但這些基因型的雌蠶是不能存活的。因此無法通過雜交培育目標品種EEZa+Z+b（或：若要通過雜交育種獲得EEZa+Z+b，其中一條Z染色體必需來自母本，則母本的基因型為Za-W或者是Z-bW，但這兩種基因型的雌蠶不能存活。因此無法通過雜交培育標品種EEZa+Z+b?；颍杭倚QEEZa+Z+b是由基因型EZa+和EZ+b的雌雄配了受精發(fā)育來的，而親代雌性家蠶Za+W或Z+bW是無法存活。）(5)染色體結構變異（或：易位）【解析】（1）結合題意可知，圖中親本的基因型為Z++W與Za+Z+b表示，子代中存活的基因型為Za+Z++、Z++Z+b。（2）a與b為同源染色體上的非等位基因（或a和b位于一對同源染色體上），故兩對基因的遺傳不遵循基因的自由組合定律。。（3）圖中親本雄蠶的基因型為Za+Z+b，在減數分裂形成精子的過程中，在四分體時期初級精母細胞中ZZ染色體可能發(fā)生交叉互換，進而形成含有++基因的Z染色體的精子，與含W染色體的卵子結合后，可出現能存活的雌蠶，所以雄蠶率不到100%。（4）現有親本為EEZ++Z++、EEZ++W、eeZa+Z+b、eeZ++W家蠶，能否通過雜交育種培育出EEZa+Z+b家蠶，要解答這個問題，可以采納逆推法來分析，若要培育目標品種EEZa+Z+b，必需有Za+W或者是Z+bW的存活雌蠶來作為雜交母本，依據題意這些基因型的雌蠶是不能存活的。因此無法通過雜交培育目標品種EEZa+Z+b。（5）科學家通過輻射處理后的結果是讓常染色體上的基因片段拼接到W染色體上，明顯是實現了非同源染色體之間片段的拼接，這屬于染色體結構變異中的易位，故最終培育出優(yōu)良品種的家蠶所依據的原理是染色體結構變異。38.【答案】(1)能自我復制DNA分子雜交技術(2)自然界已有物種分別PCR熱穩(wěn)定的DNA聚合酶（Taq酶）(3)囊胚期核移植分化誘導因子【解析】（1）據題意可知，載體經基因工程改造后，只對細胞實施一次感染，不能復制，不能污染。故在載體一般應具備的條件中，科學家選擇性地放棄了一般載體都應當具有的自我復制功能。檢測P53基因的表達產物，可從分子水平上檢測，采納DNA分子雜交技術。（2）假如要獲得人類基因組中抑癌基因P53，可以實行的方法通常包括從從基因文庫獲得和通過化學方法人工合成。目的基因的大量擴增則可以采納PCR技術，該技術中因須要高溫處理，故需運用的一種特別的酶是熱穩(wěn)定DNA聚合酶。（3）在探討中假如要獲得胚胎干細胞進行探討，則胚胎干細胞可來源于囊胚期的內細胞團，或胎兒的原始性腺，也可以通過核移植技術得到重組細胞后再進行相應處理獲得。在培育液中加入分化誘導因子，可以誘導胚胎干細胞向不同類型的組織細胞分化。KSSU2024年全國新課標Ⅰ高考壓軸卷（物理）第Ⅰ卷(選擇題，共48分)一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14．用波長為300nm的光照耀鋅板，電子逸出鋅板表面的最大初動能為1.28×10－19J。已知普朗克常量為6.63×10－34J·s，真空中的光速為3.00×108m·s－1。能使鋅產生光電效應的單色光的最低頻率約為()A．1×1014Hz B．8×1014HzC．2×1015Hz D．8×1015Hz15.由消防帶水龍頭的噴嘴噴出水的流量是0.28m3/min，水離開噴口時的速度大小為16m/s，方向與水平面夾角為60°，在最高處正好到達著火位置，忽視空氣阻力，則空中水柱的高度和水量分別是(重力加速度g取10m/s2)()A．28.8m1.12×10－2m3B．28.8m0.672m3C．38.4m1.29×10－2m3D．38.4m0.776m316.使物體脫離星球的引力束縛，不再繞星球運行，從星球表面放射所需的最小速度稱為其次宇宙速度，星球的其次宇宙速度v2與第一宇宙速度v1的關系是v2＝v1。已知某星球的半徑為地球半徑R的4倍，質量為地球質量M的2倍，地球表面重力加速度為g。不計其他星球的影響，則該星球的其次宇宙速度為()A. B．C. D．17.在一空間有方向相反，磁感應強度大小均為B的勻強磁場，如圖所示，垂直紙面對外的磁場分布在一半徑為a的圓形區(qū)域內，垂直紙面對里的磁場分布在除圓形區(qū)域外的整個區(qū)域，該平面內有一半徑為b(b>a)的圓形線圈，線圈平面與磁感應強度方向垂直，線圈與半徑為a的圓形區(qū)域是同心圓。從某時刻起磁感應強度在Δt時間內勻稱減小到，則此過程中該線圈產生的感應電動勢大小為()A.() B．()C.() D．()18.如圖所示，真空中有一點電荷甲固定在O點，虛線是其在四周空間產生的電場的三個等勢面，且相鄰的兩個等勢面間電勢差相同。實線是點電荷乙在電場中運動軌跡，S、M、N為運動軌跡與等勢面的交點，下列說法肯定正確的是()A．電勢φM>φS B．甲、乙為同種電荷C．電勢能EPM>EPN D．場強大小ES>EN19.如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數為N，線圈電阻為r，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉動，外電路電阻為R。下列推斷正確的是()A．電壓表的讀數為()B．當線圈由圖示位置轉過30°的過程中，通過電阻R的電荷量為()C．在線圈轉過一周的過程中，電阻R上產生的焦耳熱為()D．當線圈由圖示位置轉過30°時，通過電阻R的電流為()20.如圖所示，在粗糙的水平面上，質量分別為m和M的物塊A、B用輕彈簧相連，兩物塊與水平面間的動摩擦因數均為μ，當用水平力F作用于B上且兩物塊共同向右以加速度a1勻加速運動時，彈簧的伸長量為x；當用同樣大小的恒力F沿著傾角為θ的光滑斜面方向作用于B上且兩物塊共同以加速度a2勻加速沿斜面對上運動時，彈簧的伸長量為x2，則下列說法中正確的是()A．若m>M，有x1＝x2B．若m<M，有x1＝x2C．若μ>sinθ，有x1>x2D．若μ<sinθ，有x1<x221如圖所示，豎直光滑桿固定不動，套在桿上的輕質彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧至離地高度h＝0.1m處，滑塊與彈簧不拴接。現由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量到滑塊的速度和離地高度h并作出滑塊的Ekh圖象，其中高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線，以地面為零重力勢能面，g取10m/s2，由圖象可知()A．小滑塊的質量為0.1kgB．輕彈簧原長為0.2mC．彈簧最大彈性勢能為0.5JD．小滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為0.4J第Ⅱ卷二、非選擇題：共62分，第22～25題為必考題，每個試題考生都必需作答。第33～34題為選考題，考生依據要求作答。（一）必考題：共47分。22.（6分）在利用自由落體運動驗證機械能守恒定律的試驗中，電源的頻率為50Hz，依次打出的點為0、1、2、3、4…n。則：(1)如用第2點到第6點之間的紙帶來驗證，必需干脆測量的物理量為、、，必需計算出的物理量為、，驗證的表達式為。(2)下列試驗步驟操作合理的排列依次是。(填寫步驟前面的字母)A．將打點計時器豎直安裝在鐵架臺上B．先接通電源，再松開紙帶，讓重物自由下落C．取下紙帶，更換新紙帶(或將紙帶翻個面)重新做試驗D．將重物固定在紙帶的一端，讓紙帶穿過打點計時器，用手提著紙帶E．選擇一條紙帶，用刻度尺測出重物下落的高度h1、h2、h3、…、hn，計算出對應的瞬時速度v1、v2、v3、…、vnF．分別算出mv和mghn，在試驗誤差允許的范圍內看是否相等23.（9分）在測定某金屬的電阻率試驗中：圖1圖2圖3(1)某學生進行了如下操作：①利用螺旋測微器測金屬絲直徑d，如圖1所示，則d＝mm。②測量金屬絲電阻Rx的電路圖如圖2所示，閉合開關S，先后將電壓表右側接線端P接a、b點時，電壓表和電流表示數如表1所示。該學生仔細視察到兩次測量中，電流表的讀數幾乎未變，發(fā)生這種現象的緣由是，比較合理且較精確的金屬絲電阻Rx測＝Ω(保留兩位有效數字)，從系統(tǒng)誤差角度分析，Rx的測量值與其真實值Rx真比較，Rx測Rx真(填“>”“＝”或“<”)。表1U(V)I(A)接線端P接a1.840.15接線端P接b2.400.15表2U(V)I(A)接線端P接a2.560.22接線端P接b3.000.20(2)另一同學找來一恒壓電源，按圖3的電路先后將接線端P分別接a處和b處，測得相關數據如表2所示，該同學利用該數據可算出Rx的真實值為Ω。24.（12分）如圖所示，傾角α＝30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L＝1.8m、質量M＝3kg的薄木板，木板的最右端疊放一質量m＝1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數μ＝。對木板施加沿斜面對上的恒力F，使木板沿斜面由靜止起先做勻加速直線運動。設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2，物塊可視為質點。(1)為使物塊不滑離木板，求力F應滿意的條件；(2)若F＝37.5N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。25.（20分）如圖所示，一對平行的粗糙金屬導軌固定于同一水平面上，導軌間距L＝0.2m，左端接有阻值R＝0.3Ω的電阻，右側平滑連接一對彎曲的光滑軌道。僅在水平導軌的整個區(qū)域內存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小B＝1.0T。一根質量m＝0.2kg、電阻r＝0.1Ω的金屬棒ab垂直放置于導軌上，在水平向右的恒力F作用下從靜止起先運動，當金屬棒通過位移x＝9m時離開磁場，在離開磁場前已達到最大速度。當金屬棒離開磁場時撤去外力F，接著金屬棒沿彎曲軌道上升到最大高度h＝0.8m處。已知金屬棒與導軌間的動摩擦因數μ＝0.1，導軌電阻不計，棒在運動過程中始終與導軌垂直且與導軌保持良好接觸，取g＝10m/s2。求：(1)金屬棒運動的最大速率v；(2)金屬棒在磁場中速度為時的加速度大?。?3)金屬棒在磁場區(qū)域運動過程中，電阻R上產生的焦耳熱。選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。假如多做，則按所做的第一題計分。33.【物理一一選修3–3】（15分）（1）（5分）肯定量的志向氣體從狀態(tài)a起先，經驗等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)，其pT圖象如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O。下列推斷正確的是()A．氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等B．氣體在狀態(tài)a時的內能小于它在狀態(tài)c時的內能C．在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D．在過程da中氣體從外界汲取的熱量小于氣體對外界做的功（2）（10分）如圖所示，內壁光滑、足夠高的圓柱形汽缸豎直放置，內有一質量為m的活塞封閉肯定質量的志向氣體。已知活塞橫截面積為S，外界大氣壓強為p0，缸內氣體溫度為T1?，F對汽缸內氣體緩慢加熱，使氣體體積由V1增大到V2，該過程中氣體汲取的熱量為Q1，停止加熱并保持體積V2不變，使其降溫到T1，已知重力加速度為g，求：(1)停止加熱時缸內氣體的溫度；(2)降溫過程中氣體放出的熱量?！疚锢硪灰贿x修3–4】（15分）（1）（5分）如圖甲所示，在水平面內，有三個質點a、b、c分別位于直角三角形的三個頂點上，已知ab＝6m，ac＝8m。在t1＝0時刻a、b同時起先振動，振動圖象均如圖乙所示，所形成的機械波在水平面內傳播，在t2＝4s時c點起先振動，則下列說法正確的是()（填正確答案的標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每錯選1個扣3分，最低得分為0分）。甲乙A．該機械波的傳播速度大小為2m/sB．該列波的波長是2mC．兩列波相遇后，c點振動加強D．兩列波相遇后，c點振動減弱（2）．（10分）激光已經深化到我們生活的各個方面。某物理小組利用激光束測量玻璃對激光的折射率和利用雙縫干涉測量激光的波長。a.如圖所示，在水平面上方適當位置固定激光光源，使其放射與水平面成30°角斜向下的激光，在水平光屏上M點呈現一小光斑。放入一塊平行于水平面的長方體玻璃磚，激光光斑移至水平光屏上的N點。測得玻璃磚厚度為d＝cm，MN＝b＝2cm。依據以上信息，求該玻璃磚的折射率n；b.為測量該激光的波長，將激光垂直射向間距為d的雙縫(每個縫的寬度很窄，寬度可忽視)，在雙縫后面距離為L處的光屏上可以視察到干涉條紋?，F使測量頭的分劃板中心刻線與條紋的中心對齊，經測量得出5條亮條紋之間的距離為a，求該激光的波長。參考答案+解析14.【答案】B【解析】：依據愛因斯坦光電效應方程Ek＝hν－W0＝h－h(huán)ν0，代入數據解得ν0≈8×1014Hz，B正確。15.【答案】A【答案】：水離開噴口后做斜拋運動，將運動沿水平方向和豎直方向分解，在豎直方向上：vy＝vsinθ代入數據可得vy＝24m/s故水柱能上升的高度h＝y(tǒng)＝28.8m水從噴出到最高處著火位置所用的時間t＝代入數據可得t＝2.4s故空中水柱的水量為V＝×2.4m3＝1．12×10－2m3，A項正確。16.【答案】C【解析】地球的第一宇宙速度v1＝，星球表面的重力加速度g′＝＝＝g，星球的第一宇宙速度v′1＝＝＝，該星球的其次宇宙速度v′2＝v′1＝＝v1，故選項C正確。17.【答案】D【解析】磁感線既有垂直紙面對外的，又有垂直紙面對里的，所以可以取垂直紙面對里的方向為正方向。磁感應強度大小為B時線圈磁通量Φ1＝πB(b2－a2)－πBa2,磁感應強度大小為時線圈磁通量Φ2＝πB(b2－a2)－πBa2，因而該線圈磁通量的變更量的大小為ΔΦ＝|Φ2－Φ1|＝πB(b2－2a2)。依據法拉第電磁感應定律可得線圈中產生的感應電動勢的大小為E＝＝()。故選項D正確。18.【答案】BC【解析】本題考查電場強度、電勢和電勢能等。由于題中沒有給出固定在O點的點電荷甲的電性，不能推斷出M、S兩點電勢凹凸，選項A錯誤；依據點電荷乙在電場中運動軌跡可知，甲、乙為同種電荷，選項B正確；點電荷乙在電場中從M運動到N，電場力做正功，電勢能減小，電勢能EPM>EPN，選項C正確；依據點電荷電場強度公式可知，場強大小ES<EN，選項D錯誤。19.【答案】AD【解析】電動勢的最大值Em＝NBSω，有效值E＝＝，電壓表的示數為路端電壓的有效值，解得U＝E＝()，A正確；線圈由題圖所示位置轉過30°的過程中，通過電阻R的電荷量q＝＝()＝，B錯誤；在線圈轉過一周的時間內電阻R上產生的熱量Q＝·＝()，C錯誤；電流的最大值為Im＝＝，電流的瞬時值表達式為i＝Imsinωt，從題圖所示位置轉過30°時，ωt＝，此時的電流為i＝＝()，D正確。20.【答案】AB【解析】在水平面上滑動時，對整體，依據牛頓其次定律，有F－μ(m＋M)g＝(m＋M)a1 ①隔離物塊A，依據牛頓其次定律，有FT－μmg＝ma1 ②聯(lián)立①②解得FT＝F ③在斜面上滑動時，對整體，依據牛頓其次定律，有F－(m＋M)gsinθ＝(m＋M)a2 ④隔離物塊A，依據牛頓其次定律，有F′T－mgsinθ＝ma2 ⑤聯(lián)立④⑤解得F′T＝F ⑥比較③⑥可知，彈簧彈力相等，與動摩擦因數和斜面的傾角無關，故A、B正確，C、D錯誤。21.【答案】BC【解析】在從0.2m上升到0.35m范圍內，ΔEk＝ΔEp＝mgΔh，圖線的斜率肯定值k＝＝N＝2N＝mg，所以m＝0.2kg，故A錯誤；在Ekh圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內所受作用力為恒力，從h＝0.2m起先滑塊與彈簧分別，彈簧的原長為0.2m，故B正確；依據能的轉化與守恒可知，當滑塊上升至最大高度時，增加的重力勢能即為彈簧最大彈性勢能，所以Epm＝mgΔh＝0.2×10×(0.35－0.1)J＝0.5J，故C正確；由圖可知，當h＝0.18m時的動能最大為Ekm＝0.32J，在滑塊整個運動過程中，系統(tǒng)的動能、重力勢能和彈性勢能之間相互轉化，因此動能最大時，滑塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小，依據能量守恒定律可知E′＝E－Ekm＝Epm＋mgh－Ekm＝0.5J＋0.2×10×0.1J－0.32J＝0.38J，故D錯誤。22.【答案】:(1)第2點到第6點之間的距離h26第1點到第3點之間的距離h13第5點到第7點之間的距離h57第2點的瞬時速度v2第6點的瞬時速度v6mgh26＝mv－mv(2)ADBCEF【解析】(1)要驗證從第2點到第6點之間的紙帶對應重物的運動過程中機械能守恒，應測出第2點到第6點的距離h26，要計算第2點和第6點的速度v2和v6，必需測出第1點到第3點之間的距離h13和第5點到第7點之間的距離h57，機械能守恒的表達式為mgh26＝mv－mv。(2)試驗操作依次為ADBCEF。23.【答案】:(1)①1.704②電壓表內阻遠大于金屬絲電阻，電壓表分流幾乎為零12<(2)13【解析】(1)①由題圖所示螺旋測微器可知，螺旋測微器示數為1.5mm＋20.4×0.01mm＝1.704mm。②由表中試驗數據可知，電壓表接a、b兩點時，電流表示數不變，電壓表示數變更較大，說明電壓表內阻很大，電壓表分流很小，幾乎為零，電流表分壓較大，電流表應采納外接法，電壓表應接a點，金屬絲電阻Rx測＝＝Ω≈12Ω；電流表采納外接法，由于電壓表分流作用，電流表的測量值大于真實值，由歐姆定律可知，金屬絲電阻測量值小于真實值。(2)由表中試驗數據知，RA＝，則Rx＝－RA＝13Ω。24.【答案】:(1)20N<F≤30N(2)能1.2s0.9m【解析】(1)以物塊和木板整體為探討對象，由牛頓其次定律得F－(M＋m)gsinα＝(M＋m)a以物塊為探討對象，由牛頓其次定律得Ff－mgsinα＝ma又Ff≤Ffm＝μmgcosα解得F≤30N又a>0解得F>20N所以20N<F≤30N。(2)因F＝37.5N>30N，所以物塊能夠滑離木板，隔離木板，由牛頓其次定律得F－μmgcosα－Mgsinα＝Ma1隔離物塊，由牛頓其次定律得μmgcosα－mgsinα＝ma2設物塊滑離木板所用時間為t木板的位移x1＝a1t2物塊的位移x2＝a2t2物塊與木板分別的臨界條件為Δx＝x1－x2＝L聯(lián)立以上各式解得t＝1.2s物塊滑離木板時的速度v＝a2t由公式－2gxsinα＝0－v2解得x＝0.9m。25.【答案】見解析【解析】(1)金屬棒從出磁場到上升到彎曲軌道最高點，依據機械能守恒定律得：mv2＝mgh ①由①得：v＝＝4m/s。 ②(2)金屬棒在磁場中做勻速運動時，設回路中的電流為I，依據平衡條件得F＝BIL＋μmg ③I＝ ④聯(lián)立②③④式得F＝0.6N ⑤金屬棒速度為時，設回路中的電流為I′，依據牛頓其次定律得F－BI′L－μmg＝ma ⑥I′＝() ⑦聯(lián)立②⑤⑥⑦得：a＝1m/s2。 ⑧(3)設金屬棒在磁場區(qū)域運動過程中，回路中產生的焦耳熱為Q，依據功能關系：Fx＝μmgx＋mv2＋Q ⑨則電阻R上的焦耳熱QR＝Q ⑩聯(lián)立⑤⑨⑩解得：QR＝1.5J。33.【答案】(1)A(1)T1(2)Q1－(V2－V1)【解析】由ac的延長線過原點O知，直線Oca為一條等容線，氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等，選項A正確；志向氣體的內能由其溫度確定，故在狀態(tài)a時的內能大于在狀態(tài)c時的內能，選項B錯誤；過程cd是等溫變更，氣體內能不變，由熱力學第肯定律知，氣體對外放出的熱量等于外界對氣體做的功，選項C錯誤；過程da氣體內能增大，從外界汲取的熱量大于氣體對外界做的功，選項D錯誤。（2）(1)加熱過程中氣體等壓膨脹，由＝，得：T2＝T1。(2)設加熱過程中，封閉氣體內能增加ΔU，因氣體體積增大，故此過程中氣體對外做功，W<0。由熱力學第肯定律知：ΔU＝Q1＋W其中W＝－pΔV＝－(V2－V1)由于志向氣體內能只與溫度有關，故再次降到原溫度時氣體放出的熱量滿意Q2＝ΔU整理可得：Q2＝Q1－(p0＋)(V2－V1)。34.（1）【答案】ABC（2）(a)(b)【解析】（1）a點振動產生的機械波最先到達c點，則依據關系式v＝可知波速v＝＝2m/s，選項A正確；由于v＝，則λ＝vT＝2m/s×1s＝2m，選項B正確；a波比b波早到達c點的時間t＝－＝＝1s，即兩列波到達c點時，使c點振動加強，產生共振，由于兩列機械波頻率相同相干涉，故c總是振動加強點，選項C正確，選項D錯誤。(2)a.如圖所示，設折射角所對的邊的長度為x，激光入射角i＝90°－30°＝60°，由幾何關系知sini＝()，sinr＝，由折射定律n＝，聯(lián)立并代入數據解得n＝。b.5條亮條紋之間的距離為a，則相鄰兩條亮條紋之間的距離Δx＝由條紋間距公式Δx＝λ聯(lián)立解得λ＝。2024新課標Ⅰ高考壓軸卷化學留意事項：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回?？赡苡玫降南鄬υ淤|量：H：1C：12N：14O：16Na：23Mg：24Al：27S：32Cl：35.5Fe：56Cu：64Ge:73Ba：137一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。每小題只有一個選項符合題意。1．三星堆遺址被譽為20世紀人類最宏大的考古發(fā)覺之一。下列敘述錯誤的是選項出土文物敘述A絕美的黃金面具自然界中存在游離態(tài)的金B(yǎng)高大的青銅神像青銅比純銅熔點高、硬度大C精致的陶器陶器由黏土經高溫燒結而成D古蜀國的絲綢遺痕絲綢的主要成分是蛋白質A．A B．B C．C D．D2．茚地那韋被用于新型冠狀病毒肺炎的治療，其結構簡式如圖所示，下列說法正確的是A．茚地那韋分子中含有羥基和酮羰基B．lmol茚地那韋最多與llmol氫氣發(fā)生加成反應C．虛線框內的全部碳、氧原子可能處于同一平面D．茚地那韋可以使酸性高錳酸鉀溶液褪色，不與FeCl3溶液顯色3．下列試驗能達到目的的是選項目的試驗A完全溶解黃銅(銅鋅合金)將黃銅放入足量酸化的Fe2(SO4)溶液中B證明非金屬性Cl>C將鹽酸滴加到CaCO3固體中，生成CO2氣體C凈化混有少量乙烯的乙烷將氣體和足量H2通過熱的鎳催化劑表面D干燥氨氣將氣體通過盛有濃硫酸的洗氣瓶A．A B．B C．C D．D4．科研工作者探討出一種新型的醇催化氧化途徑，可以避開生成有毒物質，其部分反應機理如圖所示.下列說法錯誤的是A．避開生成有毒物質符合綠色化學的理念B．在該反應中作催化劑C．反應過程中N和S元素的成鍵數目均保持不變D．總反應方程式為++HCl5．一種礦石的組成元素W、X、Y、Z為原子序數依次增大的短周期元素，Z單質燃燒發(fā)出刺眼的白光，X原子L層比K層多一個電子，分子中含有10個電子。下列說法正確的是A．原子半徑：B．常溫常壓下單質沸點：C．Z與Y可形成共價化合物ZYD．X的最高價氧化物的水化物是弱酸6．環(huán)己酮在生產生活中有重要的用途,可在酸性溶液中用環(huán)己醇間接電解氧化法制備,其原理如圖所示。下列說法不正確的是A．a極與電源正極相連B．理論上生成1mol環(huán)己酮時,有22.4LH2生成C．生成環(huán)己酮的反應為氧化反應D．a極電極反應式是7．向XmL0.1molL-1氨水中滴加等濃度的稀高氯酸，測得混合溶液的溫度和Poh[Poh=-lgc(OH-)]隨著加入稀高氯酸的體積變更如圖所示(圖中實線為溫度變更，虛線為pOH變更)。下列說法正確的是A．x=40B．b、c點由水電離出的c(OH-)大小為b>cC．b點時溶液中微粒濃度存在關系：C(NH)+c(NH3.H2O)=C(H+)+c(ClO)D．a、d點對應氨水的電離常數：K(d)<K(a)三、非選擇題：共58分，第8~10題為必考題，每個試題考生都必需作答。第11~12題為選考題，考生依據要求作答。（一）必考題8．（14分）碳酸鑭為白色粉末、難溶于水、分解溫度900℃，可用于治療高磷酸鹽血癥.在溶液中制備時，形成水合碳酸鑭，假如溶液堿性太強，易生成受熱分解的堿式碳酸鑭.已知酒精噴燈溫度可達1000℃?；卮鹣铝袉栴}：(1)用如圖裝置模擬制備水合碳酸鑭：①儀器B的名稱為_______。②裝置接口的連接依次為f→_______。③Z中應先通入：_______，后通入過量的另一種氣體，該氣體須要過量的緣由是_______。④該反應中生成副產物氯化銨，請寫誕生成水合碳酸鑭的化學方程式：_______。(2)甲小組通過以下試驗驗證制得的樣品中不含，并測定水合碳酸銅中結晶水的含量，將石英玻璃A管稱重，記為，將樣品裝入石英玻璃管中，再次將裝置A稱重，記為，將裝有試劑的裝置C稱重，記為.按圖示連接好裝置進行試驗。試驗步驟：①打開、和，緩緩通入；②數分鐘后關閉，打開，點燃酒精噴燈，加熱A中樣品：③一段時間后，熄滅酒精燈，打開，通入數分鐘后關閉和，冷卻到室溫，稱量A．重復上述操作步驟，直至A恒重，記為(此時裝置A中為).稱重裝置C，記為。①試驗中其次次通入的目的為_______。②依據試驗記錄，當_______，說明制得的樣品中不含有；計算水合碳酸鑭化學式中結晶水數目_______(列式表示).(用含、、的式子表示)9．（14分）工業(yè)上以鉻鐵礦主要成份為，還含有、等雜質為主要原料生產紅礬鈉晶體，其主要工藝流程如圖：已知：在堿性條件下能將氧化為。固體A為______。試驗室中操作的名稱為_____________。固體C中含有的物質是和，則的作用是______。已知：，，當時起先沉淀．室溫下，Ⅱ中需調整溶液pH范圍為___雜質離子濃度小于視為沉淀完全。寫出Ⅲ中發(fā)生反應的離子方程式______。Ⅳ中酸化是用硫酸而不用鹽酸酸化，理由是______結合化學方程式回答；工業(yè)上也可設計如圖示裝置，用鋰離子電池犯難電離鋰碳化合物為電源，電解溶液制取，該裝置工作時E電極的名稱是___極；電源的A極的電極反應式為______當電解過程中轉移了電子時，理論上右側溶液的質量削減______g。10．（15分）2024年世界環(huán)境日的宣揚主題為“關愛自然，刻不待時”。防治大氣污染、水體污染等是世界各國愛護環(huán)境的最重要課題。I.利用高效催化劑可以處理汽車尾氣中的NO和CO，發(fā)生反應(1)已知幾種化學鍵的鍵能數據如下：化學鍵CONO中的共價鍵N≡NC=O鍵能()1076630946799則上述反應的_______。(2)在恒容密閉容器中充入和，測得的轉化率與溫度、時間的關系如圖所示：①溫度下，內用表示的平均反應速率_______；溫度下，上述反應的平衡常數_______。②溫度下，向平衡后的容器內再加入和，則再次達平衡時NO的轉化率_______(填“增大”“減小”或“不變”)。II.催化還原NO是重要的煙氣脫硝技術，探討發(fā)覺在以為主的催化劑上可能發(fā)生的反應過程如圖。(3)寫出脫硝過程的總反應的化學方程式_______。(4)催化氧化法去除NO是在肯定條件下，用消退NO污染，其反應原理為：。不同溫度條件下，為時，得到NO脫除率曲線如圖所示。脫除NO的最佳溫度是_______。在溫度超過100℃時NO脫除率隧然下降的緣由可能是_______。（二）選考題：共15分。請考生從2道化學題任選一題作答。假如多做，則每按所做的第一題計分。11．［化學——選修3：物質結構與性質］（15分）分析下圖信息，結合所學內容解答問題?；卮鹣铝袉栴}:(1)①第三周期某元素的前5個電子的電離能如圖1所示。該元素是_______填元素符號，推斷依據是_______。②其次周期元素的第一電離能隨原子序數的變更狀況如圖6，I1隨Z的遞增而呈增大趨勢，導致在a點出現齒峰的緣由是_______。③鋁鎂合金是優(yōu)質儲鈉材料，原子位于面心和頂點，其晶胞如圖2所示。1個鋁原子四周有_______個鎂原子最近且等距離。(2)協(xié)作物的熔點，沸點，可用于制備純鐵。的結構如圖3所示。下列關于說法不正確的是_______。A．是非極性分子，含有δ鍵和π鍵B．中Fe原子的配體與互為等電子體C．含有鍵D．反應中沒有新化學鍵生成(3)獨立的分子中，鍵鍵角為如圖4所示是的部分結構以及其中鍵鍵角。請說明離子中鍵角變?yōu)榈木売墒莀______。依據VSEPR模型推斷，下列微粒中全部原子都在同一平面上的一組是_______。A．和B．和C．和ClO3-D．和(4)已知立方BN晶體硬度很大，其緣由是_______;其晶胞結構如圖5所示，設晶胞中最近的B、N原子之間的距離為anm，阿伏加德羅常數的值為，則晶體的密度為_______列式即可，用含a、的代數式表示(5)在某種含鎂、鎳、碳3種元素的超導材料晶體中，鎂原子和鎳原子一起以立方最密積累方式形成有序結構.結構中的兩種八面體空隙，一種完全由鎳原子構成，另一種由鎳原子和鎂原子共同構成，碳原子只填充在由鎳原子構成的八面體空隙中，晶胞如圖7所示。①組成該晶體的化學式為_______。②完全由鎳原子構成的八面體空隙與由鎳原子和鎂原子共同構成的八面體空隙的數量比為_______。③若取碳原子為晶胞頂點，則鎳原子位于晶胞的_______位置。12．[化學——選修5：有機化學基礎]（15分）祛痰平喘藥東喘寧()是一種常見的鎮(zhèn)咳、祛痰、平喘藥，某探討小組以間苯二酚、乙酸酐等物質為主要原料，通過如圖路途合成：已知：①；R-CHO+→②HNO2不穩(wěn)定，常用NaNO2和HCl的臨時混合溶液代替；③D是一種有機鹽酸鹽，O、N、Cl原子或離子達到8電子穩(wěn)定結構，與H2O反應水解生成物除E外還有N2和HCl。請回答：(1)H中含氧官能團的名稱_______。(2)D→E的反應類型為_______。(3)寫出化合物D的結構簡式：_______。(4)芳香族化合物M是F的同分異構體，寫出全部符合下列要求的M的結構簡式_______。①能發(fā)生銀鏡反應；②1H-NMR圖譜中有四組峰；③分子中不含過氧鍵。(5)利用題給信息和條件，用硝基苯(C6H5NO2)和乙酸酐[(CH3CO)2O]為原料合成另一種解熱鎮(zhèn)痛藥阿司匹林()，無機試劑任選。試寫出制備合成的路途圖______。參考答案1．【答案】B【解析】A．金性質穩(wěn)定，自然界中存在游離態(tài)的金，A正確；B．青銅是合金，合金的熔點比純金屬低，B錯誤；C．陶器由黏土燒結制備而成，C正確；D．絲綢的主要成分是蛋白質，D正確；故選B。2．【答案】D【解析】A．該分子中含有羥基(-OH)，不含酮羰基，結構中的-NH-CO-是酰胺鍵，A項不符合題意；B．分子中的可以與H2反應，1mol消耗3molH2，苯環(huán)可以與H2反應，也是1：3的關系，碳氧雙鍵由于來源于酰胺鍵，不能和氫氣加成，所以1mol該分子消耗9molH2，B項不符合題意；C．苯環(huán)中的6個碳原子在一個平面上，1號碳和2號碳是取代了苯環(huán)上原來的氫，也在苯環(huán)的平面上，1號或者2號碳是正四面體的中心，最多再有2個原子與其共面，可以選擇苯環(huán)上的C和3號碳，1、2、3號碳原子共面，對于3號碳上的O則不在此平面上，C項不符合題意；D．該結構中有羥基，可以使酸性高錳酸鉀溶液褪色，沒有酚羥基，故不能使氯化鐵溶液變色，D項符合題意；故正確選項為D。3．【答案】A【解析】A．黃銅(銅鋅合金)放入足量酸化的Fe2(SO4)3溶液中，發(fā)生反應2Fe3++Zn=2Fe2++Zn2+，2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+而全部溶解，A可以達到目的；B．鹽酸滴加到CaCO3固體中，生成CO2氣體，可證明酸性HCl>H2CO3，但不能證明非金屬性Cl>C，B不能達到目的；C．用氫氣凈化混有少量乙烯的乙烷，氫氣用量不能限制，可能乙烯未除盡或多余的氫氣成為雜質，C不能達到目的；D．氨氣能與濃硫酸反應，應用堿石灰干燥氨氣，D不能達到目的；故答案選A。4．【答案】C【解析】A．避開生成有毒物質，可防止污染環(huán)境，符合綠色化學的理念，A項正確；B．反應過程中，參加反應后，又有生成，在反應中作催化劑，B項正確；C．由圖可知，反應過程中S元素的成鍵數目發(fā)生變更，C項錯誤；D．由轉化關系知，醇催化氧化的總反應為，D項正確；答案選C。5．【答案】D【分析】X原子L層比K層多一個電子，則X的電子排布為2、3，X為5號元素B；Z單質燃燒發(fā)出刺眼的白光，則Z為Mg；分子中含有10個電子，則W為H元素，Y為O元素，Z為Mg元素?！窘馕觥緼．W、X、Y、Z分別為H、B、O、Mg元素，原子半徑大小為：，A錯誤；B．W、X、Y分別為H、B、O元素，單質的沸點大?。?，B錯誤；C．Z和Y分別為Mg、O元素，二者形成的化合物MgO為離子化合物，C錯誤；D．X為硼元素，它的最高價氧化物的水化物硼酸是一種弱酸，D正確；故選D。6．【答案】B【解析】A．依據裝置圖可知，a極為電解池的陽極，則與電源正極相連，A正確；B．理論上由環(huán)己醇生成1mol環(huán)已酮()時，轉移2mol電子，依據電子守恒可知陰極有1mol氫氣放出，但因題中沒明確狀態(tài)，故不能確定氫氣的體積，B錯誤；C．由圖示可知，環(huán)己醇被氧化生成環(huán)已酮，即生成環(huán)己酮的反應為氧化反應，C正確；D．a極為陽極，Cr3+失電子被氧化，電極反應式是，D正確；故選D。7．【答案】B【解析】A．由圖可知，b點溫度最高，是二者恰好反應的點，此時酸堿的物質的量相等，酸堿濃度相等，所以x=20，A錯誤；B．b點溫度最高，為滴定終點，溶質為NH4ClO4，鹽類水解促進水的電離，從b點到c點隨著高氯酸的加入不斷抑制水的電離，由水電離出的c(OH-)大小為b>c，B正確；C．b點溫度最高，為滴定終點，溶質為NH4ClO4，HClO4是強酸，溶液中不存在HClO4分子，依據物料守恒可得：c()+c(NH3?H2O)=c()，C錯誤；D．氨水電離為吸熱過程，體系溫度越高，NH3?H2O的電離常數越大，d點溫度高于a點，所以電離常數K(d)>K(a)，D錯誤；故選B。8．【答案】球形干燥管（1分）b→a→d→e→c（2分）NH3（1分）限制溶液不能堿性太強，否則易生成副產物堿式碳酸鑭La(OH)CO3（2分）2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3·xH2O↓+6NH4Cl（2分）將裝置中產生的氣體全部吹入后續(xù)裝置中被汲取，削減試驗誤差（2分）（2分）（2分）【分析】（1）結合裝置以及所給試劑，制取水合碳酸鑭的原理為2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3·xH2O↓+6NH4Cl，裝置Y制備NH3，NH3易溶于水，通入帶有球形干燥管的導氣管中防倒吸，裝置W制備CO2，裝有飽和碳酸氫鈉的裝置X用于除去CO2中的HCl，防止消耗過多的氨氣，在裝置Z中生成水合碳酸鑭。（2）依據已知信息，m2-m1為La2(CO3)3·xH2O的質量，m4-m1為La2O3的質量，m5-m3為CO2的質量。B中裝有濃硫酸，C中裝有堿石灰，D中堿石灰的作用是防止空氣中CO2和H2O進入到裝置C中影響試驗結果；第一次通入N2，目的是排出裝置中的空氣，防止空氣中CO2干擾試驗結果，其次次通入N2，將裝置中殘留的CO2全部排入裝置C中被汲取，減小試驗誤差?！窘馕觥?1)①依據儀器的結構特點可知其名稱為球形干燥管；故答案為：球形干燥管；②結合分析可知裝置接口依次應為f→b→a→d→e→c；故答案為：b→a→d→e→c；③為增大CO2溶解度，提高產率，Z中應先通入氨氣再通入CO2；依據題目信息可知假如溶液堿性太強，易生成受熱分解的堿式碳酸鑭La(OH)CO3，所以通入CO2須要過量的緣由是：限制溶液不能堿性太強，否則易生成副產物堿式碳酸鑭La(OH)CO3；故答案為：氨氣；限制溶液不能堿性太強，否則易生成副產物堿式碳酸鑭La(OH)CO3；④依據元素守恒可知化學方程式為2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3·xH2O↓+6NH4Cl；故答案為：2LaCl3+6NH3+3CO2+(x+3)H2O=La2(CO3)3·xH2O↓+6NH4Cl；(2)①其次次通入N2，將裝置中殘留的CO2全部排入裝置C中被汲取，減小試驗誤差；故答案為：將裝置中產生的氣體全部吹入后續(xù)裝置中被汲取，削減試驗誤差；②假如制得的樣品中不含有La(OH)CO3，則由La2(CO3)3·xH2O化學式可知n(La2O3)：n(CO2)=1:3，即=；n(La2O3)=n[La2(CO3)3·xH2O]，可求出水合碳酸鑭化學式中結晶水數目x=；故答案為：；。9．【答案】（1分）過濾（1分）氧化，使鐵元素完全轉化成沉淀而除去（2分）（1分）（2分）（2分）陽（1分）（2分）。（2分）【分析】鉻鐵礦主要成分為FeO和，含有、等雜質，加入過量稀硫酸，只有與稀硫酸不反應，則過濾得固體A為，溶液B中含有、、，在B中加入過氧化氫，可生成，調整溶液pH可除去、，生成氫氧化鐵、氫氧化鋁沉淀，即固體C，溶液D含有，在溶液D中加入和NaOH，發(fā)生氧化還原反應，過濾得溶液E含有，酸化可得，溶液經蒸發(fā)濃縮、冷卻結晶可得，以此解答該題?！窘馕觥恳罁陨戏治觯腆wA為，故答案為：；依據以上分析，試驗室中操作的名稱為過濾，故答案為：過濾；固體C中含有的物質是和，則的作用是氧化，使鐵元素完全轉化成沉淀而除去；當時起先沉淀，室溫下，除去溶液中的、，氫氧化鋁完全變成沉淀時的pH：，，解得：，，同理完全變成沉淀時，pH約為，故pH范圍是：，故答案為：氧化，使鐵元素完全轉化成沉淀而除去；；在溶液D中加入和NaOH，發(fā)生氧化還原反應，生成和，所以Ⅲ中發(fā)生反應的離子方程式為，故答案為：；Ⅳ中酸化是用硫酸而不用鹽酸酸化，緣由為會氧化鹽酸中的氯離子