云南拾東彝族自治縣第一中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期押題卷二含解析

PAGE15-云南省景東彝族自治縣第一中學(xué)2025屆高三物理下學(xué)期押題卷（二）（含解析）二、本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18只有一項(xiàng)是符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.氫原子的能級(jí)圖如圖所示。依據(jù)玻爾理論，大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)（）A.原子的能量增大B.核外電子的動(dòng)能增大C.最多發(fā)出3種不同頻率的光D.由n=2躍遷到n=1釋放的光子能量最小【答案】B【解析】【詳解】AB．依據(jù)波爾理論，大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，原子的能級(jí)降低，能量減小，電子軌道半徑減小，依據(jù)可知，電子動(dòng)能變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；C．最多發(fā)出種不同頻率的光，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由n=4躍遷到n=3能級(jí)差最小，則釋放的光子能量最小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2.一志向變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為100：1，原線圈輸入電壓的變更規(guī)律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動(dòng)變阻器的觸頭。則下列說法正確的是（）A.副線圈輸出電壓的頻率為50Hz B.副線圈輸出電壓的有效值為3.1VC.P向左移動(dòng)時(shí)，原、副線圈的電流比減小 D.P向左移動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出功率增加【答案】A【解析】【詳解】A．由圖甲可知，周期為T=2×10－2s，頻率故A正確；B．由甲圖可知，原線圈輸入電壓最大值為310V，則其有效值為=220V依據(jù)解得副線圈輸出電壓的有效值為V=2.2V故B錯(cuò)誤；C．依據(jù)U1I1=U2I2所以則P向左移動(dòng)時(shí)，原、副線圈的電流比不變，故C錯(cuò)誤；D．變壓器的輸出功率P2=P向左移動(dòng)時(shí)，電阻變大，變壓器的輸出功率減小，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示，在x>0、y>0的空間中有恒定的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，方向垂直于xOy平面對(duì)里?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子，從x軸上的某點(diǎn)P沿著與x軸成角的方向射入磁場。不計(jì)重力影響，則可以確定的物理量是（）A.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 B.粒子運(yùn)動(dòng)的半徑C.粒子從射入到射出的速度偏轉(zhuǎn)角 D.粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期【答案】D【解析】【詳解】AC．粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，由于P點(diǎn)位置不確定，粒子從x軸上離開磁場或粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與y軸相切時(shí)，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角最大，為粒子在磁場中的最長運(yùn)動(dòng)時(shí)間粒子最小的圓心角為P點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)重合，最小圓心角粒子在磁場中的最短運(yùn)動(dòng)時(shí)間粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)驗(yàn)的時(shí)間為說明無法確定粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和粒子的偏轉(zhuǎn)角，故AC錯(cuò)誤；B．粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，由于P點(diǎn)位置不確定，粒子的偏轉(zhuǎn)角不確定，則無法確定粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，故B錯(cuò)誤；D．粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力供應(yīng)向心力，則且則得說明可確定粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，故D正確。故選D。4.如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面對(duì)下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間勻稱減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aB.ab中的感應(yīng)電流漸漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力漸漸減小【答案】D【解析】【詳解】A．磁感應(yīng)強(qiáng)度勻稱減小，磁通量減小，依據(jù)楞次定律得，ab中的感應(yīng)電流方向由a到b，A錯(cuò)誤；B．由于磁感應(yīng)強(qiáng)度勻稱減小，依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，則ab中的感應(yīng)電流不變，依據(jù)可知電阻R消耗的熱功率不變，B錯(cuò)誤；C．依據(jù)安培力公式知，電流不變，B勻稱減小，則安培力減小，C錯(cuò)誤；D．導(dǎo)體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡，，安培力減小，則靜摩擦力減小，D正確．5.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增大為原來的4倍，不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變更，則變軌前后衛(wèi)星的（）A.向心加速度大小之比為14 B.軌道半徑之比為41C.周期之比為41 D.角速度大小之比為12【答案】B【解析】【詳解】AB.依據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力==mr=ma，衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度v=，其動(dòng)能Ek=，由題知變軌后動(dòng)能增大為原來的4倍，則變軌后軌道半徑r2=r1，變軌前后衛(wèi)星的軌道半徑之比r1r2=41；向心加速度a=，變軌前后衛(wèi)星的向心加速度之比a1a2=116，故A錯(cuò)誤，B正確；C.衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期，變軌前后衛(wèi)星的周期之比==，故C錯(cuò)誤；D.衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的角速度，變軌前后衛(wèi)星的角速度之比==，故D錯(cuò)誤．6.如圖所示，O是一固定的點(diǎn)電荷，虛線是該點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的三條等勢線，負(fù)點(diǎn)電荷q僅在電場力的作用下沿實(shí)線所示的軌跡從a處運(yùn)動(dòng)到b處，然后又運(yùn)動(dòng)到c處．由此可知()A.O為正電荷B.在整個(gè)過程中q的電勢能先變小后變大C.在整個(gè)過程中q的加速度先變大后變小D.在整個(gè)過程中，電場力做功為零【答案】CD【解析】【詳解】粒子的所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向，知負(fù)電荷所受的電場力背離點(diǎn)電荷向外，知O為負(fù)電荷．故A錯(cuò)誤．從a處運(yùn)動(dòng)b處，然后又運(yùn)動(dòng)到c處電場力先做負(fù)功再做正功，所以電勢能先變大后變小，故B錯(cuò)誤．越靠近點(diǎn)電荷，電場線越密，則電荷所受電場力越大，加速度越大，則加速度先增大后減?。蔆正確．初末位置在同一個(gè)等勢面上，兩點(diǎn)間的電勢差為零，依據(jù)W=qU，知電場力做功為零，故D正確．故選CD．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵駕馭通過軌跡的彎曲大致推斷合力的方向，會(huì)依據(jù)電場力做功推斷動(dòng)能的變更，知道在等勢面上移動(dòng)電荷，電場力不做功．7.疫情當(dāng)前，無人駕駛技術(shù)在配送、清潔、消毒等方面的應(yīng)用，節(jié)約人力的同時(shí)，也大幅降低了相關(guān)人員的感染風(fēng)險(xiǎn)，對(duì)疫情防控起到了主動(dòng)作用。某公司在研發(fā)無人駕駛汽車的過程中，對(duì)比甲乙兩輛車的運(yùn)動(dòng)，兩車在起先計(jì)時(shí)時(shí)剛好經(jīng)過同一位置且沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，它們的速度隨時(shí)間變更的關(guān)系如圖所示，由圖可知（）A.在t=3s時(shí)，兩車第一次相距最遠(yuǎn)B.甲車某些時(shí)刻加速度大小為零C.在t=6s時(shí)，兩車又一次經(jīng)過同一位置D.甲車t=6s時(shí)的加速度與t=9s時(shí)的加速度相同【答案】AB【解析】【詳解】A．甲乙兩車同時(shí)同地動(dòng)身，內(nèi)甲車速度大于乙車速度，甲在前乙在后，距離越來越遠(yuǎn)，內(nèi)甲車速度小于乙車速度，距離越來越近，所以時(shí)，甲乙兩車速度相等，第一次距離最遠(yuǎn)，故A正確；B．圖像斜率的物理意義為加速度，圖像的斜率可以為0，所以甲車的加速度可以為0，故B正確；C．圖像與橫軸所圍面積代表位移，可知前6s內(nèi)，乙的位移比甲的大，故C錯(cuò)誤；D．甲車在時(shí)和時(shí)加速度方向不同，故D錯(cuò)誤。故選AB。8.如圖所示，a、b、c分別為固定豎直光滑圓弧軌道的右端點(diǎn)、最低點(diǎn)和左端點(diǎn)，為水平半徑，c點(diǎn)和圓心O的連線與豎直方向的夾角?，F(xiàn)從a點(diǎn)正上方的P點(diǎn)由靜止釋放一質(zhì)量的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），小球經(jīng)圓弧軌道飛出后以水平速度通過Q點(diǎn)。已知圓弧軌道的半徑，取重力加速度，，，不計(jì)空氣阻力。下列分析正確的是（）A.小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中重力所做的功為4.5JB.P、a兩點(diǎn)的高度差為0.8mC.小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為43ND.小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)的速度大小為【答案】AC【解析】【詳解】ABD．小球從c到Q的逆過程做平拋運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)的速度大小小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)時(shí)豎直分速度大小則Q、c兩點(diǎn)的高度差設(shè)P、a兩點(diǎn)的高度差為H，從P到c，由機(jī)械能守恒得解得小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中重力所做的功為故A正確，BD錯(cuò)誤；C．從P到b，由機(jī)械能守恒定律得小球在b點(diǎn)時(shí)，有聯(lián)立解得依據(jù)牛頓第三定律知，小球運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為43N，故C正確。故選AC。三、非選擇題：共174分，第22?32題為必考題，每個(gè)試題考生都必需作答。第33?38題為選考題，考生依據(jù)要求作答。9.某中學(xué)試驗(yàn)小組的同學(xué)利用如圖1所示的試驗(yàn)裝置完成了動(dòng)能定理的驗(yàn)證，將帶有遮光條的物塊放在氣墊上，用細(xì)繩連接并跨過光滑的定滑輪，在靠近滑輪的位置固定一光電門，已知物塊和鉤碼的質(zhì)量分別為M、m，重力加速度為g。該小組的同學(xué)完成來如下操作：（1）用螺旋測微器測量來遮光條的寬度，如圖2所示，則遮光條的寬度d=______mm；（2）將物塊由遠(yuǎn)離定滑輪的一段無初速度釋放，并測出釋放點(diǎn)距離光電門的間距s；（3）記錄遮光條的擋光時(shí)間t；（4）多次變更s，重復(fù)（2）（3），假如利用圖像完成試驗(yàn)的驗(yàn)證，該小組的同學(xué)用s為縱軸，為橫軸，發(fā)覺該圖像為過原點(diǎn)的直線，該圖像的關(guān)系式為__________（用已知量和測量量表示）【答案】(1).1.880(2).【解析】【詳解】(1)[1]．螺旋測微器的讀數(shù)為；(4)[2]．物塊通過光電門的瞬時(shí)速度依據(jù)動(dòng)能定理得解得10.某物理試驗(yàn)小組利用試驗(yàn)室供應(yīng)的器材測定電壓表V1的內(nèi)阻，可選用的器材如下：A．待測電壓表V1：量程3V，內(nèi)阻約3kΩB．電壓表V2：量程15V，內(nèi)阻約20kΩC．電流表A：量程3A，內(nèi)阻約0．1ΩD．定值電阻R0：9．0kΩE．滑動(dòng)變阻器R1：0~200ΩF．滑動(dòng)變阻器R2：0~2kΩG．電源E：電動(dòng)勢約為12V，內(nèi)阻忽視不計(jì)H．開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）現(xiàn)用多用電表測電壓表V1的內(nèi)阻，選擇倍率“×100”擋，其它操作無誤，多用電表表盤示數(shù)如圖所示，則電壓表V1的內(nèi)阻約為Ω．（2）為了精確測量電壓表V1內(nèi)阻，兩位同學(xué)依據(jù)上述試驗(yàn)器材分別設(shè)計(jì)了如圖甲和乙兩個(gè)測量電路，你認(rèn)為（選填“甲”或“乙”）更合理，并在實(shí)物圖中用筆畫線代替導(dǎo)線將電路圖補(bǔ)充完整．（3）該試驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)當(dāng)選用（選填“R1”或“R2（4）用已知量R0和V1、V2的示數(shù)U1、U2來表示電壓表V1的內(nèi)阻RV1=．【答案】（1）3400；（2）乙；連圖如圖；（3）R1；（4）【解析】試題分析：（1）用多用電表測得的電壓表的內(nèi)阻為34×100Ω=3400Ω；（2）甲圖中，因?yàn)殡妷罕鞻2的電阻與R0阻值相當(dāng)，通過電壓表V2的電流不能忽視，故用通過R0的電流作為通過V1的電路，則誤差較大；故用乙電路較合理；電路連接如圖；（3）試驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器要用分壓電路，故用選取阻值較小的R1；（4）依據(jù)歐姆定律可知：考點(diǎn)：測量電壓表的內(nèi)阻【名師點(diǎn)睛】此題運(yùn)用電壓表及定值電阻測定電壓表的內(nèi)阻；關(guān)鍵是要搞清試驗(yàn)的原理，仔細(xì)分析試驗(yàn)可能帶來的系統(tǒng)誤差，結(jié)合部分電路的歐姆定律來處理試驗(yàn)的結(jié)果；此題是伏安法測電阻的改進(jìn)試驗(yàn)，立意較新奇，是一道考查學(xué)生試驗(yàn)實(shí)力的好題．11.如圖，在第一象限存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面（xy平面）向外；在第四象限存在勻強(qiáng)電場，方向沿x軸負(fù)向．在y軸正半軸上某點(diǎn)以與x軸正向平行、大小為v0的速度放射出一帶正電荷的粒子，該粒子在（d，0）點(diǎn)沿垂直于x軸的方向進(jìn)入電場．不計(jì)重力．若該粒子離開電場時(shí)速度方向與y軸負(fù)方向的夾角為θ，求：（1）電場強(qiáng)度大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的比值；（2）該粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．【答案】（1）＝；（2）t＝【解析】試題分析：（1）設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，粒子質(zhì)量與所帶電荷量分別為m和q，粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并設(shè)其圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，依據(jù)牛頓其次定律和向心力公式有：qv0B＝①由題設(shè)條件和圖中幾何關(guān)系可知：r＝d②設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，粒子進(jìn)入電場后沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)的速度大小為vx，由牛頓其次定律有：qE＝max③依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：vx＝axt，＝d④由于粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)（如圖），有：tanθ＝⑤由①②③④⑤式聯(lián)立解得：＝（2）由④⑤式聯(lián)立解得：t＝考點(diǎn)：本題主要考查了帶電粒子在交替復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)問題，屬于中檔題．12.如圖所示，半徑未知的光滑圓弧AB與傾角為37°的斜面在B點(diǎn)連接，B點(diǎn)的切線水平。斜面BC長為L=0.3m。整個(gè)裝置位于同一豎直面內(nèi)?，F(xiàn)讓一個(gè)質(zhì)量為m的小球從圓弧的端點(diǎn)A由靜止釋放，小球通過B點(diǎn)后恰好落在斜面底端C點(diǎn)處。不計(jì)空氣阻力。（g取10m/s2）(1)求圓弧的軌道半徑；(2)若在圓弧最低點(diǎn)B處放置一塊質(zhì)量為m的膠泥后，小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，粘合后整體落在斜面上的某點(diǎn)D。若將膠泥換成3m【答案】(1)0.08m；(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)圓弧半徑為R，則小球在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)由解得小球從B平拋運(yùn)動(dòng)到C的過程中，分解位移聯(lián)立解得(2)在B處放置m的膠泥后，粘合時(shí)動(dòng)量守恒，由得在B處放置3m得整體從平拋，分解位移依據(jù)幾何關(guān)系可知解得平拋時(shí)間為落點(diǎn)距離為可知?jiǎng)t13.下列說法正確的是（）A.液晶顯示器利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特性B.當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣的肯定濕度肯定較大C.兩個(gè)相鄰的分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力增大，斥力減小D.熱量既能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體E.絕熱氣缸中密封的志向氣體在被壓縮過程中，氣體分子運(yùn)動(dòng)猛烈程度增大【答案】ADE【解析】【詳解】A．液晶顯示器是利用了液晶對(duì)光具有各向異性的特性工作的，選項(xiàng)A正確；B．當(dāng)人們感到潮濕時(shí)，空氣相對(duì)濕度肯定較大，故B錯(cuò)誤；C．兩個(gè)相鄰的分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．熱量可以自發(fā)地從高溫物體傳遞給低溫物體，熱量從低溫物體傳遞給高溫物體，必需借助外界幫助，故D正確；E．絕熱氣缸中密封的志向氣體在被壓縮過程中，內(nèi)能增大，溫度上升，氣體分子運(yùn)動(dòng)猛烈程度