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文檔簡介
專題3-4解三角形大題綜合歸類
目錄
題型01正余弦定理基礎(chǔ):正余余正求角(第一問)..................................................1
題型02正余弦定理基礎(chǔ):分式型求角(第一問)....................................................5
題型03正余弦定理基礎(chǔ):角度關(guān)系證明型(第一問).................................................8
題型04正余弦定理基礎(chǔ):正切型求角(第一問)...................................................12
題型05解三角形最值:角與對邊型求面積.........................................................16
題型06解三角形最值:角非對邊型求面積.........................................................18
題型07解三角形最值:周長型最值...............................................................21
題型08解三角形最值:長度型最值...............................................................25
題型09解三角形最值:銳角三角形與邊系數(shù)不等型.................................................27
題型10解三角形最值:四邊形面積最值型..........................................................30
題型11三大線:中線(重心)型..................................................................32
題型12三大線:角平分線(內(nèi)心)型.............................................................35
題型13三大線;高.............................................................................39
題型14輔助線型:雙三角型.....................................................................41
高考練場......................................................................................45
熱點題型歸納
題型01正余弦定理基礎(chǔ):正余余正求角(第一問)
【解題攻略】
正余弦定理求角基礎(chǔ):
兩角和與差的正弦、余弦'正切公式
sin(a+1)=sinacosfi+cos(zsinp(S(a+/?))正余余正
sin(a—j^)=sinacos夕一cosasinp正余余正正角減余角
cos(a+)ff)=cosacosfl—sinasinP(C(?+/?))余余正正偶函數(shù)。誰減誰無所謂cos(a-
/J)=cos(fl—a)
cos(a—)ff)=cosacosjff+sinasinp(C(a-/?))
對于Sin(a+/3)與COS(a+p)簡稱為“正余余正,余余正正”
恒等變形和化簡求角中,有如下經(jīng)驗:
1、SinC=Sin(A+B)=sinAcosB+cosAsinB:正用。逆用;見A與B的正余或者余正,不夠,找
sinC拆
2、邊的齊次式,正弦定理轉(zhuǎn)為角的正弦;
3、cosC=-cos(A+B)=-[cosAcosB-sinAsinC]
【典例(2024上?天津西青?高三統(tǒng)考)已知△ABC的內(nèi)角A,B,C的對邊分別為〃,b,c,且
(2Q-V3c)COSB-y/3bcosC.
⑴求3;
(2)若b=3,sinC=gsinA,求〃;
(3)若b=6a,求sin12A-;J.
【答案】(1)3;(2)。=3;(3)立二2叵.
68
【分析】(1)由正弦邊化角及三角恒等變換可得2sinAcosB=6sinA,結(jié)合三角形內(nèi)角性質(zhì)求B.
(2)由正弦角化邊及余弦定理列方程求。
(3)由題設(shè)及(1)得$由4=孚=1,注意A為銳角,應(yīng)用倍角正余弦、差角正弦公式求目標(biāo)式的值.
V24
【詳解】(1)在AABC中,由正弦定理及(2〃-百c)cos3=V§/7cosC,
(2sinA-A/3sinC)cosB=A/3sinBcosC,
則2sinAcosB=A/3sinCcosB+y/3sinBcosC=\/3sin(B+C)=^3sinA,
而sinA>0,貝!Icos2=@,又8?(。,兀),所以8=^.
26
(2)由sinC=gsinA,得c=6a,由(1)及余弦定理/-2〃ccos5=〃?,
得a2+3a2—2y/3a2?=9,解得a=3,所以a=3.
2
1
(3)由/?=友〃及正弦定理,得sinB=0sinA,則(口,=‘由區(qū)=2=及,
~41—垃—4
顯然b>a,即3>A,則A為銳角,cosA=Vl—sin2A=
于是sin2A=2sinAcosA=2xx,cos2A=2cos2A-l=2x(^^-)2-1=—,
44444
訴I'J.。人兀、-兀兀。713V7-3V3
J7T以sin(2A——)=sm2Acos——cos2Asin—=——x------x——=-------------.
33342428
【典例1?2】(2023?山東濰坊?統(tǒng)考模擬預(yù)測)已知△ABC中,角A,B,C的對邊分別為。,b,c,
A
(acosC+ccosA)cos—=asinB.
(1)求角A;
⑵若。為邊3c上一點,且滿足AD=CD,S.ACD=2S.ABD,證明:融。為直角三角形.
【答案】⑴A=5⑵證明見解析
A
【分析】(1)利用正弦定理邊化角結(jié)合兩角和的正弦公式化簡己知等式,可得sinA=cos,,再利用二倍
A
角公式即可得到sin,的值,即可求得答案;
(2)根據(jù)yAs=241W)得出CJD=2貶>,設(shè)NACD=6,表示出相關(guān)各角,在利用正弦定理即可求
得,,即可證明結(jié)論.
A
【詳解】(1)在中,由正弦定理得(sinAcosC+sinCcosA)cos,=sinAsin3,
AA
所以sin(A+C)cos,=sinAsinb,即sinBcos—=sinAsinB,
A
因為5£(0,7r),「.sin3wO,所以sinA=cos—,
2
A(jrAAAA
又因為Ac(0,兀),—G0,—,sinA=2sin—cos—,cos—wO,
2I2J222
所以sing::,所以A=g;
(2)證明:因為2AC?=2S'B?,所以CD=2&),
設(shè)NACD=,,在AACD中,AD=CD=2BD,則NCAD=,.
jr27r
可得3-e,ZABC=--0,
BDAD
在△ABD中,由正弦定理得,
又因為AD=2BE>,所以2sin
化簡得tanO=3,因為6e[o,g],即6=£,則NABC=g.
3I3/62
所以△ABC是直角三角形.
【變式1”】(2023上?重慶永川?高三重慶市永川北山中學(xué)校??茧A段練習(xí))在融。中,角A、B、C所對
的邊分別為。、b、C,且百acosC=G。-J^gcosA.
(1)求角A的大??;
⑵求cos15-2sin2m的取值范圍.
【答案】⑴A=£(2)[_^^~2,6_I
6\2
【分析】(1)由正弦定理、兩角和的正弦公式化簡已知式,即可得出答案;
(2)由誘導(dǎo)公式、二倍角的正弦公式、兩角差的余弦公式化簡-Zsin?^,再由三角函數(shù)的性
質(zhì)求解即可.
【詳解】(1)由正弦定理可得,上sinAcosC=2sinBcosA-6sinCcosA,
從而可得6sin(A+C)=2sinBcosA,^3sinB=2sinBcosA,又3為三角形的內(nèi)角,
所以sin^wO,于是cosA=無,又A為三角形的內(nèi)角,因此A=?.
26
(2)cosfj-2sin2=cosfB+^j-2sin2g=sin5+cosC-l=sin3+cosfj-1
=sinB+cos—cosB+sin—sinB-1二一sin8-----cosB-l=J3sin|B--|-1,
6622I6)
由A.可知,力一2[一看母),從而,
因止匕遭sin(B_F]_lc]一^省一1,
故cos(B-]J-2sin2:的取值范圍為一6;?,6一1.
【變式1-2](2023?重慶沙坪壩?重慶八中??寄M預(yù)測)已知。,b,c分別為AABC三個內(nèi)角A,B,C的
對邊,_S.bcosC+\/3bsinC-a-c=Q.
⑴求8;
⑵若S3C=W,點。在邊AC上,守絲=@,且8。=5叵,求心
2^ABADC5
【答案】(1)5=1;(2)6=77.
【分析】(1)利用正弦定理化邊為角,結(jié)合恒等變換可求角5的大小.
(2)根據(jù)給定條件,結(jié)合三角形面積公式求出ZAB2NC5。,再利用余弦定理、三角形面積公式計算即得.
【詳解】(1)在AABC中,由正弦定理及bcosC+J§/?sinC-a-c=0,
sinBcosC+y/3sin5sinC-sinA-sinC=0,
即sinBcosC+GsinBsinC=sinA+sinC=sin(B+C)+sinC=sinBcosC+cosBsinC+sinC,
則6sin5sinC=sinC+cos5sinC,而sinCw。,于是651!13-以)53=1,
即sin(5-g)=<,又0<B<71,即有一當(dāng),則5-£=£,所以3=2.
62666663
S—a'BDsinZ.CBD
(2)依題意,-^=-2----------------------貝UsinZABD=sinNCBD,ZABD+ZCBD=-f
SGAD-cBDsinZABDc3
2
干曰/ARD—/「RD—71cc,c160116413百
于1ABD-/CBD—%,SA5C=SACBD+5AABD=-?.^—-+-c-^—,
角軍得a+c=5,X=^acs^n~^=ac=J角星得〃c=6,
由余弦定理得。2=tz2+c2-laccosB=(Q+C)2-3。。=7,解得人=近,
所以Z?=V7.
【變式1?3】(2024上?黑龍江齊齊哈爾?高三統(tǒng)考)在△ABC中,角A,B,C的對邊分別為
a,b,c,(2sinA-sinC)cosB=sinBcosC.
⑴求角3的大小;
Q)若b=2后,求AABC周長的最大值.
【答案】⑴84(2)6百
【分析】(1)根據(jù)題意利用三角恒等變換運算求解即可;
(2)法一:利用正弦定理邊化角,結(jié)合三角恒等變換以及正弦函數(shù)的有界性分析求解;法二:利用余弦定
理結(jié)合基本不等式運算求解.
【詳解】(1)因為(2sinA-sinC)cosB=sinBcosC,即2sinAcosB=sinBcosC+sinCeos反
可得2sinAcosB=sin(5+C)=sinA
又因為A?0,兀),則sinAwO,可得cos3=/,
jr
且0<3<兀,可得B=§.
a_b_c_2y/3_
(2)法一■:由正弦定理可得sin^sinBsinC^/3,貝lja=4sinA,c=4sinC,
~2
可得〃+/;+c=4sinA+2^3+4sinC=2百+4sinA+4sin(2兀一A]
=273+4sinA+2sinA+2V3cosA=2^+6sinA+2V3cosA=2^+45/3sin^A+^
因為0<A<2TI,則工<4+烏<2,可得4石<2石+4石sin(A+21w6』,
3666V6J
所以AABC周長的最大值為6G
法二:由余弦定理可得〃之=+c2—2accosB=a2+c2—ac?
可得12=(a+c)2—3acN(a+c)2—3x[^^,當(dāng)且僅當(dāng)a=c=2有時,等號成立,
解得〃+c<4百,所以AABC周長的最大值為6G.
題型02正余弦定理基礎(chǔ):分式型求角(第一問)
【解題攻略】
分式型特征:
1.分式中分子分母是邊的齊次式。
2.分式中分子分母是正弦的齊次式
3.如果有余弦,一般情況下不計入次事計算
4.可以通過去分母,轉(zhuǎn)化為無分式型齊次,再用正弦定理轉(zhuǎn)化
【典例1-1](2023上?湖南長沙?高三長沙市明德中學(xué)??茧A段練習(xí))已知AABC的內(nèi)角A,B,C的對邊
八日1、1,sinA-sinCsin(A+C)
分別為。,b,c,----------------=---------L.
sinB+sinCsinA+sinC
⑴求A;
⑵若角A的平分線AD交BC于點。,且AD=2,求44BC面積的最小值.
【答案】(l)A=方-(2)4石
【分析】(1)根據(jù)條件,得到sm.-smf=s:B利用正弦定理角轉(zhuǎn)邊,得到62+02-/=_瓦..
sinB+smCsmA+smC
再利用余弦定理即可求出結(jié)果;
(2)利用條件,結(jié)合2tBe=53。+^^,得到6+c=;歷,再利用基本不等式,得到歷216,從而求出
結(jié)果.
?、斗生、…、.A.sinA-sinCsin(A+C)sinA-sinCsin3
【詳角軍】(1)由已知[-----:—=一^——,得ZR-----------=-----------,
sinB+sinCsinA+sinCsinB+sinCsinA4-sinC
在AASC中,由正弦定理得產(chǎn)=一也,^b2+c2-a2=-bc.
b+ca+c
再由余弦定理得cosA="+ci-be_1
2bc2bc~~2
又A£(0,7C),所以A二竽.
jr
(2)因為AD是角A的平分線,則NR4O=NC4O=§,
11w
又Sac=SAAB。+S^ACD=-AB-AD-sinABAD+-ACAD-sinACAD=^(b+c),
又S^c=^-ABACsinA=^-bc,所以避+=—Z?c,得到'+c=gbe,
△24242
又因為6+c22^/^,得至,WW-Jbc>4,BPbc>i6,
當(dāng)且僅當(dāng)b=c時等號成立,所以黑;c=3的也4=手加?4名
即AABC面積的最小值是4石.
【典例12](2023上?江蘇?高三泰州中學(xué)校聯(lián)考階段練習(xí))已知AABC的三個內(nèi)角4民。所對的邊分別是
7」「bsin2B
a,b,c.已知一=------,-----?
c2sinA+sinB
⑴求角C;
⑵若點。在邊AB上,6=2,8=1,請在下列兩個條件中任選一個,求邊長AB.
①。。為AABC的角平分線;②。。為的中線.
【答案】(l)g(2)2班
【分析】(1)根據(jù)正弦定理邊化角,結(jié)合二倍角公式及兩角和的正弦公式求得cosC,即可得答案;
(2)選①,由凡人8+5"8=2—根據(jù)三角形面積公式求得。,由余弦定理得AB.
選②,得麗+方=2②,平方后利用向量的運算可得。,由余弦定理得48.
【詳解】(1)在AABC中,由正弦定理知2=2絲,
csinC
sinBsin2B2sinBcosB
所以
sinC2sinA+sinB2sinA+sinB
12cos5
又3£(0,兀),所以sin3>0,
sinC2sinA+sinB
2sinA+sinB=2cosBsinC,
又A=TI—(5+C),「.2sin(B+C)+sinB=2cosBsinC,
2sinBcosC+2cosBsinC+sinB=2cosBsinC,
化簡得2sin3cosc+sin3=0,BPcosC=--,
2
2兀
又Ce(。/),所以。=彳.
(2)選①,CO為AABC的角平分線,
由S&ACD+S^BCD=SAABC得:-CACDsinZACD+-CBCDsinZBCD=-CA-CB-sinZACB,
222
—△baB,所以?+/?=〃/?,又6=2,所以。=2,
222222
2冗
在AABC中,由余弦定理得c~=a~+廳—2abcosC=2~+2~—8cos=12,所以AB=c=Z'v/§'.
選②,8為m1SC的中線,
則百+麗=2①,平方得SV+在2+292?旃2=4力2,
所以〃+/+2abcosC=4xl2,所以片+/-。/=4,乂6=2,所以。=2,
2冗
在△ABC中,由余弦定理得="+從—2Q/?COSC=2?+2?—8cos?~=12,所以43=c=2^/^.
【變式1”】.(2023上?重慶?高三重慶巴蜀中學(xué)校考階段練習(xí))已知"RC的內(nèi)角A,B,。所對應(yīng)的邊分
nB
別為a,b,c,且滿足片+一b:1.D=l.
b+cbsinA+csmB
⑴求角C的大??;
(2)若。=2,6=4,點、D為AB的中點,求tanZACD的值.
【答案】(1);(2),
【分析】(1)根據(jù)題意利用正余弦定理邊角轉(zhuǎn)化分析求解;
(2)根據(jù)(1)中關(guān)系可得c=2出,進而可知2=],利用兩角和差公式運算求解.
【詳解】(1)因為號+,....=1,由正弦定理可得,二+―^=—+—竺=1,
b+cpsinA+csinBb+cab+bcb+ca+c
整理得標(biāo)+/一。2=。匕,
由余弦定理可得cosC=""c一=—
lab2ab2
且Ce(O,7r),所以C=[.
(2)由(1)可得:a2+b2-c2^ab,貝Uc?=/+加一",即c=2g,
可知"=標(biāo)+02,即2=5,可得BD=6,tanZBCD=-=^-,
2BC2
ll-/…八/「八f「八'tanZACB-tanZ-BCD
所以tanZACD=tan(ZACB-NBCD)=--------------------
'71+tanZACBtanZBC£>1+居日5
sinB+sinCcosB一cosA
【變式1-2](2023上?江蘇常州?高三校聯(lián)考階段練習(xí))在“IBC中,a=曬,且
cosB+cosAsinC
(1)求角A;
(2)若點。為5c邊上一點,下不二i且AD_LAC,求AABC的面積.
【答案】(1)1(2)平
【分析】(1)根據(jù)同角的三角函數(shù)關(guān)系和正弦定理化簡原式,結(jié)合余弦定理求解cosA='一?=-1進而
2bc2
得到答案;
(2)根據(jù)已知條件轉(zhuǎn)化為向量關(guān)系,通過向量數(shù)量積運算得到2c=38,結(jié)合余弦定理得到19=6?+c?+慶,
兩式聯(lián)立得到b=2,c=j3b=3,結(jié)合三角形面積公式即可得到答案.
sinB+sinCcosB-cosA
【詳解】(1)因為,所以sinBsinC+sin?C=cos?B-cos?A,
cosB+cosAsinC
即sinBsinC+sin2C=^l-sin2B)-^l-sin2=sin2A-sin2B,
在AABC中,由正弦定理得,bc+c2=a2—b2,BPb2+c2—a2=—be,
2
在AABC中,由余弦定理得,cos」+:―,"又因為0<4<兀,所以A=?.
2bc23
(2)如圖所示,
因為殷二3
DC4
所以AD=AB+—BC=AB+—^AC—AB^=—AB+亍AC因為ADJ_AC,所以AD-AC=0,
所以[1通/]/=o,所以g荏*.恁=o,
即即2仍=3必,又因為bwO,所以2c=3b,
在AABC中,由余弦定理得,a2=b2+c2-2Z?ccosA,即19=廿+/+歷,
33
代入。二="解得匕=±2(負值舍去),所以力=2,c==b=3,
22
所以5AABC=;bcsinAX2X3X^^=^^.
【變式>3](2023下?貴州貴陽?高三校聯(lián)考階段練習(xí))在△ABC中,角A,B,。所對的邊分別為mb,c,
asinA+0sin5-csinC2^/3.一
-------------------------------=------sinC.
asinB3
⑴求角C;
⑵若AB邊上的中線長為1,求△ABC面積的最大值.
【答案】(嗚(2呼
【分析】(1)由條件利用正弦定理,余弦定理化簡可得tanC,進而求出C;
(2)由題意可得2麗=石+而,利用向量運算可得4=1+>2+必,根據(jù)基本不等式可求得油的最大值,
進而得解.
【詳解】(1)因為“sin.+'sinB-csinC=g^sinc,由正弦定理可得>+"一心=殛二(?,
asinB3ab3
又由余弦定理可得2HcosC=2臣sinC,.■.cosC=^sinC,
ab33
71
tanC='/3,又0<C<7l,C=—.
(2)設(shè)48邊上的中線為CD,由向量關(guān)系可得,
2Ci5=CA+CB,
41CDI2=1C412+1CSI2+21c3|.|CBIcosC,又|CZ)|=1,C=-|,
..4=ci~+b~+cih,
2
.A-ab=Cr+b>2ab,abvg(當(dāng)且僅當(dāng)。=6=型時取等號)
33
/.SAM=L)sinC=*"《走.所以△ABC面積的最大值為^^
△244333
題型03正余弦定理基礎(chǔ):角度關(guān)系證明型(第一問)
JT
【典例1?1】(2023?全國?模擬預(yù)測)在AABC中,內(nèi)角A,B,。的對邊分別為。,b,c,滿足
2bsinB-2csinC=6a.
jr
⑴求證:B-C=y.
TT
(2)若A=],c=2,求AABC的面積.
【答案】(1)證明見解析(2)2萬
【分析】(1)方法一,由正弦定理得到2sin2B-2sin2c=6sinA>0,b>c,結(jié)合
sinB=sin(A+C),sinC=sin(A+B)化簡得到sin(B-C)=¥,證明出結(jié)論;
方法二:,由正弦定理得到2sin2B-2sin2c=/sinA>0,b>c,b2-c2=43Ra,結(jié)合余弦定理得到
2bcosC=a+y/3R,因為sinA=sin(B+C),所以sin(B-C)=#,證明出結(jié)論;
(2)根據(jù)A=?和(1)中結(jié)論得到8=3,C=y,由正弦定理得到a=2百,利用三角形面積公式求出答
326
案._
【詳解】(1)方法一:2Z?sinB-2csinC=V^a,
由正弦定理得2sin2B-2sin2C=gsinA>0,
故sin5>sinC,由正弦定理可知,
又A+5+C=TI,所以2sin_Bsin(A+C)-2sinCsin(A+_B)=百sinA,
所以2sin_B(sinAcosC+cosAsinC)-2sinC(sinAcosB+cosAsinB)=^3sinA,
所以2(sin3sinAcosC-sinCsinAcosB)=\/3sinA.
因為sinAwO,所以sin(B-C)=立.又AN:,所以0<8+(7《=.又b>c,所以
方法二:由2bsinB-2csinC=6a,由正弦定理得2sii?B-Zsin?C=百sinA>0,
故sin3>sinC,由正弦定理可知/?>c,
因為一^―=2R,所以2bsin3-2csinC=23RsinA,
smA
BPbsinB—csinC=5/37?sinA,所以根據(jù)正弦定理,得力一c?=6Ra.
又/+/—c2=〃+屬Q(mào),所以結(jié)合余弦定理,得2abeosC=H+6Ra,
所以2bcosC=a+gH,則2-2RsinB-cosC=2RsinA+6R,
即2sinBcosC=sinA+,由sinA=sin(B+C),可得2sinBcosC=sinBcosC+cosBsinC+^-,
所以sin(B-C)=¥.又AN4,所以0<8+Cv/.又b>c,所以8-C=].
7T
(2)由(1)知B—C=
又4=?,A+B+C=TI,所以5=',C=—.
326
,=上=,=上=4廠
由正弦定理,知sinAsin8sinCsin工'所以1=2石,b=4,
6
故AASC的面積S=LacsinB=Lx26x2xl=2G.
22
【典例1-2】(2023?全國?高三專題練習(xí))AABC的內(nèi)角AB,C的對邊分別為。也c,acosB^bcosA.
(1)證明:A=B;
(2)若c=Jia=6,求AABC的面積.
【答案】⑴證明見解析(2)3瓜
【分析】(1)用正弦定理轉(zhuǎn)化,結(jié)合正弦差角公式即可求解。)結(jié)合第一問的結(jié)論和余弦定理求得。的余弦值,
代入面積公式求解即可.
【詳解】(1)因為優(yōu)os3=Zxx)sA,所以sinAcosB=cosAsinB,
則sin(A_J3)=0.
又A,B£(0,?),所以一萬<A—5〈萬,
故A—3=0,即A=B.
(2)由(1)可知,a=b.
因為c=\fia=6,所以cosC=61——=——,
2ab2
則sinC=Jl-cos2c=,
2
故MBC的面積S=-absinC=343.
一2
【變式1-1](2023上?重慶?高三西南大學(xué)附中校聯(lián)考階段練習(xí))在AABC中,內(nèi)角A,B,C所對的邊分別為
a,b,c,滿足匕=Q—2Z?cosC
(1)求證:C=2B;
⑵若AABC為銳角三角形,求2sinC+cosB-sinB的最大值.
17
【答案】(1)證明見解析(2)工
O
【分析】(1)利用正弦定理將邊化角,借助三角恒等變換公式化簡即可.
IT7T
(2)利用△ABC為銳角三角形,求出:<3<:,表示出2sinC+cos3-sinB,并進行換元轉(zhuǎn)化為二次函數(shù),
64
進而求得最大值.
【詳解】(1)由題b=a—2Z;cosc,
由正弦定理:sinB=sinA-2sinBcosC=sin(B+C)-2sinBcosC,
所以sing=sinBcosC+cosBsinC—2sinBcosC,
整理sinB=sinCcosB-cosCsinB,
所以sin8=sin(C—B),
:.B=C-B^B+C-B=TI(舍),:.C=2B.
7t
0<7t-3B<—
2
(2)?「△ABC為銳角三角形,,解得:~7<3所以。<:一5<一,
64'412
71
0<2B<-
2
717171717t^6-A/2
且sin——=sin
123434
由(1)問,C=2B,:.2sinC+cosB—sinB=2sin2B+cosB—sinB,
令/二cosB-sinB=^2sinIB,則sin25=l-(cos3-sinB)2,
17
所以2sinC+cosB-sinB二2(1-〃)+/=-2*+t+2=—2
因為力£0,
【變式12](2023?全國?模擬預(yù)測)在銳角AABC中,內(nèi)角A,B,。所對的邊分別為〃,b,c,且
6icosB=Z?(l+cosA).
(1)證明:A=2B;
(2)求£的取值范圍.
A/222/3
【答案】(1)證明見解析(2)
【分析】(1)由正弦定理結(jié)合兩角差的正弦公式化簡已知式,即可得出答案;
(2)由AABC是銳角三角形,可求出進而求出也<cosB<3,由正弦定理結(jié)合兩角和的正
6422
弦定理可得£=2COSB———,令cosB=f,y=2t--,由y=2--1-的單調(diào)性即可求出答案.
a2cosB2t2t
【詳解】(1)由acos5=b(l+cosA),結(jié)合正弦定理得sinAcos5=sin5(l+cosA),
BPsinAcosB—cosAsin5=sinB,
所以sin(A-B)=sin5,
所以A—6=3或(A—3)+5=7i(舍去),所以A=25.
(2)在銳角AA6C中,0<8<e,0<A=2B<-,0<C=n-3B<~,
222
目n兀n71匚616八6csinCsin3Bsin2BcosB+cos2BsinB一八1
即/所以}<8SB(千?廠嬴大,---------------------------------=2cosB--------
sinIB2cosB
令cosB=£,y=2t——,te,因為>=2/一;在上單調(diào)遞增,
2tk22JI227
t-r-pjpr^2A/2后^32^/3而|、]£二2A/^
所以y>j2—3=可,y<v3---=^—,所以?
【變式13](2023上?安徽?高三校聯(lián)考階段練習(xí))在銳角AABC中,內(nèi)角AB,C所對的邊分別為〃也c,且
a2=b2be.
(1)證明:A=2B;
(2)若c=2,求AABC的周長的取值范圍.
【答案】⑴證明見解析⑵(石+3,20+4)
【分析】(1)根據(jù)已知結(jié)合余弦定理可推得6+26cosA=c.進而根據(jù)正弦定理邊化角以及三角恒等變換,
化簡可得sinB=sin(A-B).結(jié)合銳角三角形,即可得出證明;
(2)先根據(jù)已知得出聿<8<:根據(jù)三角恒等變換化簡得出sinC=sinB(4cos28T),然后根據(jù)正弦定理化
簡得出6進而根據(jù)余弦函數(shù)的取值范圍,即可得出答案.
2cosB-l
【詳解】(1)由余弦定理可得,4=萬2+02-2》CCOSA.又/=/+慶,
所以有b1+Z?c=〃2+c2-2bccosA,
整理可得h+2Z?cosA=c.
由正弦定理邊化角可得,sinB+2sinBcosA=sinC.
又sinC=sin(A+8)=sinAcosB+cosAsinB,
所以,sinB+sinBcosA=sinAcosB+cosAsin3,
整理可得,sin5=sinAcos5-cosAsin5=sin(A—5).因為△ABC為銳角三角形,
jrIT
所以,。<4<5,O<3<5,所以,B=A—B,A=2B.
(2)由(1)知,A=2B,則C=TT—(A+3)=7I—38.
71
0<A=25<—
2
,解得已<:
因為AA6C為銳角三角形,所以,0<B<-5<.
2
71
0<C=TI-3B<-
2
根據(jù)正弦定理號=芻=’不可得,烏挈csinA
6=a-
sinAsmBsinCsmCsinC
因為sinC=sin(兀-33)=sin3B=sin(B+2B)
=sinBcosIB+cos8sinIB=sinB(cos2B-sin2B)+2sinBcos2B=sinB(4cos2B-l),
csinB_csinB_c_csinA_csin2B
所以,sinCsinB(4cos2B-l)4cos2B-l'sinCsin3(4cos?5-1)
=2csinBcos5=2ccos5c2ccos5_c
sinB(4cos2B-l)4cos2B-l'1''a+~4cos2B-l+4cos2B-l2cosB-l'
因為所以也<c°sB〈昱,V2-l<2cosB-l<^-l,
6422
1V3+111(后+
<-------------<~/==A/2+1,所以,6+1<Q+Z?<21),
A/3-122cosB-1v2-1
所以,g+3<a+b+c<20+4.所以,AABC的周長的取值范圍為(6+3,2立+4).
題型04正余弦定理基礎(chǔ):正切型求角(第一問)
【解題攻略】
分式型與正切型
1.若式子含有d4c的2次齊次式,優(yōu)先考慮余弦定理,“角化邊?
2.面積和凡瓦C2次齊次式,可構(gòu)造余弦定理
3.正切型,可以“切化弦”,轉(zhuǎn)化為分式型,在進行化簡求角
【典例1-1](2023上?湖北?高三隨州市曾都區(qū)第一中學(xué)校聯(lián)考)AABC中,內(nèi)角所對的邊分別為。力,c,
h
滿足Z7tanA+btanB=-.
cosA
⑴求角人
⑵若。是AC邊上的一點,且8=2,BD=AD=6,求tanA.
【答案】(l)g(2)也
32
【分析】(1)根據(jù)題意,利用正弦定理和兩角和的正弦,化簡得到sinBsinC=V^sinCcosB,進而得到
sin8=6cosB,即可求得B的大??;
62
(2)根據(jù)題意,在△BCD中,利用正弦定理得.‘人兀、一.,71—二,進而化簡得到gcosA=2sinA,
即可求解.
【詳解】⑴解:由6tanA+btan3=①,可得6型冬+分甄2=且£,
cosAcosAcosBcosA
sinBsinAsin2BA^sinC
又由正弦定理得---------1-----
cosAcosBcosA
整理得sinB(cos5sinA+sinBcosA)=百sinCcosB,
可得sin5sinC=百sinCcosB,
因為C£(。,兀),可得sinC>0,所以sin3=cosB,即tan3=6,
又因為6e(0,7i),所以B=
BDCD
(2)解:在△BCD中,由正弦定理得
sinZBCDsinZCBD
因為BQ=AD=6,且3=可得/A,
33
(人62
又因為sinC=sin(A+8)=sinb+*所以,2+3sin,A),
整理得退cosA=2sinA,所以tanA
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