博野中學(xué)高二月月考物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精博野中學(xué)高二年級(jí)3月月考物理試題一．選擇題(共12小題,4、6為多選，共48分）1.一輸入電壓為220V,輸出電壓為36V的變壓器副線圈燒壞,為獲知此變壓器原、副線圈匝數(shù)，某同學(xué)拆下燒壞的副線圈，用絕緣導(dǎo)線在鐵芯上新繞了5匝線圈．如圖所示，然后將原來(lái)線圈接到220V交流電源上，測(cè)得新繞線圈的端電壓為1V，按理想變壓器分析，該變壓器燒壞前的原、副線數(shù)分別為（）A．1100,360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，3602．如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上,圖中各電表均為理想電表,下列說(shuō)法正確的是（)A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí),R1消耗的功率變大B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V示數(shù)變大C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí),電流表A1示數(shù)變大D．若閉合開(kāi)關(guān)S,則電流表A1示數(shù)變大，A2示數(shù)變大3．遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2,電流分別為I1、I2,輸電線上的電阻為R,變壓器為理想變壓器,則下列關(guān)系式中正確的是(）A．= B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U24．圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng),A為交流電流表．線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的水平軸OO′沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)．從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生的交變電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是（)A．電流表的示數(shù)為10AB．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50πrad/sC．0.01s時(shí)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行D．0。02s時(shí)電阻R中電流的方向自右向左5．通過(guò)一阻值R=100Ω的電阻的交變電流如圖所示,其周期為1s．電阻兩端電壓的有效值為（）A．12V B．4V C．15V D．8V6．如圖所示,在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的矩形線圈的周期為T(mén),轉(zhuǎn)軸O1O2垂直于磁場(chǎng)方向，線圈電阻為2Ω．從線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，線圈轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)的感應(yīng)電流為1A．那么（）A．線圈消耗的電功率為4WB．線圈中感應(yīng)電流的有效值為2AC．任意時(shí)刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=4cosD．任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為Φ=sin7．質(zhì)量m的物體，從高h(yuǎn)處以速度v0水平拋出，從拋出到落地物體所受重力的沖量為（）A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0 D．mg8．質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，身體伸直并剛好離開(kāi)地面，離開(kāi)地面時(shí)速度為v在時(shí)間t內(nèi)（）A．地面對(duì)他的平均作用力為mgB．地面對(duì)他的平均作用力為C．地面對(duì)他的平均作用力為m（﹣g)D．地面對(duì)他的平均作用力為m（g+)9．如圖所示，質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從h高處的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿斜面下滑,停在水平地面上的B點(diǎn)（斜面和水平面之間有小圓弧平滑連接）．要使物體能原路返回，在B點(diǎn)需給物體的瞬時(shí)沖量最小應(yīng)是（）A．2m B．m C． D．4m10．如圖所示，總質(zhì)量為M帶有底座的足夠?qū)捒蚣苤绷⒃诠饣矫嫔?質(zhì)量為m的小球通過(guò)細(xì)線懸掛于框架頂部O處,細(xì)線長(zhǎng)為L(zhǎng)，已知M＞m，重力加速度為g，某時(shí)刻m獲得一瞬時(shí)速度v0,當(dāng)m第一次回到O點(diǎn)正下方時(shí)，細(xì)線拉力大小為(）A．mg B．mg+C．mg+m D．mg+m11．如圖所示，劈a放在光滑水平桌面上，物體b放在劈a的光滑斜面頂端，b由靜止開(kāi)始沿斜面自由滑下的過(guò)程中,a對(duì)b做的功為W1，b對(duì)a做的功為W2，則下列關(guān)系中正確的是（)A．W1=0，W2=0 B．W1＞0，W2＞0 C．W1＜0，W2＞0 D．W1＞0，W2＜012.一炮彈質(zhì)量為m，以一定的傾角斜向上發(fā)射，達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)速度大小為v，方向水平．炮彈在最高點(diǎn)爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為m，則爆炸后另一塊瞬時(shí)速度大小為()A．v B．v C．v D．0二．計(jì)算題（每題13分)13．如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)．現(xiàn)將A無(wú)初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體,并沿桌面滑動(dòng)．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等;A和B整體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0。2．取重力加速度g=10m/s2．求：(1）碰撞前瞬間A的速率v；(2)碰撞后瞬間A和B整體的速率v′；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離L．14．一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖3所示．求：（1）0~8s時(shí)間內(nèi)拉力的沖量；（2）0～6s時(shí)間內(nèi)物體的位移；（3)0～10s時(shí)間內(nèi),物體克服摩擦力所做的功．15．如圖，小球a、b用等長(zhǎng)細(xì)線懸掛于同一固定點(diǎn)O．讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細(xì)線水平．從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動(dòng),此后細(xì)線與豎直方向之間的最大偏角為60°．忽略空氣阻力，求（i）兩球a、b的質(zhì)量之比；（ii）兩球在碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能與球b在碰前的最大動(dòng)能之比．16．如圖,A、B、C三個(gè)木塊的質(zhì)量均為m，置于光滑的水平桌面上，B、C之間有一輕質(zhì)彈簧,彈簧的兩端與木塊接觸而不固連．將彈簧壓緊到不能再壓縮時(shí)用細(xì)線把B和C緊連，使彈簧不能伸展，以至于B、C可視為一個(gè)整體．現(xiàn)A以初速度v0沿B、C的連線方向朝B運(yùn)動(dòng)，與B相碰并粘合在一起．A，BC一起運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間以后細(xì)線突然斷開(kāi),彈簧伸展，從而使C與A、B分離．已知離開(kāi)彈簧后C的速度恰好為v0．求彈簧釋放的勢(shì)能．

1．（2010?重慶）一輸入電壓為220V,輸出電壓為36V的變壓器副線圈燒壞，為獲知此變壓器原、副線圈匝數(shù)，某同學(xué)拆下燒壞的副線圈，用絕緣導(dǎo)線在鐵芯上新繞了5匝線圈．如圖所示，然后將原來(lái)線圈接到220V交流電源上，測(cè)得新繞線圈的端電壓為1V,按理想變壓器分析，該變壓器燒壞前的原、副線數(shù)分別為(）A．1100，360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，360【解答】解：對(duì)新繞線的理想變壓器，根據(jù)變壓比公式得，變壓器燒壞前,同理，所以B正確．故選B．2．（2016?天津）如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上,圖中各電表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（)A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，R1消耗的功率變大B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表V示數(shù)變大C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電流表A1示數(shù)變大D．若閉合開(kāi)關(guān)S，則電流表A1示數(shù)變大,A2示數(shù)變大【解答】解：A、滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)時(shí)，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，則A錯(cuò)誤B、干路電流變小,R1分壓變小，則電壓表V的測(cè)量的電壓變大，示數(shù)變大，則B正確C、因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小,電流表A1示數(shù)變?。畡tC錯(cuò)誤D、閉合開(kāi)關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變?。娏鞅鞟1示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯(cuò)誤故選：B3．（2014?江蘇)遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示,升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2,輸電線上的電阻為R,變壓器為理想變壓器，則下列關(guān)系式中正確的是（）A．= B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U2【解答】解：A、升壓變壓器電流之比等于匝數(shù)的反比；故有：=;故A錯(cuò)誤；B、U2是輸電導(dǎo)線及降壓變壓器兩端的電壓，不能只對(duì)導(dǎo)線由歐姆定律求電流;故B錯(cuò)誤；C、升壓變壓器輸出的功率等于導(dǎo)線上消耗的功率及降壓變壓器消耗的功率之和；故C錯(cuò)誤；D、理想變壓器輸入功率等于輸出功率；故I1U1=I2U2，故D正確．故選：D．4．(2013?山東)圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng),A為交流電流表．線圈繞垂直于磁場(chǎng)方向的水平軸OO′沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)．從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí),產(chǎn)生的交變電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是（）A．電流表的示數(shù)為10AB．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50πrad/sC．0.01s時(shí)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行D．0。02s時(shí)電阻R中電流的方向自右向左【解答】解：A、由題圖乙可知交流電電流的最大值是A，周期T=0.02s,由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)I==10A，選項(xiàng)A正確；B、角速度==100πrad/s，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、0.01s時(shí)線圈中的感應(yīng)電流達(dá)到最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化最快,磁通量為0,故線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，選項(xiàng)C正確;D、由楞次定律可判斷出0.02s時(shí)流過(guò)電阻的電流方向自左向右，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．故選AC．5．(2013?海南)通過(guò)一阻值R=100Ω的電阻的交變電流如圖所示，其周期為1s．電阻兩端電壓的有效值為（)A．12V B．4V C．15V D．8V【解答】解：由有效值的定義可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入數(shù)據(jù)得（0。1）2R×0.8+（0.2)2×R×0.2=×1，解得U=4V故選：B．6．(2011?四川）如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的矩形線圈的周期為T(mén),轉(zhuǎn)軸O1O2垂直于磁場(chǎng)方向，線圈電阻為2Ω．從線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí),線圈轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)的感應(yīng)電流為1A．那么（）A．線圈消耗的電功率為4WB．線圈中感應(yīng)電流的有效值為2AC．任意時(shí)刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=4cosD．任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為Φ=sin【解答】解：從垂直中性面開(kāi)始其瞬時(shí)表達(dá)式為i=Imcosθ,則電流的最大值為Im=感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=Imr=2×2=4V任意時(shí)刻線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=Emcos=4cost線圈消耗的電功率為P=I2r==W=4W任意時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為Φ=根據(jù)公式Em=NBSω=NΦm可得故Φ=,故選：AC7．（2017?涼州區(qū)校級(jí)一模)質(zhì)量m的物體,從高h(yuǎn)處以速度v0水平拋出，從拋出到落地物體所受重力的沖量為（)A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0 D．mg【解答】解：A、D、物體做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t=所以重力的沖量：I=mgt=．故A正確,D錯(cuò)誤；B、C、物體落地時(shí)豎直方向的分速度：物體在平拋運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中水平方向的分速度不變，則水平方向動(dòng)量的分量不變，物體動(dòng)量的變化等豎直方向的動(dòng)量的變化，所以：△P=△Py=mvy由動(dòng)量定理可知：I=△P=；所以B選項(xiàng)m﹣mv0為豎直方向的分動(dòng)量與初動(dòng)量的差，而m﹣mv0為合動(dòng)量的大小與初動(dòng)量的大小的差,沒(méi)有考慮動(dòng)量的方向性．故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤．故選:A8．（2017?湖北模擬）質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過(guò)時(shí)間t,身體伸直并剛好離開(kāi)地面，離開(kāi)地面時(shí)速度為v在時(shí)間t內(nèi)（)A．地面對(duì)他的平均作用力為mgB．地面對(duì)他的平均作用力為C．地面對(duì)他的平均作用力為m(﹣g）D．地面對(duì)他的平均作用力為m（g+)【解答】解：人的速度原來(lái)為零,起跳后變化v，則由動(dòng)量定理可得：﹣mgt=△mv=mv所以:=m（g+)；故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D9．（2017?株洲一模）如圖所示,質(zhì)量為m的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn)），從h高處的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿斜面下滑，停在水平地面上的B點(diǎn)（斜面和水平面之間有小圓弧平滑連接）．要使物體能原路返回,在B點(diǎn)需給物體的瞬時(shí)沖量最小應(yīng)是（）A．2m B．m C． D．4m【解答】解：滑塊從A到B過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理,有:mgh﹣Wf=0，滑塊從B返回A過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理,有:﹣mgh﹣Wf=0﹣,聯(lián)立解得:v=2；在B點(diǎn)需給物體的瞬時(shí)沖量等于動(dòng)量的增加量，故I=mv=2m，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A10．（2017?蕪湖模擬)如圖所示，總質(zhì)量為M帶有底座的足夠?qū)捒蚣苤绷⒃诠饣矫嫔?，質(zhì)量為m的小球通過(guò)細(xì)線懸掛于框架頂部O處,細(xì)線長(zhǎng)為L(zhǎng)，已知M＞m，重力加速度為g，某時(shí)刻m獲得一瞬時(shí)速度v0,當(dāng)m第一次回到O點(diǎn)正下方時(shí),細(xì)線拉力大小為(）A．mg B．mg+C．mg+m D．mg+m【解答】解：設(shè)m第一次回到O點(diǎn)正下方時(shí)m與M的速度分別為v1和v2．取向右為正方向，由水平方向動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得：mv0=mv1+Mv2．mv02=mv12+Mv22．解得v1=v0，v2=v0當(dāng)m第一次回到O點(diǎn)正下方時(shí),以m為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：T﹣mg=m解得細(xì)線的拉力T=mg+故選:B11．（2017?閔行區(qū)一模）如圖所示，劈a放在光滑水平桌面上，物體b放在劈a的光滑斜面頂端，b由靜止開(kāi)始沿斜面自由滑下的過(guò)程中,a對(duì)b做的功為W1，b對(duì)a做的功為W2,則下列關(guān)系中正確的是（）A．W1=0，W2=0 B．W1＞0，W2＞0 C．W1＜0，W2＞0 D．W1＞0,W2＜0【解答】解:滑塊和斜面體系統(tǒng)機(jī)械能守恒，總動(dòng)量也守恒；根據(jù)動(dòng)量守恒可知，b向左下滑時(shí)，a具有向右的速度,向右運(yùn)動(dòng)，物體的位移如圖所示;滑塊受重力、支持力，斜面受重力、支持力和壓力；對(duì)斜面體a，受到的壓力垂直斜面向下，水平向右方向有分力，a向右有位移,由W=FScosθ知．壓力做正功,故W2＞0；滑塊和斜面體系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故斜面體a增加的機(jī)械能等于滑塊b減小的機(jī)械能，故支持力對(duì)滑塊b做負(fù)功，即W1＜0;故C正確,ABD錯(cuò)誤．故選：C．12．（2015?貴州模擬)一炮彈質(zhì)量為m，以一定的傾角斜向上發(fā)射,達(dá)到最高點(diǎn)時(shí)速度大小為v，方向水平．炮彈在最高點(diǎn)爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為m,則爆炸后另一塊瞬時(shí)速度大小為（）A．v B．v C．v D．0【解答】解：爆炸前動(dòng)量為mv，設(shè)爆炸后另一塊瞬時(shí)速度大小為v′，取炮彈到最高點(diǎn)未爆炸前的速度方向?yàn)檎较?爆炸過(guò)程動(dòng)量守恒，則有:mv=m?v′解得:v′=v故選:B．13．(2014?北京）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)．現(xiàn)將A無(wú)初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等;A和B整體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2．取重力加速度g=10m/s2．求:(1）碰撞前瞬間A的速率v;（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v′；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離L．【解答】解：（1）滑塊從圓弧最高點(diǎn)滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：得:=2m/s．(2）滑塊A與B碰撞，軌道向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律,有:mAvA=（mA+mB）v'得:．（3)滑塊A與B粘在一起滑行，根據(jù)動(dòng)能定理，有：又因?yàn)椋篺=μN(yùn)=μ（mA+mB）g代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：l=0。25m．答：（1）碰撞前瞬間A的速率為2m/s;（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率為1m/s;(3)A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離為0.25m．14．（2013?安徽）一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖2所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖3所示．求：（1）0～8s時(shí)間內(nèi)拉力的沖量；（2）0～6s時(shí)間內(nèi)物體的位移;（3）0～10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功．【解答】解：(1）由圖象知，力F的方向恒定，故力F在0～8s內(nèi)的沖量I=F1t1+F2t2+F3t3=1×2+3×4+2×2N?s=18N?s;方向向右．（2）由圖3知，物體在0～2s內(nèi)靜止，2～6s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為0,末速度為3m/s所以物體在0～6s內(nèi)的位移即為2～6s內(nèi)勻加速運(yùn)動(dòng)的位移=；（3）由圖3知物體在6~8s內(nèi)做勻直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)摩擦力與拉力平衡即f=F=2N；物體在6～8s內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)位移x2=vt=3×2m=6m物體在8～10s內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)位移=所以物體在0~10s內(nèi)的總位移x=x1+x2+x3=15m摩擦力做功Wf=﹣fx=﹣2×15J=﹣30J即物體克服摩擦力做功30J．答：（1）0~8s時(shí)間內(nèi)拉力的沖量為18N?s；方向向右．(2）0～6s時(shí)間內(nèi)物體的位移為6m；（3）0～10s時(shí)間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功為30J．15．（2012?新課標(biāo)）[選修3﹣5］如圖，小球a、b用等長(zhǎng)細(xì)線懸掛于同一固定點(diǎn)O．讓球a靜止下垂,將球b向右拉起，使細(xì)線