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文檔簡介
微專題20對勾函數(shù)、飄帶函數(shù)的應(yīng)用5種??碱}型總結(jié)
高頻考點
題型1對勾函數(shù)在基本不等式中的應(yīng)用題型4利用對勾函數(shù)解決恒成立有解問題
題型2與對勾函數(shù)有關(guān)的單調(diào)性問題題型5飄帶函數(shù)
題型3與對勾函數(shù)有關(guān)的最值問題
解題策略
一、對勾函數(shù)
時,y-2yl~ab
二、飄帶函數(shù)
b
解析式y(tǒng)-ax——[a>0,b>0)y=ax-—(Q<0,b<0)
XX
J
圖像-Ju
r
定義域(-oo,0)U(0,+oo)
漸近線y=ax,x=0
值域R
奇偶性奇函數(shù)
單調(diào)性在(-00,0),(0,+8)上是增函數(shù)在(一*0),(0,+oo)是減函數(shù)
三、對勾函數(shù)的一些妙用
筆者在教學(xué)中發(fā)現(xiàn),二次函數(shù)和對勾函數(shù)有著天然的聯(lián)系,但限于學(xué)時安排,多數(shù)教師講對勾函數(shù)時著墨不多,
導(dǎo)致學(xué)生只知其“形”而不知其“神”,因此在處理含參的二次不等式恒成立、根的分布等問題時,缺少必要的手
段,只能“硬討論”,又因其繁難,易挫敗學(xué)生的學(xué)習(xí)積極性.若能轉(zhuǎn)為對勾函數(shù)去處理,則可化繁就簡,快速處理有
關(guān)問題.
1.什么是對勾函數(shù)?
形如y=K+g(k>0)的函數(shù)叫作對勾函數(shù),其圖像和性質(zhì)如圖1所示:
k
函數(shù)y=x+-(k>0)
定義域(-8,0)u(0,+oo)
值域(—oo,—2Vfc]U[2Vk,+oo)
奇偶性奇函數(shù)
單調(diào)性
(0#)工,(返+OO)T
漸近線直線%=0和y=x
圖1
說明:
1.函數(shù)y=ax+^a,b>0)也叫作對勾函數(shù),由于y=ax+1=a(久+f),兩者本質(zhì)相同.
2.y=x+<0)不是對勾函數(shù),其圖像如圖2所示:
圖2
2.對勾函數(shù)的一些妙用
(1)對勾函數(shù)在基本不等式中的應(yīng)用
在均值不等式中,我們通常利用“一正二定三相等”求最值,但當(dāng)“三相等”的條件不滿足時,我們就可以用對勾
函數(shù)的單調(diào)性處理.
示例:求函數(shù)f(x)=久+:在區(qū)間(0,1]的最小值.
分析:由均值不等式,易得久+4,當(dāng)久=?即工=2時等號成立,故不滿足取等的條件.如果用對勾函數(shù),可以求
解.
解:由對勾函數(shù)性質(zhì)可知/(%)=%+g在(0,1]上單調(diào)遞減,故當(dāng)%=1時,/(%)min=5.
示例2:已知正實數(shù)為y滿足汽+y=1,求%y+。的取值范圍.
分析:可先由均值不等式求得xy的取值范圍,再換元,結(jié)合對勾函數(shù)可求解.
解:由均值不等式可得,0<%y<(等丫=:,當(dāng)x=y=的寸取等號.
令硝=t,得對勾函數(shù)/?)=t+[在區(qū)間(0,3上單調(diào)遞減,
所以,當(dāng)t弓時/?min=*從而函數(shù)4)的值域為件,+8),
即沖+專的取值范圍為[?,+00).
(2)對勾函數(shù)在二次不等式恒成立中的應(yīng)用
示例3:若不等式N+ax+1>0對任意Xe(0,2]恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
分析:本題只要函數(shù)最小值大于0即可,但分析單調(diào)性求最小值比較煩瑣,如果分離參數(shù)化為對勾函數(shù),可化腐
朽為神奇,快速求得結(jié)果.
11
解:不等式/+ax+1>0對任意xe(0,2]恒成立,等價于%+->一a對任意x£(0,2]恒成立,記/(久)=x+9等
價于/OOmin>-a.
由對勾函數(shù)的單調(diào)性知J(x)在區(qū)間(0,1]上單調(diào)遞減,在區(qū)間[1,2]上單調(diào)遞增,
所以,當(dāng)久=1時/Q)min=2,故一a<2,解得a>-2.
示例4:已知/'(X)=久2+2(a-2)x+4,如果對任意工G[-3,l],/(x)>。恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
解析:本題是一個二次不等式在R的子區(qū)間[-3,1]上的恒成立問題,通常求其最值即可.
本題不妨做一個對比,分類討論和化對勾函數(shù).
解法1:分類討論法“硬討論”
結(jié)合對稱軸久=-(a-2)與區(qū)間位置關(guān)系討論函數(shù)單調(diào)性可得:
(—(a—2)<—3.r(—3<—(a—2)<1,一尸(口—2)>1,
[/(-3)>0,或(/<0,或1/(1)>0,
解得ae0,或1Wa<4,或一g<a<1,綜合可得a的取值范圍為(一1,4).
解法2:分類討論轉(zhuǎn)為對勾函數(shù)
因為/+2(a-2)x+4>0對任意xG[一3,1]恒成立,
當(dāng)久=。時,4>0,止匕時aGR.①
當(dāng)x€[-3,0)時,原問題等價于%+:<-2(a—2)在[-3,0)上恒成立,
而對勾函數(shù)/(*)=x+:在區(qū)間(-叫-2]上單調(diào)遞增,在區(qū)間[-2,0)上單調(diào)遞減,
所以/(x)max=/(-2)=-4<一2(-2),解得。<4.②
當(dāng)久G(0,1]時,原問題等價于x+?>—2(a—2)在(0,1]上恒成立,
而對勾函數(shù)/(久)=x+:在區(qū)間(0,2]上單調(diào)遞減,在區(qū)間[2,+8)上單調(diào)遞增,
所以,f(x)min=/(1)=5>—2(a—2),解得a>—看③
綜合①②③可得,實數(shù)a的取值范圍為4).
通過對比我們看到,兩者都用到了分類討論,法1分類討論最后求并,法2分類討論轉(zhuǎn)對勾后求交.兩種方法對
于培養(yǎng)學(xué)生縝密的思維,專注的計算都是不錯的.其不同之處在于,后一種方法轉(zhuǎn)化后是一個不帶參數(shù)的函數(shù),
計算相對簡單,不易出錯,雖然只是一點點小小的轉(zhuǎn)變,但作用是顯而易見的,這樣學(xué)生能體會到“原來還可以
這樣,,的學(xué)習(xí)之樂,促進學(xué)生更深入地思考以求“變,,,變方法,變思維的深度和廣度.
示例5:若對任意的x£[一2,0],使久2+(l-a)x-a+2>0恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
分析:本題如分類討論過程繁雜,可分參化對勾函數(shù)處理.
解:因為久2+(l-a)x-a+2=x2+x+2-a(x+1),令%+1-t,te[-1,1],
原問題即t2-(a+l)t+2>0在te上恒成立.
當(dāng)t=0時,a€R.
StG[-1,0)U(0,1]時,原問題等價于,
t+^>a+1在(0,1]上恒成立,且t+f<a+1在[—1,0)上恒成立.
而對勾函數(shù)在[-1,0)和(0,1]都上單調(diào)遞減,可解得a<2,且a>-4.
綜上可得4<a<2.
3.對勾函數(shù)處理二次函數(shù)根的分布問題
示例6:方程/+(m+l)x+m-1=。有兩個負根,求實數(shù)rn的取值范圍.
分析:二次函數(shù)根的分布問題,通常結(jié)合圖像及韋達定理可求解.這里,我們也看看用對勾函數(shù)處理這些題目的
妙處.
解法1:因為方程合+(m+l)x+m-1=。有兩個負根,所
M>o,
以《一(爪+1)<0,解得小>1.
Im—1>0,
解法2:方程久2+(M+1)%+m-1=0有兩個負根,
等價于無+耍=—(a+1)有兩個負根,
即橫線y=~(m+1)與對勾函數(shù)y=X+中■在(-8,0)上有兩個交點.
數(shù)形結(jié)合可知,一(爪+1)<-26i-l,解得一>1.
圖3
示例7:若函數(shù)/(X)=X2+小久+2在區(qū)間[1,3]上有兩個不同的零點,求實數(shù)機的取值范圍.
p>o,
1々—竺々R
分析:本題結(jié)合二次函數(shù)圖像可得;(:)羨
(f⑶$0:
可解得-3<m<-2近,稍顯煩瑣.
如果轉(zhuǎn)為對勾函數(shù),求解當(dāng)不同.
o9
解:原問題即x+^=-Hi在[1,3]上有兩根,記g(X)=x+]
2___
即對勾函數(shù)g(X)=x+:與橫線y=在[1,3]上有兩個交點.
結(jié)合函數(shù)單調(diào)性可知,2魚<-m<解得一弓<m<-2V2.
點評:兩法比較可看出,后一解法干脆利落,行云流水,一氣呵成.
考點精析
題型1對勾函數(shù)在基本不等式中的應(yīng)用
4
【例1】【多選】已知函數(shù)/(無)=》+—,下面有關(guān)結(jié)論正確的有()
A.定義域為(-8,0)U(0,+s)B.值域為(-8,-4]U[4,+8)
C.在(-2,0)U(0,2)上單調(diào)遞減D.圖象關(guān)于原點對稱
【答案】ABD
【分析】根據(jù)題意,結(jié)合定義域的求法,基本不等式,以及函數(shù)單調(diào)性的定義和奇偶性的判定的方法,逐
項判定,即可求解.
4
【詳解】對于A中,函數(shù)〃x)=x+—有意義,貝I]滿足xwO,
x
所以函數(shù)〃X)定義域為(-8,0)U(0,+s),所以A正確;
對于B中,當(dāng)x>0時,可得x+=4,
當(dāng)且僅當(dāng)X=±時,即x=2時,等號成立,所以〃X)24;
X
41I4~
當(dāng)x<0時,可得x+—=-[(-x)+—]W-2j(-x)x-=-4,
xxV-x
當(dāng)且僅當(dāng)-》=-3時,即x=-2時,等號成立,所以-4,
所以函數(shù)〃X)的值域為(-8,-4]u[4,+8),所以B正確;
4
對于C中,函數(shù)〃%)=%+—在(-2,0),(0,2)上單調(diào)遞減,所以C不正確;
x
對于D中,函數(shù)/(x)定義域為(-8,0)U(0,+8),關(guān)于原點對稱,
且滿足/(-乃=-尤-3=-(無+3)=-/(;0,所以函數(shù)〃x)為奇函數(shù),
函數(shù)的圖象關(guān)于原點對稱,所以D正確.
故選:ABD.
2
【變式1】函數(shù)y=x+—(X22)的最小值為()
X
A.2B.2-72C.3D.72
【答案】C
【詳解】由對勾函數(shù)的性質(zhì)可知y=x+:在[2,+“)上單調(diào)遞增,
2
所以3n=2+]=3,
故選:c
【變式2]設(shè)xe[-2,0),則x+工的取值范圍是.
【答案】(-8,-2]
【詳解】設(shè)函數(shù)〃x)=x+L,則當(dāng)xe[-2,7]時,/(x)=x+,單調(diào)遞增,此時/(x)e[-:,-2];
xx2
當(dāng)xe(T,0)時,當(dāng)x)=x+.單調(diào)遞減,此時〃力?-叫-2),
故xe[-2,0),則x+工的取值范圍是(-*-2],
故答案為:(-叫-2]
題型2與對勾函數(shù)有關(guān)的單調(diào)性問題
【例2】已知函數(shù)尸”X),其中〃x)=x+£.
(1)判斷函數(shù)夕=/(x)的奇偶性,并說明理由;
(2)若函數(shù)在區(qū)間[1,+動上是嚴(yán)格增函數(shù),求實數(shù)。的取值范圍.
【答案】(1)奇函數(shù)
(2)0<1
【分析】(1)分。=0和?*()兩種情況,根據(jù)函數(shù)的奇偶性的定義討論求解;
(2)設(shè)1>無61,然后由y=/(x)為[1,+向上的增函數(shù),則/■(石)-/(工2)<0成立求解.
【詳解】(1)當(dāng)0=0時,函數(shù)/(x)=x的定義域為R,
對VxeR,/(-X)=-X=-/(%),
所以函數(shù)N=/(x)為奇函數(shù);
當(dāng)"0時,/(x)=x+7的定義域為{x|xwO},
對Vxe{x|xwO},/(—x)=—x+
此時/(-x)=-〃尤),
此時,函數(shù)》=/(》)是奇函數(shù);
(2)設(shè)馬>為21,
則/(W)一/(苞)=
因為%2>玉之1,所以玉工2>1'Xi-X2<0f
若y=/(x)為[1,+向上的增函數(shù),則〃再)-〃馬)<。成立,
貝”無小2—。>0成立,所以。<再々成立,解得
所以實數(shù)。的取值范圍是aWL
【變式1】對勾函數(shù)是形如了=如+*">0)的函數(shù),其中x為自變量,是一種類似于反比例函數(shù)的一般
雙曲函數(shù),因其圖象而得名.已知對勾函數(shù)>=x+?后>0),在區(qū)間(0,+s)上的單調(diào)性是:在區(qū)間(。,五)上
單調(diào)遞減,在區(qū)間(〃,+8)上單調(diào)遞增.
(1)若對勾函數(shù)/(x)=x+g,根據(jù)函數(shù)單調(diào)性的定義證明/(X)在區(qū)間[2,+8)上單調(diào)遞增;
(2)若對勾函數(shù)〃x)=x+:,寫出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間(不必證明)并作出函數(shù)〃x)的圖象.
4,
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(3)已知對勾函數(shù)/1(x)=x+g,k>0,二次函數(shù)g(x)=-x2+2x+l,設(shè)g(x)的最大值為M,若Vx>0,
f(x)>M,求實數(shù)人的取值范圍
【答案】(1)證明見解析
⑵單調(diào)增區(qū)間是(-8,-2]和[2,+8);單調(diào)減區(qū)間是[-2,0)和(0,2];圖象見解析
⑶口,+8)
【分析】(1)利用函數(shù)單調(diào)性的定義,結(jié)合作差法即可得證;
(2)結(jié)合已知與奇函數(shù)的對稱性寫出單調(diào)區(qū)間,作出圖象;
(3)求出g(x)的最大值為2,將條件轉(zhuǎn)化為Vx>0,〃x)22的恒成立問題,再利用已知函數(shù)的單調(diào)性,
求出函數(shù)的最小值,則由/(初面=2決22可得上的范圍.
4
【詳解】(1)/(%)=%+-,
任取X],%e[2,+oo),不妨設(shè)X]<X2,
因為/'(再)一〃%)=%+"-£一",
再赴X1X2
XX
因為24再<%2,所以再_工2<0,/%2〉0,l2-4>0,所以&一")("%2__11<0,
所以/(占)-/(%)<0,即
所以/(X)在區(qū)間[2,?。┥蠁握{(diào)遞增.
(2)函數(shù)〃x)的單調(diào)增區(qū)間是(一巴-2]和[2,+初;單調(diào)減區(qū)間是[-2,0)和(0,2];
函數(shù)的圖象如圖:
(3)由題意g(x)=-%2+2x+l=-(1-1)2+2
當(dāng)X=1時,g(X)max=g(D=2,則M=2,
由Vx>0,/(x)>Af,得Vx>0,X+&22恒成立,
X
由題意知,當(dāng)左>0時,/■(x)=x+£在區(qū)間(0,6)上單調(diào)遞減,在區(qū)間(禰,+8)上單調(diào)遞增,
則/'(x)mm=〃揚=2仄
要使/(x)N2在(0,+8)恒成立,則〃尤焉>2
則2a22,解得上21.
故實數(shù)上的取值范圍是[1,+8).
【變式2】已知(雙勾函數(shù))/(x)=x+—(a>0),(xe7?,x^0).
y
6
4
2
-6-4-2Z:246
x
o--2
--4
--6
(1)
(2)證明了(x)的奇偶性;
4
(3)畫出g(x)=x+1(xeR,xwO)的簡圖,并直接寫出它單調(diào)區(qū)間.
【解析】(1)設(shè)0<玉<x?,
則/(再)-/(*2)=網(wǎng)+-—4廣(…
再
則占一/<0,
當(dāng)0<演<工2<五時,X1X2<a,則再工2-。<0,則0(再)-/(%2)>°,
即/(占)>/卜),
此時函數(shù)/(x)為減函數(shù),
當(dāng)G<再<馬時,xxx2>a,則再看—a〉0,則/(再)一/(%2)<0,
即〃不)<〃”),
此時函數(shù)〃X)為增函數(shù).
a
(2)/(-X)=-XH-----XH-----=-/(x),
-XX
則函數(shù)”X)為奇函數(shù).
(3)由(1)知結(jié)合函數(shù)奇偶性和單調(diào)性作出函數(shù)的圖象如圖:
由圖象和性質(zhì)知g(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(2,+8),(-8,-2),
單調(diào)遞減區(qū)間為(-2,0),(0,2).
【變式3]已知勾函數(shù)y=x+2(a>0)在(-*-。)和(。,+8)內(nèi)均為增函數(shù),在(一。,0)和(0,。)內(nèi)均為
減函數(shù).若勾函數(shù)/(x)=x+L(/>0)在整數(shù)集合Z內(nèi)為增函數(shù),則實數(shù),的取值范圍為.
【答案】(0,2)
【解析】根據(jù)題意在卜仁-甸,(〃+對內(nèi)為增函數(shù);要使〃x)在整數(shù)集合Z內(nèi)為增函數(shù),則
7>00<Z<4
,〃<2即\/解得0<f<2,???實數(shù)f的取值范圍為(0,2),故答案為(0,2).
1+Z<2+-
I2
題型3與對勾函數(shù)有關(guān)的最值問題
【例3】因函數(shù)/(x)=x+'(/>0)的圖象形狀象對勾,我們稱形如“/(x)=x+-(Z>0)”的函數(shù)為“對勾函數(shù)”
該函數(shù)具有性質(zhì):在(0,4)上是減函數(shù),在(4,+8)上是增函數(shù),若對勾函數(shù)〃x)=x+L(f>0)對于任意的
keZ,都有則實數(shù)/的最大值為.
3
【答案】y/0.75
4
【分析】由/'(左-3?/(左+3,移項后代入〃x)=x+!f>0),構(gòu)造新的關(guān)系式,對無分類討論,轉(zhuǎn)化為
22x
恒成立問題即可解決.
1111k___I1__k---=-____1<0
【詳解】因為〃左一])</(左+萬),則〃左一])-/(左+5"0,2kJ.2A.+l-r_l一,即
當(dāng)左2--<0,---<k<一,因為左eZ,則無=0,t>---.
4224
當(dāng)即左時,恒成立,所以區(qū)(-一;
424I4
13
綜上一/!
所以實數(shù),的最大值為一3.
4
3
故答案為:—
4
【變式1】形如〃司=無+/(a>0)的函數(shù)被我們稱為“對勾函數(shù)”.“對勾函數(shù)”具有如下性質(zhì):該函數(shù)在
(0,⑹上是減函數(shù),在(亞+8)上是增函數(shù).已知函數(shù)/(x)=x+?0<aW2)在卜2,_1]上的最大值比最小值
大;,則。=.
【答案】1
【分析】由奇偶性和單調(diào)性的綜合性得到/(x)在[1,2]上的最大值比最小值大;,根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性,討論
后相對于區(qū)間的位置關(guān)系來求得最值差構(gòu)建關(guān)于。的方程,求解即可.
【詳解】j/(x)為奇函數(shù),且/(x)在[-2,-1]上的最大值比最小值大;,
所以“X)在[1,2]上的最大值比最小值大;.
由對勾函數(shù)的性質(zhì)可得“X)在(0,月上單調(diào)減,在(G,+可上單調(diào)遞增.
當(dāng)4aW1時,即0<aW1時,
/(%)在[1,2]上單調(diào)遞增.
則〃4,-一〃1)=2+/-=1一£=
解得"=1.
當(dāng)1<&4近時,即1<。42時,
在[1,石)上單調(diào)遞減,在(6.2]上單調(diào)遞增.
/(X)min=/函)=2&,
因為/(2)-"1)=1-$0,所以〃2)2/(1),
所以/5)皿*一/"心=/(2)-/(五)=2+]-2G=g,
解得“=1(舍去)或9(舍去).
綜上a=1,
故答案為:1.
【變式2]已知函數(shù)/(x)=-4x-8——二,xe[O,l],g(x)=x2-4mx-2m(m>1),若對于任意再e[O,l],
總存在Xzepl],使得/(xJ=g(X2)成立,則實數(shù)加的取值范圍為()
A.|',2)B.C.[1,2]D.1,|-
【答案】D
【分析】先利用換元法將函數(shù)〃x),轉(zhuǎn)化為了=-4-16,利用雙勾函數(shù)的性質(zhì)求得了(x)的值域,根據(jù)
二次函數(shù)的性質(zhì)求得g(x)的值域,再根據(jù)對于任意再e[O,l],總存在才2?0,1],使得/(xj=g(£)成立,
則由g(x)的值域包含fM的值域求解.
【詳解】/(x)=-4x-8--^-=-4(x-2)-一^--16,xe[O,l],
x—2x—2
xG[0,1],x-2£[-2,-1],
設(shè)”x-2,貝打斗一2,-1],則函數(shù)/(x)等價為y=-4/-;-16,
由對勾函數(shù)的單調(diào)性可得,
t已—2,-"^時,y=-4/-;—16單調(diào)遞減,
時,了=一4/-;-16單調(diào)遞增,
當(dāng)仁-;時,函數(shù)取得最小值,幾m=-4x1十胃-16=6+6-16=-4,
2
97
當(dāng),二—2時,)=8-----16=—,當(dāng)/=_]時,y=4+9-16=-3,
-22
設(shè)函數(shù)“X)的值域為〃,則函數(shù)“X)的值域"=[-4,-3];
由g(x)=--4mx-2m(m>l'),;.g(x)在[0,1]上是減函數(shù),
則最大值為g(O)=_2:〃,最小值g⑴=1一4加一2加=1一6%,
設(shè)g(x)的值域為N,則N=[l-6加,-2間,
若對于任意玉總存在工2目0』,使得〃xj=g(xj成立,
-2m>-3
3
則等價為MqN,即y-6加W—4,解得心加
m>1
一3-
所以實數(shù)冽的取值范圍是1,-.
故選:D.
【點睛】關(guān)鍵點點睛:根據(jù)對于任意占e[0,1],總存在%e[0』,使得/(芭)=8卜)成立,得出g(x)的值
域包含“X)的值域,是解決本題的關(guān)鍵.
【變式3】【多選】已知函數(shù)〃工)=》+?0>())在[2,4]上的最大值比最小值大1,則。的值可以是()
A.4B.12C.6-472D.6+4及
【答案】AD
【分析】根據(jù)對勾函數(shù)的單調(diào)性,對。進行分類討論,從而得到。的可能取值.
【詳解】依題意可得/'(x)=x+?a>0)在(0,⑹上單調(diào)遞減,在(G,+可上單調(diào)遞增,
當(dāng)&W2,即0<044時〃x)在[2,4]上單調(diào)遞增,所以/⑺1na="4)=4+(,
〃x)mM=〃2)=2+£,
所以〃x)a-/(蟲“=4+:[2+)=2-51,解得0=4;
當(dāng)五斗,即。216時,“X)在[2,4]上單調(diào)遞減,所以/(4。=八4)=4+彳,
〃x)1n「〃2)=2+3
所以/(x)max一/(x)1mn=2+£-14+2]=(-2=1,解得0=12,不符合題意,故舍去;
當(dāng)2〈&<4,即4<“<16時〃x)在[2,可上單調(diào)遞減,在[也可上單調(diào)遞增,
所以〃x)mm=/(&)=2五,/Wmax=max{/(2),/(4)},
若4+(>2+事且4<a<16,即4<。<8,〃無)2="4)=4+亍,
所以/(x)ma、-/(x)疝。=4+/-2&=1,解得。=4或。=36,兩個解均舍去;
若4+亍《2+三且4<Q<16,即84〃<16,/(x)111ax=/(2)=2+5,
所以/(x)max—/(Hmin=2+,-26=1,解得〃=6+4亞或4=6-4行(舍去);
綜上可得a=6+472或〃=4.
故選:AD
題型4利用對勾函數(shù)解決恒成立有解問題
【例4】設(shè)函數(shù)〃x)=x+fxe[l,3若*eI,3
使得/一。2/(幻成立,則實數(shù)。的取值范圍是
【答案】(_叫-1]32,+8)
【詳解】因為函數(shù)/(x)=x+Lxe:,3
X|_2
而函數(shù)/(X)在pl為減函數(shù),在[1,3]為增函數(shù),所以"x*"=/⑴=1+1=2,
即函數(shù)的最小值為2,又*e1,3,使得"一。24X)成立,則/一
即〃一。之2,解得:a>2^a<-l,
即實數(shù)。的取值范圍是a22或aW-l,
故答案為:(-oo,-l]u[2,+co)
【變式1]因函數(shù)>=x+:(/>。)的圖象形狀像對勾,我們稱形如“y=x+;("。)”的函數(shù)為“對勾函數(shù)”,
該函數(shù)具有性質(zhì):在(0,〃]上是減函數(shù),在(〃,+可上是增函數(shù).
(1)若函數(shù)"x)=x+}XG[1,2],求/z(x)的最值;
(2)已知〃X)=2X+7J-5,xe[l,3],利用上述性質(zhì),求函數(shù)了⑺的單調(diào)區(qū)間和值域;
(3)對于(2)中的函數(shù)和函數(shù)g(x)=Y=如c+4,若對任意再?[1,3],總存在[1,3],使得
g(X2)=/(%)成立,求實數(shù)〃,的取值范圍.
【解析】⑴由題意知,函數(shù)""一x+(在[1,2]單調(diào)遞減,
〃(x)min=〃(2)=2+2=4,〃(X)*=力(1)=5;
4
(2)/(x)=2x-l+------4,令21-1=加,
2x—1
4
*.*1<x<3,1<m<5,則/(x)=左(加)=冽+---4,
m
由對勾函數(shù)的性質(zhì),可得左(加)在口,2]上單調(diào)遞減,在(2,5]上單調(diào)遞增,
“⑺在弓上是減函數(shù),在仁,3上是增函數(shù),
"1)=1,/曰""3)=1
-3-
綜上可得,“X)的單調(diào)遞減區(qū)間為,
單調(diào)遞增區(qū)間為,值域為[。,|];
「9~1
(3)由(2)知〃xje0,-時,若存在三馬1,3],
使得g(x2)=/(xj成立,只需g(x)=x2-加x+4在xe[l,3]上值域包含0,|,
則分成以下四種情況:
Y機C
im「
mym-1<—<31<—<3
—<1—>322
22
I,<>2
g⑴40;<g⑶40;g⑴g⑶
55
g(l”:
g用l<0|<o
[(2,[(2,
解集均為空集,所以加不存在.
【變式2】因函數(shù)y=x+!(/>0)的圖象形狀象對勾,我們稱形如“昨%+入》0)”的函數(shù)為“對勾函數(shù)”該函
XX
數(shù)具有性質(zhì):在(0,d]上是減函數(shù),在(4,+8)上是增函數(shù).
(1)已知〃x)=2x+7--5,xe[l,3],利用上述性質(zhì),求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間和值域;
(2)對于(1)中的函數(shù)/(x)和函數(shù)g(x)=x2-wx+4,若對任意王€[1,3],總存在%2引1,3],使得
g(x2)</(xj成立,求實數(shù)機的取值范圍.
4
【解析】(1)/(x)=2x-l+----4
2.x—1
^2x-l=m,*.*1<x<3,1<m<5.
4
則f(%)=h[m)=m-\----4
m
由對勾函數(shù)的性質(zhì),可得〃(加)在[1,2]上單調(diào)遞減,在(2,5]上單調(diào)遞增,
...〃》)在[1,。上是減函數(shù),在3]上是增函數(shù).
"1)=1,佃=。,〃3)=|,
3Q9
綜上可得,/(X)的單調(diào)遞減區(qū)間為[1,單調(diào)遞增區(qū)間為(5,3],值域為[0,1].
「9-1
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