2025屆河南省滑縣物理高二第一學期期末復習檢測試題含解析

2025屆河南省滑縣物理高二第一學期期末復習檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,在兩水平金屬板構(gòu)成的器件中,存在勻強電場與勻強磁場,電場強度E和磁感應強度B相互垂直,以某一水平速度進入的不計重力的帶電粒子恰好能沿直線運動,下列說法正確的是()A.粒子一定帶負電B.粒子的速度大小v=B/EC.若粒子速度大小改變,粒子將做曲線運動D.若粒子速度大小改變,電場對粒子的作用力會發(fā)生改變2、如圖，豎直平面內(nèi)有一水平向左的勻強電場，在電場中從A點由靜止釋放一帶電液滴，該帶電液滴沿直線由A點運動到B點，下列說法正確的是()A.液滴帶正電 B.液滴的電勢能增加C.液滴的機械能增加 D.液滴的機械能減少3、如圖所示，兩個線圈的繞向相同，其中右側(cè)線圈與電流表構(gòu)成閉合回路，要使得右側(cè)線圈中產(chǎn)生的感應電流由c到d流過電流表，且電流表示數(shù)恒定，則左側(cè)線圈中的電流隨時間變化的圖象可能是（規(guī)定左側(cè)線圈中從a到b的電流方向為正方向）（）A. B.C. D.4、下面關(guān)于電磁感應現(xiàn)象的說法中，正確的是（）A.只要穿過閉合電路中的磁通量不為零，閉合電路中就一定有感應電流產(chǎn)生B.穿過閉合電路中的磁通量減少，則閉合電路中感應電流減小C.穿過閉合電路中的磁通量變化越大，則閉合電路中的感應電動勢越大D.穿過閉合電路中的磁通量變化越快，則閉合電路中的感應電動勢越大5、如圖所示，虛線為勻強電場的等勢線，一個帶電小球以一定的速度射入該勻強電場后，運動軌跡如圖所示，已知小球受到的重力不能忽略，則下列有關(guān)說法中正確的是()A.小球在b點的動能一定大于小球在a點的動能B.若小球從a點向b點運動，則動能和電勢能的和一定增加C.若小球從b點向a點運動，則重力勢能和電勢能的和一定減小D.根據(jù)圖中信息不能確定小球在a、b兩點的電勢能大小6、現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒定．質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場．若某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應強度增加到原來的10倍．此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為（）A.10 B.9C.100 D.81二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在靜電場中，將一個電子由a點移到b點，電場力做功5J，下面判斷中正確是A.a、b兩點電勢差Uab=-5V B.電勢零點未確定，故a、b兩點的電勢沒有確定值C.電場強度的方向一定由b指向a D.電子的電勢能增加了5J8、速度相同的一束粒子（不計重力）經(jīng)過速度選擇器后射入質(zhì)譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是（）A.速度選擇器的P1極板帶負電B.這束帶電粒子帶正電C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D.若粒子在磁場中運動半徑越大，則該粒子的比荷越大9、一個線圈的電流在均勻增大，則這個線圈A.自感系數(shù)也將均勻增大B.自感電動勢也將均勻增大C.磁通量也將均勻增大D.自感系數(shù)，自感電動勢都不變10、如圖所示，兩根光滑平行金屬導軌固定在傾角為30°的斜面上，導軌間距為L，導軌下端連接一個阻值為R的定值電阻，空間中有一磁感應強度大小為B、方向垂直導軌所在斜面上的勻強磁場．在斜面上平行斜面固定一個輕彈簧，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧上端與質(zhì)量為m、電阻為r、長為L的導體桿相連，桿與導軌垂直且接觸良好．導體桿中點系一輕細線，細線平行斜面，繞過一個光滑定滑輪后懸掛一個質(zhì)量也為m的物塊．初始時用手托著物塊，導體桿保持靜止，細線伸直，但無拉力．釋放物塊后，下列說法正確的是A.釋放物塊瞬間導體桿的加速度為gB.導體桿最終將保持靜止，在此過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為C.導體桿最終將保持靜止，在此過程中細線對導體桿做功為D.導體桿最終將保持靜止，在此過程中流過電阻R的電荷量為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）磁體和電流之間、磁體和運動電荷之間、電流和電流之間都可通過磁場而相互作用，此現(xiàn)象可通過以下實驗證明：（1）如圖（a）所示，在重復奧斯特的電流磁效應實驗時，為使實驗方便效果明顯，通電導線應______．此時從上向下看，小磁針的旋轉(zhuǎn)方向是_________________（填順時針或逆時針）A.平行于南北方向，位于小磁針上方B.平行于東西方向，位于小磁針上方C.平行于東南方向，位于小磁針下方D.平行于西南方向，位于小磁針下方（2）如圖（b）所示是電子射線管示意圖.接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出,在熒光屏上會看到一條亮線.要使熒光屏上的亮線向下（z軸負方向）偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是__________．（填選項代號）A.加一磁場，磁場方向沿z軸負方向B.加一磁場，磁場方向沿y軸正方向C.加一電場，電場方向沿z軸負方向D.加一電場，電場方向沿y軸正方向（3）如圖（c）所示，兩條平行直導線，當通以相同方向的電流時，它們相互________（填排斥或吸引），當通以相反方向的電流時，它們相互___________（填排斥或吸引），這時每個電流都處在另一個電流的磁場里，因而受到磁場力的作用．也就是說，電流和電流之間，就像磁極和磁極之間一樣，也會通過磁場發(fā)生相互作用.12．（12分）如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置①關(guān)于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是______．（選填選項前面的字母）A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地D．可以用量程為3V的電壓表替代靜電計②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)一定角度．不改變A、B兩板所帶電荷量，且保持兩板在豎直平面內(nèi)．現(xiàn)要使靜電計指針偏轉(zhuǎn)角變大，下列做法中可行的是_____．（選填選項前面的字母）A．保持B板不動，A板向上平移B．保持B板不動，A板向右平移C．保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）用如圖甲所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關(guān)K和兩個部件S、T．請根據(jù)下列步驟完成電阻測量（請將你的答案相應的字母或文字）填寫在空格內(nèi)：（1）旋動部件________，使指針對準電流的“0”刻線；（2）將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×100”的位置；（3）將插入“＋”“－”插孔的表筆短接，旋動部件________，使指針對準電阻的________（填“0刻線”或“∞刻線”）；（4）將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小．為了得到比較準確的測量結(jié)果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按____________的順序進行操作，再完成讀數(shù)測量A．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×1k”的位置B．將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“×10”的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準（5）將紅、黑筆表分別與待測電路兩端相接觸，若電表的讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻的阻值讀數(shù)應為________Ω（6）測量完畢后，要將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到________位置14．（16分）如圖，導軌寬L.勻強磁場磁感應強度為B.金屬桿長也為L，質(zhì)量為m，水平放在導軌上．當回路總電流為I1時，金屬桿正好能靜止．求：(1)當B的方向垂直于導軌平面向上時B的大??；(2)若保持B的大小不變而將B的方向改為豎直向上，應把回路總電流I2調(diào)到多大才能使金屬桿仍保持靜止？15．（12分）如圖所示，足夠大的平行擋板A1、A2豎直放置，間距為L．A1、A2上各有位置正對的小孔P、Q．兩板間存在兩個方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，水平面PQ和MN分別是兩個磁場區(qū)的理想邊界面．擋板A1的左側(cè)是方向水平向右的勻強電場，質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子從電場中的O點以大小為v0的初速度豎直向上射出，運動一段時間后從小孔P進入Ⅰ區(qū)，此時速度方向與豎直方向的夾角θ=60o．粒子進入Ⅰ區(qū)運動之后，從PQ邊界上的C1點第一次離開Ⅰ區(qū)，C1點與擋板A1的距離為d，然后進入沒有磁場的區(qū)域運動，從MN邊界上的D1點（圖中未畫出）第一次進入Ⅱ區(qū)，D1點與擋板A1的距離為．不計重力，碰到擋板的粒子不予考慮（1）求勻強電場中O、P兩點間的電勢差U和Ⅰ區(qū)的磁感應強度B1的大??；（2）已知，最后粒子恰好從小孔Q射出，求Ⅱ區(qū)的磁感應強度B2的大小可能是哪些值？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】粒子從左射入，若帶負電，則受到向上的電場力，和向下的洛倫茲力，若帶正電，則受到向下的電場力和向上的洛倫茲力，只要滿足，即速度，粒子就能做直線運動通過，故AB錯誤；若速度大小改變，則電場力qE，但是洛倫茲力發(fā)生變化，打破二力平衡，所以合力與初速度方向不共線，做曲線運動，C正確D錯誤【點睛】在速度選擇器中，從左邊射入，速度滿足條件，電場力與洛倫茲力平衡與電量、電性無關(guān)2、C【解析】A．由題可知，帶電液滴只受重力和電場力作用，兩個力都是恒力，其合力沿方向，則電場力必定水平向右，與電場強度方向相反，故液滴帶負電，故A錯誤；B．由到過程中，電場力做正功，液滴的電勢能減小，故B錯誤；CD．根據(jù)除重力以外的力做功，導致機械能變化，由于電場力做正功，可知液滴的機械能增加，故C正確，D錯誤；故選C。3、A【解析】產(chǎn)生感應電流的條件是穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，由楞次定律判斷在副線圈中產(chǎn)生感應電流的方向【詳解】當右側(cè)線圈中產(chǎn)生的感應電流由c到d流過電流表時，感應電流的磁場方向向右；根據(jù)楞次定律可知，穿過線圈的磁通量若方向向右，則正在減小，若穿過線圈的磁通量的方向向左，則正在增大；根據(jù)安培定則可知，此時左側(cè)線圈中的電流隨時間變化可知是從a到b正在增大，或電流的方向從b到a，正在減小，故A正確，BCD錯誤【點睛】本題考查應用楞次定律判斷感應電流方向4、D【解析】A．穿過閉合電路中的磁通量不為零，但是如果磁通量不變，在閉合電路中也沒有感應電流產(chǎn)生，選項A錯誤；B．穿過閉合電路中的磁通量減少，感應電動勢不一定減小，則閉合電路中感應電流不一定減小，選項B錯誤；C．穿過閉合電路中的磁通量變化越大，但是磁通量的變化率不一定大，則閉合電路中的感應電動勢不一定越大，選項C錯誤；D．穿過閉合電路中的磁通量變化越快，則閉合電路中的感應電動勢越大，選項D正確。故選D。5、A【解析】由運動軌跡可知合力方向，從而可知電場力向上，由做功與能量的轉(zhuǎn)化關(guān)系可分析各選項【詳解】由運動軌跡可知合力方向指向軌跡的凹向，從而可知電場力向上，若電荷從a運動到b，則合力做正功，動能增加，即小球在b點的動能一定大于小球在a點的動能，故A正確；從a到b，重力勢能增大，則動能和電勢能的和應該減小，故B錯誤；因只有重力和電場力做功，若小球從b點向a點運動，合力做負功，則動能減小，則電勢能和重力勢能之和增大，故C錯誤；若由a到b，電場力做正功，則電勢能減小，故D錯誤．故選A【點睛】應熟記做曲線運動的物體所受的合力方向的特點是：做曲線運動的物體所受的合力方向大致指向曲線的凹側(cè)6、C【解析】本題先電場加速后磁偏轉(zhuǎn)問題，先根據(jù)動能定理得到加速得到的速度表達式，再結(jié)合帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑公式求出離子質(zhì)量的表達式【詳解】根據(jù)動能定理得：qU＝mv2，得：v＝；離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：qvB＝m得：R＝；兩式聯(lián)立得：m＝；一價正離子電荷量與質(zhì)子電荷量相等，同一加速電場U相同，同一出口離開磁場則R相同，所以m∝B2，磁感應強度增加到原來的10倍，離子質(zhì)量是質(zhì)子質(zhì)量的100倍，故C正確ABD錯誤，故選C【點睛】本題綜合考查了動能定理和牛頓第二定律，關(guān)鍵要能通過洛倫茲力提供向心力求出質(zhì)量的表達式二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、a、b兩點電勢差，故A正確；B、電勢是相對的，是相對零電勢點的，根據(jù)已知條件只能求出a、b間電勢差，不能確定a、b兩點的電勢，故B正確；C、電子由a點移到b點，電場力做功5eV，由于不知道電子運動的軌跡是否與電場線重合，電子的位移方向不一定沿a到b，電場強度的方向不一定由b指向a，故C錯誤；D、由于電場力對電子做功5eV，電子電勢能就減少了5eV，故D錯誤；故選AB8、BC【解析】由圖可知，粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據(jù)粒子向下偏轉(zhuǎn)，即可知粒子所受的洛倫茲力方向向下，由左手定則可判斷粒子的電性．粒子速度選擇器中受到電場力和洛倫茲力兩個作用，電場力不變，速度方向不變，可知洛倫茲力與電場力應平衡，由左手定則判斷出洛倫茲力方向，由平衡條件即可確定出P1極板帶什么電．粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得到半徑表達式，根據(jù)半徑公式分析半徑越大時，粒子的質(zhì)量和比荷的大小【詳解】由圖可知，帶電粒子進入勻強磁場B2時向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電．故B正確．在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故A錯誤．粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE，解得：v=E/B1．故C正確．粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：．可見，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則q/m越?。蔇錯誤．故選BC【點睛】本題關(guān)鍵要理解速度選擇器的原理：電場力與洛倫茲力，粒子的速度一定．粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律則可得到半徑9、CD【解析】自感系數(shù)取決于線圈的結(jié)構(gòu)，電流的變化不影響自感系數(shù)，自感電動勢，一個線圈的電流在均勻增大，所以自感電動勢不變，故AB錯誤，D正確；磁通量的變化正比于電流的變化，電流在均勻增大，磁通量也將均勻增大，故C正確【點睛】自感系數(shù)取決于線圈的結(jié)構(gòu)，電流的變化不影響自感系數(shù)10、BCD【解析】A．初始時，彈簧被壓縮，彈力大小，即，釋放物塊瞬間，安培力為零，對桿和物塊分析有：、，解得：，故A錯誤B．由于電磁感應消耗能量，桿最終速度為零，安培力為零，細線拉力，彈簧處于伸長狀態(tài)；對導體桿有：，解得：；彈簧彈性勢能不變，對物塊、導體桿、彈簧整個系統(tǒng)，由能量守恒得：，解得：，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱．故B項正確C．從運動到最終停止，彈簧彈力對導體棒做功為零，對導體棒運用動能定理得，，又，解得：細線對導體桿拉力做功．故C項正確D．流過電阻R上的電荷量，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.逆時針③.B④.吸引⑤.排斥【解析】（1）無通電導線時小磁針S極向南，所以為使實驗方便效果明顯，導線應平行于南北方向位于小磁針上方，根據(jù)左手定則，可以判斷出從上向下看小磁針旋轉(zhuǎn)方向為逆時針，故選A；（2）電子束運動徑跡發(fā)生了彎曲，這表明運動電荷受到了磁場力，由左手定則知a為陰極；故B對（3）由圖可知，當通入的電流方向相同時，導線靠攏，說明兩導線相互吸引；當通入電流方向相反時，導線遠離，說明兩導線相互排斥；12、①.BC②.A【解析】①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大小，所以A錯誤B正確因為目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉑片上電勢差相等，所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確電壓表有示數(shù)必須有電源，所以不可以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤故選BC②現(xiàn)要使靜電計指針偏角變大，即電勢差增大，，電荷量不變，所以電容減小，，保持B板小動，A板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確保持B板不動，A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤保持A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，增大介電常數(shù)，電容增大，不符合題意，故C錯誤故選A四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①.S②.T③.0刻線④.ADC⑤.19k⑥.OFF【解析】（1）[1]．旋動部件S，使指針對準電流的“0”刻線；（3）[2][3]．將插入“＋”“－”插孔的表筆短接，旋動部件T，使指針對準電阻的0刻線；（4）[4]．將兩表筆分別與待測電阻相