江淮十校2024屆高考物理倒計時模擬卷含解析

江淮十校2024屆高考物理倒計時模擬卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖甲所示，固定光滑斜面上有質量為〃?=6kg的物體，在大小為12N,方向平行于斜面的拉力F的作用下做勻

速直線運動，從玉=-2.5m位置處拉力“逐漸減小，力尸隨位移x的變化規(guī)律如圖乙所示，當々=7m時拉力減為

零，物體速度剛好為零，取g=10m/s）,下列說法正確的是（）

A.斜面傾角。為30°

B.整個上滑的過程中，物體的機械能增加27J

C.物體勻速運動時的速度大小為3m/s

D.物體在減速階段所受合外力的沖量為-12N?s

2、如圖所示，〃、b、c、d為橢圓的四個頂點，一帶電量為+。的點電荷處在橢圓的一個焦點上，另有一帶負電的點

電荷僅在與+。之間的庫侖力的作用下沿橢圓運動，則下列說法中正確的是（）

d**?b

c

A.負電荷在c兩點的電勢能相等

B.負電荷在4、c兩點所受的電場力詫同

C.負電荷在6點的速度小于在d點速度

D.負電荷在8點的電勢能大于在d點的電勢能

3、“黑洞”是密度超大的星球，吸納一切，光也逃不了?？茖W界已經證實了宇宙中“黑洞”的存在，某同學思考若把地

球看作“黑洞”，那么月球的環(huán)繞周期最接近下列哪個數值（假設地球半徑和月、地間距離不變）（）

A.lOhB.lOmin

C.10sD.Iniin

4、目前，我國在人工智能和無人駕駛技術方面已取得較大突破.為早日實現無人駕駛，某公司對汽車性能進行了一項

測試，讓質量為小的汽車沿一山坡直線行駛.測試中發(fā)現，下坡時若關掉油門，則汽車的速度保持不變；若以恒定的

功率。上坡，則從靜止啟動做加速運動，發(fā)生位移S時速度剛好達到最大值設汽車在上坡和下坡過程中所受阻力

的大小分別保持不變，下列說法正確的是

A.關掉油門后的下坡過程，汽車的機械能守恒

B.關掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力的沖量為零

C.上坡過程中，汽車速度由于增至所用的時間可能等于"公

4232P

D.上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好達到最大速度Um,所用時間一定小于一

%

5、恒星在均勻地向四周輻射能量的過程中，質量緩慢減小，圍繞恒星運動的小行星可近似看成在做圓周運動.則經過

足夠長的時間后，小行星運動的（）

A.半徑變大

B.速率變大

C.角速度變大

D.加速度變大

6、真空中一半徑為八）的帶電金屬球，通過其球心的一直線上各點的電勢伊分布如圖所示，「表示該直線上某點到球心

的距離，為、及分別是該直線上從、8兩點離球心的距離，根據電勢圖像（伊,圖像），判斷下列說法中正確的是（）

A.該金屬球可能帶負電

B.4點的電場強度方向由A指向球心

C.A點的電場強度小于8點的電場強度

D.電荷量大小為q的正電荷沿直線從A移到3的過程中，電場力做功W=g（仰W2）

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，衛(wèi)星a沒有發(fā)射停放在地球的赤道上隨地球自轉；衛(wèi)星b發(fā)射成功在地球赤道上空貼著地表做勻速圓周

運動；兩衛(wèi)星的質量相等。認為重力近似等于萬有引力。下列說法正確的是（）

A.a、b做勻速圓周運動所需的向心力大小相等

B.b做勻速圓周運動的向心加速度等于重力加速度g

C.a、b做勻速圓周運動的線速度大小相等，都等于第一宇宙速度

D.a做勻速圓周運動的周期等于地球同步衛(wèi)星的周期

8、如圖所示是導軌式電磁炮的原理結構示意圖。兩根平行長直金屬導軌沿水平方向固定，其間安放炮彈。炮彈可沿導

軌無摩擦滑行，且始終與導軌保持良好接觸。內阻為r可控電源提供的強大恒定電流從一根導軌流入，經過炮彈，再

從另一導軌流回電源，炮彈被導軌中的電流形成的磁場推動而發(fā)射。在發(fā)射過程中，該磁場在炮彈所在位置始終可以

簡化為磁感應強度為B的垂直平行軌道勻強磁場。已知兩導軌內側間距L,炮彈的質量機，炮彈在導軌間的電阻為A,

若炮彈滑行，后獲得的發(fā)射速度為外不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.a為電源負極

B.電磁炮受到的安培力大小為尸=竺

S

C.可控電源的電動勢是E==丫￡："

2sBL

D.這一過程中系統(tǒng)消耗的總能量是■!■6d+，〃“一（上”

22.出*

9、用°、方兩種不同波長的光，先后用同一裝置做雙縫干涉實驗，得到兩種干涉條紋，其中。光的干涉條紋間距小于

力光的條紋間距，貝"）

A.。光的波長小于力光的波長

B.。光的光強大于力光的光強

C.〃光的光子能量大于。光的光子能量

D.a、力光分別照射同一光電管，若。光發(fā)生光電效應，則〃光一定發(fā)生光電效應

10、甲、乙兩物體一開始沿同一條直線相向運動，在U0時刻甲、乙相距x=3m,它們的速度一時間圖象如圖所示。下

列說法正確的是（）

A.U2s時甲、乙速度相等，且恰好相遇

B.f=ls時甲、乙速度不等，但恰好相遇

C.f=ls時，乙的速度方向發(fā)生改變，U2s時追上甲

D.在4s時間內，甲、乙相遇了兩次

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）研究電阻值相近的兩個未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材有多用電表、電壓表（內阻約為3kQ）、

電流表（內阻約為1C）。

(d)

（1）用多用電表歐姆擋的“xl”倍率粗測元件X的電阻，示數如圖（a）所示，其讀數為Qo若用電壓表與電流表

測量元件X的電阻，應選用圖（b）或型（c）中的哪一個電路（選填“（b）”或“（c）”）。

⑵連接所選電路并閉合開關S,滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，電流表的示數逐漸（選填“增大”或“減小

依次記錄實驗中相應的電流值與電壓值。

⑶將元件X換成元件Y,重復上述步驟進行實驗。

（4）圖（d）是根據實驗數據作出的元件X和Y的U-/圖線，由圖像可知，當元件Y中的電流增大時其電阻________

（選填“增大”“減小”或“不變”）O

12.（12分）在航空儀表上使用的電阻器和電位器，要求具有電阻溫度系數低，電阻率大，耐磨等性能。實驗小組測

量一個由新材料制成的圓柱體的電阻率〃的實驗，其操作如下：

⑴用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為L=mm；用螺旋測微器測出其直徑D如圖乙所

示，則mm；

5

⑵此圓柱體電阻約為100。，欲測量這種材料的電阻率"，現提供以下實驗器材：

A.電流表Ai（量程50mA,內阻n=20C）；

B.電流表A2（量程100mA,內阻/*2約為400）：

C.電壓表V（量程15V,內阻約為30000）；

D.滑動變阻器自（0?10。，額定電流2A）；

E.定值電阻Ho=8OQ

F.直流電源石（電動勢為4V,內阻很?。?；

G開關一只，導線若干。

為了盡可能精確測量圓柱體的阻值，在所給的方框中設計出實驗電路圖，并標明所選擇器材的物理符號

⑶此圓柱體長度為L直徑若采用以上電路設計進行測量電阻率p=_______（寫出表達式）（若實驗中用到電流

表Ai、電流表Az、電壓表V,其讀數可分別用字母人、/2、U來表示）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一圓柱形汽缸豎直放置，汽缸正中間有擋板，位于汽缸口的活塞封閉著一定質量的理想氣體.活

塞的質量為相，橫截面積為S.開始時，活塞與汽缸底部相距L,測得氣體的溫度為現緩慢降溫，讓活塞緩慢下

降，直到恰好與擋板接觸但不擠壓.然后在活塞上放一重物P,對氣體緩慢加熱，讓氣體的溫度緩慢回升到八，升溫

過程中，活塞不動.已知大氣壓強為0,重力加速度為g,不計活塞與汽缸間摩擦.

(i)求活塞剛與擋板接觸時氣體的溫度和重物P的質量的最小值；

(ii)整個過程中，氣體是吸熱還是放熱，吸收或放出的熱量為多少？

14.(16分)如圖所示，兩列簡諧橫波。、力在同一介質中分別沿x軸正、負方向傳播，波速均為y=2.5m/s。己知在r=0

時刻兩列波的波峰正好在x=2.5m處重合。

①求U0時，介質中處于波峰且為振動加強點的所有質點的x坐標；

②從U0時刻開始，至少要經過多長時間才會使x=1.0m處的質點到達波峰且為振動加強點？

15.(12分)如圖(a),木板04可繞軸0在豎直平面內轉動，木板上有一質量為1kg的物塊，始終受到平行于斜

面、大小為8N的力尸的作用。改變木板傾角，在不同傾角時，物塊會產生不同的加速度如圖(b)所示為加速度。

與斜面傾角的關系圖線。已知物塊與木板間的動摩擦因數為〃=0.2,假定物塊與木板間的最大靜摩擦力始終等于滑動

摩擦力。求：(g取江m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8)

⑴圖線與縱坐標交點的大??；

⑵圖線與夕軸重合區(qū)間為［仇，仇］,木板處于該兩個角度時的摩擦力指向何方？在斜面傾角處于仇和仇之間時，物塊

的運動狀態(tài)如何？

⑶如果木板長L=2m,傾角為37。，物塊在廠的作用下由0點開始運動，為保證物塊不沖出木板頂端，力尸最多作用

多長時間？

Q/mS-2

(b)

參考答案

一、單項選擇題：木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.物體做勻速直線運動時，受力平衡，則

F=mgsin0

代入數值得

sin，=0.2

選項A錯誤；

C.圖像與坐標軸所圍的面積表示拉力做的功

叫=12x2.5J+|xl2x(7-2.5)J=57J

重力做的功

WG--nigt2sin。=-84J

由動能定理

叫+%=()一；相嶗

解得

%=3m/s

選項C正確；

B.機械能的增加量等于拉力做的功57J,B錯誤；

D.根據動量定理可得

/=O-/HVO=-18NS

選項D錯誤。

故選C。

2、A

【解析】

A.因為°、c兩點電勢相等，則負電荷在。、c兩點的電勢能相等，選項A正確；

B.負電荷在。、。兩點所受的電場力大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；

CI).因b點電勢高于d點，負電荷在方點的電勢能小于在d點的電勢能，則由能量守恒定律可知，力點的動能大于在

d點的動能，即在力點的速度大于在d點速度，選項CD錯誤；

故選Ao

3、D

【解析】

設地球的半徑為凡月、地間的距離為地球的第一宇宙速度為7.9km/s,可有

月球的周期約為30天，可有

30x24x3600=2^

若把地球看作“黑洞”，上面兩種關系變?yōu)?/p>

3xl()8=怦

f唇

聯(lián)立解得

T268s

故選D。

4、D

【解析】

A、關掉油門后的下坡過程，汽車的速度不變、動能不變，重力勢能減小，則汽車的機械能減小，故A錯誤；

B、關掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力大小不為零，時間不為零，則沖量不為零，故B錯誤：

C、上坡過程中，汽車速度由2增至2,所用的時間為。根據動能定理可得：P/-/v=-m,

42?2⑴2UJ

解得些+走，故C錯誤;

32尸P

D、上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好達到最大速度以，功率不變，則速度增大、加速度減小，所用時間為人，則

<S,解得乙<馬■,故D正確.

2%

5、A

【解析】

A：恒星均勻地向四周輻射能量，質量緩慢減小，小行星所受的萬有引力減小，小行星做離心運動，即半徑增大，故A

正確;

B、C、D：小行星繞恒星運動做圓周運動，萬有引力提供向心力，設小行星的質是為帆，恒星質量為M，則有:

G曾』〃"『=機且=〃也.解得一、”,T=2兀GM_,工

(0=.因廠變大，質

r2T2rNr廣

量減小，則速度變小，角速度變小，加速度變小，故BCD錯誤.

6、D

【解析】

A.由圖可知0到對電勢不變，之后電勢變小，帶電金屬球為一等勢體，再依據沿著電場線方向，電勢降低，則金屬

球帶正電，A錯誤；

B.沿電場線方向電勢降低，所以A點的電場強度方向由A指向B,B錯誤；

C.圖像斜率的物理意義為電場強度，所以A點的電場強度大于3點的電場強度，C錯誤；

D.正電荷沿直線從A移到5的過程中，電場力做功

W=qU\B=qS-（p）

D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BD

【解析】

A.兩衛(wèi)星的質量相等，到地心的距離相等，所以受到地球的萬有引力相等。衛(wèi)星。在赤道上隨地球自轉而做圓周運

動，萬有引力的一部分充當自轉的向心力，衛(wèi)星》在赤道上空貼著地表做勻速圓周運動，萬有引力全部用來充當公轉

的向心力，因此。、力做勻速圓周運動所需的向心力大小不相等，A項錯誤；

B.對衛(wèi)星力重力近似等于萬有引力，萬有引力全部用來充當公轉的向心力，所以向心加速度等于重力加速度g,B項

正確；

C.衛(wèi)星力在赤道上空貼著地表做勻速圓周運動，其公轉速度就是最大的環(huán)繞速度，也是第一宇宙速度，衛(wèi)星〃在赤

道上隨地球自轉而做圓周運動，自轉的向心力小于衛(wèi)星力的公轉向心力，根據牛頓第二定律，衛(wèi)星。的線速度小于力

的線速度，即。的線速度小于第一字宙速度，c項錯誤；

D.。在赤道上隨地球自轉而做圓周運動，自轉周期等于地球的自轉周期，同步衛(wèi)星的公轉周期也等于地球的自轉周期,

所以。做勻速圓周運動的周期等于地球同步衛(wèi)星的周期，D項正確。

故選BD.

8、AD

【解析】

A.若電源。、力分別為負極、正極，根據左手定則可知，受到的安培力向右，則導體滑塊可在磁場中向右加速；故A

正確；

B.因安培力尸根據動能定理

F12

Fx=-mv

2

所以

F=—

2s

選項B錯誤；

C.由勻加速運動公式

v2-0

a=------

2s

由安培力公式和牛頓第二定律，有

F=BIL=ma

根據閉合電路歐姆定律根據閉合電路歐姆定律

聯(lián)立以上三式解得

="療(R+r)

E=----------

2sBL

選項C錯誤；

D.因這一過程中的時間為

2s

t=—

v

所以系統(tǒng)產生的內能為

Q=I2(￡+r)t

2sBL

聯(lián)立解得

〃八3(R+r)

Q=

2sB?1}

炮彈的動能為

E=—mv2

k2

由能的轉化與守恒定律得這一過程中系統(tǒng)消耗的總能量為

1、m2v3(R+r)

E=Q+Ek=—mv+

22sB2U

所以D正確。

故選AD,

9、AC

【解析】

A.根據Ax=Ax得7=4字，則a光的波長小于方光的波長，選項A正確；

BC.由。=以知，〃光的波長小于b光的波長，則。光的頻率大于力光的頻率，由￡=加可得。光的光子能量大于b

光的光子能量，光強與光的頻率無關，選項B錯誤，C正確；

D.由于〃光的頻率大于人光的頻率，%方光分別照射同一光電管，若〃光發(fā)生光電效應，則方光不一定發(fā)生光電效

應，選項D錯誤。

10、BD

【解析】

AC.由圖可知Uis時刻，乙的速度方向發(fā)生改變，Z=2s時刻甲、乙速度相等，但由圖像與坐標軸圍成的面積表示位

移可知，乙圍成的面積是0,說明乙回到出發(fā)點，甲的位移4m,所以兩者此時沒有相遇，故AC錯誤；

B.，=ls時刻甲、乙速度不等，由圖像與坐標軸圍成的面積表示位移可知，乙位移是1m,甲的位移2m,兩都位移之

和剛好是3m,所以恰好相遇，故B正確；

D.Uis時到G3s時，甲乙兩圖像與坐標軸圍成的面積相等，說明這段時間內兩者的位移相等，由B項分析可知，Uis

時恰好相遇，所以U3s時也恰好相遇，說明在U0到U4s時間內，甲乙僅相遇過二次，故D錯誤。

故選BD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、10(b)增大增大

【解析】

⑴［1］選擇“X1”倍率測量讀數為10C,則待測電阻值為10。。

⑵［2］元件X電阻值約為10Q,根據

3kCI0Q

---->----

10Q1Q

可知元件X與電流表內阻相近，則電流表采用外接法誤差較小，應選(b)電路。

(3)［3］在(b)電路中，滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，元件X兩端電壓增大，則其電流增大則電流表的示數逐漸

增大。

(4)［4］根據歐姆定律變形

R上

I

U-/圖像上的點與原點連線斜率的大小為電阻，由圖像的變化特點知，元件Y的電阻隨電流的增大而增大。

二萬。力(4+4)

12、50.155.695(5.693-5.697)

4L(/2-7,)

【解析】

(1)口］20分度的游標卡尺，精確度為0.05mm,圓柱體的長度為

L-50mm+3x0.05mm=50.15mm

⑵螺旋測微器的轉動刻度為50格，共0.5mm,一小格的長度為0.01mm,轉動刻度估讀到零點幾格，則圓柱體的直徑

為

D=5.5mm+19.5xO.Olmm=5.695mm⑸693~5.697)

(2)［3］直流電源E的電動勢為4V,實驗提供的電壓表為15V,量程太大不合適，而電流表Ai的內阻已知，還有一個定

值電阻R)=80Q,可考慮改裝出電壓表，量程為

f/v=/AI(/;+7?0)=5V

量程較合適，改裝后待測電阻的最大電流為

4

x—A=40mA

a1(X)

電流表A2的量程100mA,直接接在待測電阻上指針的偏轉幅度小，而改裝后的電壓表和待測電阻并聯(lián)后的總電流約

為80mA,則電流表AMlOOmA)接在干路上指針偏轉比較合適；滑動變阻器2(10。)遠小于待測電阻阻值100。，為了

調節(jié)方便和更多的獲得測量數據，則采用滑動變阻器的分壓式接法，電路圖如圖所示

⑶⑷根據所設計的電路原理可知，待測電阻的電壓為

&=4(4+G

待測電阻的電流為

/v=/2-7,

由歐姆定律和電阻定律可得待測電阻的阻值為

'IxS

s=m

4

聯(lián)立解得電阻率為

二萬。力(凡+.)

P

~4L(/2-7,)

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

⑶(i也〃葉四g放熱可忸

2g2

【解析】

(i)由題意可得，緩慢降溫過程是一個等壓過程

初態(tài)：溫度A，體積0=LS,

SL

末態(tài)：溫度公，體積%=一

2

由蓋一呂薩克定律有)二),解得。=§

4工2

升溫過程中，活塞不動，是一個等容過程，設重物P的質量的最小值為M

初態(tài)：溫度。=寸，壓強pi=p〕H機，

末態(tài)：溫度7'2=7'1,壓強P2=P1+

由查理定律有。=叁，解得苴.

T\T2g

(ii)整個過程中，理想氣體的溫度不變，內能不變；降溫過程，氣體體積變小，外界對氣體做的功為

叫)SL_p°SL+mgL

W=Po：T)^22~

升溫過程，氣體體積不變，氣體不對外界做功，外界也不對氣體做功；由熱力學第一定律，整個過程中，氣體放出熱

量

2=W=P°SL；〃lgL.

點睛：本題考查了求內能變化、溫度等問題，分析清楚氣體狀態(tài)變化過程、應用熱力學第一定律、理想氣體狀態(tài)方程

即可正確解題.

14、①x=(2.5I20Ar)m