山東省2025屆高考物理臨考練習三

PAGE2PAGE1山東省2025屆高考物理臨考練習三留意事項:本試卷分第1卷（選擇題）和第2卷（非選擇題）兩部分。答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上?；卮鸬?卷時,選出每小題答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效?；卮鸬?卷時,將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效?？荚嚱Y束后,將本試卷和答題卡一井交回。第1卷一、單項選擇題:本題共8小題,每小題3分,共24分。每個題目只有一個選項符合要求,選對得4分,選錯得0分。1．如圖所示，運動員以速度v在傾角為θ的傾斜賽道上做勻速圓周運動．已知運動員及自行車的總質量為m，做圓周運動的半徑為R，重力加速度為g，將運動員和自行車看作一個整體，則（）A．受重力、支持力、摩擦力、向心力作用B．受到的合力大小為F＝C．若運動員加速，則肯定沿傾斜賽道上滑D．若運動員減速，則肯定沿傾斜賽道下滑2．關于光電效應，下列說法正確的是（）A．光電效應說明光具有粒子性B．光電效應說明光具有波動性C．金屬的逸出功和入射光的頻率有關D．入射光越強，單位時間內產生的光電子數越少3．如圖所示，表示肯定質量的氣體的狀態(tài)A→B→C→A的圖象，其中AB的延長線通過坐標原點，BC和AC分別與T軸和V軸平行。則下列說法正確的是（）A．A→B過程氣體壓強增加B．B→C過程氣體壓強不變C．C→A過程氣體單位體積內的分子數削減D．A→B過程氣體分子平均動能增大4．如圖所示，輕質彈簧長為L，豎直固定在地面上，質量為m的小球，在離地面高度為H處，由靜止起先下落，正好落在彈簧上，使彈簧的最大壓縮量為x，在下落過程中，小球受到的空氣阻力為F阻，則彈簧在最短時具有的彈性勢能為（）A．B．C．D．5．如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為100m/s，下列說法中正確的是（）A．圖示時刻質點b的加速度將減小B．若該波傳播中遇到寬約4m的障礙物，則能發(fā)生明顯的衍射現象C．若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現象，則另一列波的頻率為50HzD．從圖示時刻起先，經過0.01s質點b通過的路程為0.2m6．如圖所示勻強電場E的區(qū)域內，在O點處放置一點電荷+Q，a、b、c、d、e、f為以O點為球心、半徑為R的球面上的點，o、a、e、c、f點共面且與電場平行，o、b、e、d、f點共面且與電場垂直，則下列說法中正確的是（）A．b、d、兩點的電場強度均相同，電勢相等B．a、c兩點電場強度不同，電勢相等C．將檢驗點電荷+q在上述球面上的隨意兩點之間移動時，電場力對它肯定做功D．在上述球面上，將檢驗點電荷+q在隨意兩點之間移動，其中由a點移動到c點過程的電勢能改變量最大7．遠距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數分別為、電壓分別為、，電流分別為、，輸電線上的電阻為R，變壓器為志向變壓器，則下列關系式中正確的是（）A． B． C． D．8．如圖甲所示，靜止在水平面C上的長木板B左端放著小物塊A.某時刻，A受到水平向右的外力F作用，F隨時間t的改變規(guī)律如圖所示．設A、B和B、C之間的滑動摩擦力大小分別為F1和F2，各物體之間的滑動摩擦力大小等于最大靜摩擦力，且F1大于F2，則在A沒有脫離B過程中，圖中可以定性地描述長木板B運動的v－t圖象是()A． B． C． D．二、多項選擇題:本題共4小題,每小題4分,共16分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得4分,選對但不全的得2分,有選錯的得0分。9．關于地球同步衛(wèi)星，下列說法正確的是A．它處于平衡狀態(tài)，且具有肯定的高度B．它的加速度小于9.8m/s2C．它的周期是24h，且軌道平面與赤道平面重合D．它的速度等于7.9km/s10．速度相同的一束帶電粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是（）A．該束帶電粒子帶正電B．速度選擇器的P1極板帶負電C．能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于EB1D．粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫S0，粒子的比荷越大11．一列簡諧橫波在時刻的波形圖如圖甲所示，平衡位置在處的質點的振動圖像如圖乙所示，已知質點的平衡位置在處，質點的平衡位置在處，下列說法正確的是（）A．該波中每個質點的振動頻率均為B．時刻后質點比質點先到達平衡位置C．從時刻起經過，質點的速度大于質點的速度D．從時刻起經過，質點通過的路程為E.時，質點的加速度大于質點的加速度12．如圖所示，AB、CD為兩個平行的水平光滑金屬導軌，處在方向豎直向下。磁感應強度為B的勻強磁場中；AB、CD的間距為L，左右兩端均接有阻值為R的電阻；質量為m長為L，且不計電阻的導體棒MN放在導軌上，甲、乙為兩根相同的輕質彈簧，彈簧一端與MN棒中點連接，另一端均被固定；導體棒MN與導軌接觸良好；起先時，彈簧處于自然長度，導體棒MN具有水平向左的初速度v0，經過一段時間，導體棒MN第一次運動到最右端，這一過程中AC間的電阻R上產生的焦耳熱為Q，則（）A．初始時刻導體棒所受的安培力大小為B．從初始時刻至導體棒第一次到達最左端的過程中，整個回路產生的焦耳熱大于C．當導體棒第一次到達最右端時，每根彈簧具有的彈性勢能為D．當導體棒第一次回到初始位置時，AB間電阻R的熱功率為第2卷三、非選擇題:本題共6小題,共60分。13．某同學用圖（a）所示的試驗裝置“驗證機械能守恒定律”，圖（b）是打點計時器接“6V、50Hz”的電源時打出的一條連續(xù)點的紙帶，O點為重錘下落的起點，選取的計時點A、B、C、D到O點的距離在圖中已標出，重力加速度g取9.8m/s2，重錘的質量為1kg。（計算結果均保留三位有效數字）。（1）打點計時器打出B點時，重錘下落的速度vB=________m/s，此時重錘的動能EkB=________J。（2）從起點O到打下B點過程中，重錘重力勢能的減小量為_________J。（3）試驗結果顯示，重力勢能的削減量大于動能的增加量，主要緣由是__________。14．用如圖a所示的器材，測一節(jié)干電池的電動勢和內阻試驗。(1)用筆畫線代替導線，將圖a連接成可完成試驗的電路（圖中已連接了部分導線）；（____）(2)試驗過程中，將電阻箱拔到45Ω時，電壓表讀數為0.90V；將電阻箱拔到如圖b所示，其阻值是________Ω，此時電壓表的讀數如圖c所示，其值是____________V；(3)依據以上數據，可以算出該節(jié)干電池的電動勢E=_______V，內電阻r=________Ω。15．如圖所示，△ABC為始終角三棱鏡的截面，其頂角∠BAC=30°，AC邊的長度為2L，P為垂直于直線BCD的光屏，P屏到C的距離為L。一單色光垂直射向AB邊的中點，折射后恰好射到屏上的D點，已知光速為c，求：①棱鏡的折射率；②單色光從照耀到玻璃磚到射到屏上所用的時間。16．細管內壁光滑、厚度不計，加工成如圖所示形態(tài)，長的段固定在豎直平面內，其端與半徑的光滑圓弧軌道平滑連接，段是半徑的圓弧，段在水平面上，與長、動摩擦因數的水平軌道平滑相連，管中有兩個可視為質點的小球、，。起先球靜止，球以速度向右運動，與球發(fā)生彈性碰撞之后，球能夠越過軌道最高點，球能滑出。（重力加速度取，）。求：（1）若，碰后球的速度大??；（2）若未知，碰后球的最大速度；（3）若未知，的取值范圍。17．如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第一象限內存在垂直于坐標平面的勻強磁場(未畫出)，其次象限存在水平向左的勻強電場。質量為m、電荷量為－q的帶電粒子從第三象限無初速度釋放后，經電壓為U的電場加速后從P(，0)點垂直x軸進入其次象限，然后從A(0，2L)點進入第一象限，又經磁場偏轉后垂直x軸進入第四象限。不計粒子重力。(1)求其次象限內電場強度的大?。?2)若第一象限內的磁場方向垂直于坐標平面對里，求磁場的磁感應強度大??；(3)若第一象限某矩形區(qū)域內存在勻強磁場，磁場方向垂直于坐標平面對外，磁感應強度大小取第（2）問計算結果，求矩形區(qū)域的最小面積。18．肯定質量的志向氣體被活塞封閉在汽缸內，如圖所示水平放置活塞的質量，橫截面積，活塞可沿汽缸壁無摩擦滑動但不漏氣，起先使汽缸水平放置，活塞與汽缸底的距離，離汽缸口的距離外界氣溫為，大氣壓強為，將汽缸緩慢地轉到開口向上的豎直位置，待穩(wěn)定后對缸內氣體漸漸加熱，使活塞上表面剛好與汽缸口相平，已知，求：

①此時氣體的溫度為多少；②在對缸內氣體加熱的過程中，氣體膨脹對外做功，同時汲取的熱量，則氣體增加的內能多大．參考答案1．B【詳解】A.將運動員和自行車看作一個整體，受到重力、支持力、摩擦力作用，向心力是依據力的作用效果命名的力，不是物體受到的力，故A項與題意不相符；B.運動員騎自行車在傾斜賽道上做勻速圓周運動，合力指向圓心，供應勻速圓周運動須要的向心力，所以，故B項與題意相符；C.若運動員加速，由向上運動的趨勢，但不肯定沿斜面上滑，故C項與題意不相符；D.若運動員減速，有沿斜面對下運動的趨勢，但不肯定沿斜面下滑，故D項與題意不相符．2．A【詳解】AB．光電效應現象揭示了光具有粒子性，故A正確，B錯誤；

C．金屬的逸出功由金屬本身確定，增大或減小入射光的頻率，金屬逸出功不變，故C錯誤；D．當入射光的頻率大于極限頻率時，入射光越強，單位時間內照耀到金屬表面的光子數越多，產生的光電子數越多，故D錯誤。故選A。3．D【詳解】A．過各點的等壓線如圖所示，從狀態(tài)A到狀態(tài)B，在同一條過原點的傾斜直線上，所以A→B過程氣體壓強不變，A錯誤；B．從狀態(tài)B到狀態(tài)C，斜率變大，則壓強變小，B錯誤；C．從狀態(tài)C到狀態(tài)A，溫度不變，體積減小，則單位體積內的分子數增多，C錯誤；D．從狀態(tài)A到狀態(tài)B，溫度上升，則氣體分子平均動能增大，D正確。故選D。4．A【詳解】設彈力對小球做功為W，則小球從起先下落到彈簧達到最大壓縮量的過程中，對小球應用動能定理得解得依據彈力做功與彈性勢能的關系可知，彈簧在壓縮最短時具有的彈性勢能為故選A。5．B【詳解】A．由于波向右傳播，依據“上下坡”法，知道b質點正向下振動，位移正在增大，則加速度正在增大。故A錯誤。

B．由圖知，波長λ=4m，當波的波長比障礙物尺寸大或差不多時，就會發(fā)生明顯的衍射。所以若該波傳播中遇到寬約4m的障礙物，能發(fā)生明顯的衍射現象。故B正確。C．該波的周期為頻率為要想發(fā)生干涉，兩列波的頻率必需相同，則若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現象，則另一列波的頻率為25Hz，故C錯誤。D．因為t=0.01s=，由于圖示時刻b質點正向下振動，速度減小，所以從圖示時刻起先，經過0.01s，質點b通過的路程小于A=20cm=0.2m，故D錯誤。故選B。6．D【詳解】A．點電荷+Q在b點產生的電場方向為豎直向上，在d點產生的電場方向為豎直向下，勻強電場方向水平向右，依據平行四邊形定則可知，b點的合場強斜向右上方，d點的合場強斜向右下方，兩點場強大小相同，方向不同，電場強度不同，故A錯誤；B．勻強電場在a、c兩點的場強相同，點電荷在a、c兩點的場強等大反向，可知兩點的合場強不相同；勻強電場中a點電勢高于c點，點電荷在a、c兩點的電勢相同，可知a點電勢高于c點，選項B錯誤；C．當電荷+q沿著球面上的bedf移動時，勻強電場的電場力不做功，點電荷電場力也不做功，故合電場力不做功，故C錯誤；D．在上述球面上，a、c兩點的電勢差最大，則將檢驗點電荷+q在隨意兩點之間移動，由a點移動到c點過程的電勢能改變量最大，選項D正確。故選D。7．B【詳解】A．變壓器原副線圈的電流之比等于匝數的反比，A錯誤；B．變壓器原副線圈的電壓之比等于匝數之比，B正確；C．U2不是加在R兩端的電壓，故，C錯誤；D．升壓變壓器的輸入功率等于，，D錯誤。故選B。8．C【解析】當F較小時，AB整體具有共同的加速度，二者相對靜止，選AB整體為探討對象，AB整體具有共同的加速度，有牛頓其次定律得：，F漸漸增大，則加速度也漸漸增大，當F較大時，二者加速度不同，將會發(fā)生相對運動，此后A做變加速直線，B勻加速直線運動，所以長木板B先做加速度越來越大的加速運動，后做勻加速直線運動，故C正確．點晴：當F較小時，AB整體具有共同的加速度，二者相對靜止，當F較大時，二者加速度不同，將會發(fā)生相對運動，此后A做變加速直線，B勻加速直線運動，為了求出兩物體起先分別的時刻，必需知道分別時F的大小，此時采納整體法和隔離法分別列牛頓其次定律的方程即可．9．BC【解析】【詳解】A.同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力供應向心力，離地面的高度h為肯定值，沒有處于平衡狀態(tài)，故A錯誤.B.同步衛(wèi)星和近地衛(wèi)星都符合，近地衛(wèi)星，由于同步衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，故同步衛(wèi)星的加速度小于9.8m/s2，故B正確.C.同步衛(wèi)星的周期必需與地球自轉周期相同，同步衛(wèi)星的周期為24h，軌道平面與赤道平面重合，故C正確.D.依據萬有引力供應向心力，，解得運行速度，近地衛(wèi)星的運行速度為7.9km/s，則同步衛(wèi)星的運行速度小于7.9km/s，故D錯誤.10．AD【詳解】帶電粒子進入勻強磁場B2時向下偏轉，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，依據安培左手定則可知該束粒子帶正電，故A正確；在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電，故B錯誤；粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡可得：，解得：，故C錯誤；粒子進入勻強磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由洛倫茲力供應向心力有：，解得：，因為v、B不變，半徑r越小，則越大，故D正確．所以AD正確，BC錯誤．11．ACE【詳解】A．波上每個質點振動頻率均相同為選項A正確；B．時質點正經過平衡位置沿軸負方向振動，因此波沿軸正方向傳播，質點正沿軸正方向振動，因此質點先到達平衡位置，選項B錯誤；C．因因此經過四分之一周期，位于平衡位置，速度最大，選項C正確；D．從時刻起經過，即，由于在時質點不在平衡位置和最大位移處，所以從時刻起經過，質點通過的路程不等于，選項D錯誤；E．因半個周期后質點、均處于與現在位置關于軸對稱的位置，質點位于波谷，加速度最大，選項E正確。故選ACE。12．AC【詳解】A．由F=BIL及得安培力大小為FA=故A正確；B．MN棒第一次運動至最右端的過程中AC間電阻R上產生的焦耳熱Q，依據串并聯電路特點，回路中產生的總焦耳熱為2Q，由能量守恒定律可得mv02=2Q+EP從初始時刻至導體棒第一次到達最左端的過程中，令整個回路產生的焦耳熱為，由能量守恒定律可得則由于不確定的值，故不能確定是否大于，故B錯誤；C．MN棒第一次運動至最右端的過程中AC間電阻R上產生的焦耳熱Q，回路中產生的總焦耳熱為2Q。由能量守恒定律得mv02=2Q+EP此時彈簧的彈性勢能EP=mv02-2Q每根彈簧具有的彈性勢能為故C正確；D．由于回路中產生焦耳熱，棒和彈簧的機械能有損失，所以當棒再次回到初始位置時，速度小于v0，棒產生的感應電動勢E＜BLv0由電功率公式知則AC間電阻R的功率小于，故D錯誤；故選AC。13．1.170.680~0.6840.725存在打點阻力、摩擦阻力和空氣阻力的影響【詳解】(1)[1]重錘下落的速度為[2]重錘的動能為(2)[3]重錘的重力勢能的減小量為(3)[4]試驗結果顯示，重力勢能的削減量大于動能的增加量，主要緣由是存在打點阻力、摩擦阻力和空氣阻力的影響。14．1101.101.320【詳解】(1)[1]．電路圖如圖；

(2)[2][3]．電阻箱讀數為R=1×100+1×10=110Ω；電壓表讀數為U=1.10V；

(3)[4][5]．由閉合電路歐姆定律有兩式聯立代入數據解得E=1.3Vr=20Ω15．(1)(2)【詳解】①光路圖如圖所示，依據折射定律可知:依據幾何關系可知，，棱鏡的折射率:②由圖可知，光線在玻璃中傳播速度，時間而在空氣中傳播時間:因此所用的時間:16．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）、碰撞過程中，以、組成的系統為探討對象，經受力分析，系統動量守恒。選向右的方