山西省2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末質(zhì)量檢測數(shù)學(xué)試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1山西省2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末質(zhì)量檢測數(shù)學(xué)試題注意事項(xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置.2.請按題號(hào)順序在答題卡上各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效.3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡上作答；字體工整，筆跡清楚.4.考試結(jié)束后，請將試卷和答題卡一并上交.一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1.集合，則（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由，得，解得，因?yàn)?，所以，又，所?故選：D.2.已知復(fù)數(shù)滿足，則復(fù)數(shù)的模為（）A.2 B. C. D.【答案】B【解析】因?yàn)?，又，所以，所以，所以?

故選：B3.下列說法中，正確的是（）A.數(shù)列可表示為集合B.數(shù)列與數(shù)列是相同的數(shù)列C.數(shù)列的第項(xiàng)為D.數(shù)列可記為【答案】C【解析】對于A，由數(shù)列的定義易知A錯(cuò)誤；對于B，兩個(gè)數(shù)列排列次序不同，是不同的數(shù)列，故B錯(cuò)誤；對于C，數(shù)列的第項(xiàng)為，故C正確；對于D，因?yàn)?，所以，這與數(shù)列定義不相符，故D錯(cuò)誤.故選：C.4.若函數(shù)，則（）A.0 B. C. D.【答案】A【解析】，所以.故選：A.5.若，且，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】因?yàn)?，所以，又，所以，即，又，所以，所以，所?故選：B.6.已知半徑為1的圓經(jīng)過點(diǎn)，其圓心到直線的距離的最大值為（）A. B. C.2 D.3【答案】D【解析】設(shè)圓的圓心為，則，即圓的圓心的軌跡是以為圓心，為半徑的圓，其中點(diǎn)到直線的距離，則圓心到直線的距離的最大值為.故選：D7.已知公差不為0的等差數(shù)列滿足，則的最小值為（）A.1 B. C. D.2【答案】C【解析】根據(jù)等差數(shù)列性質(zhì)可得，則，，當(dāng)且僅當(dāng)，即，時(shí)，取“”號(hào)．故選：C．8.已知函數(shù)，若，則下列式子大小關(guān)系正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】在上恒成立，故在上單調(diào)遞增，因?yàn)?，故，所以，故，所以，?dāng)時(shí)，，故，，則，故，綜上，，A正確.故選：A二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對的得5分，部分選對的得2分，有選錯(cuò)的得0分.9.下列通項(xiàng)公式中，對應(yīng)的數(shù)列是遞增數(shù)列的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】對于A，因?yàn)?，由二次函?shù)的單調(diào)性可得數(shù)列為遞增數(shù)列；對于B，因?yàn)椋梢淮魏瘮?shù)的單調(diào)性可得數(shù)列是遞減數(shù)列；對于C，因?yàn)?，由指?shù)函數(shù)的單調(diào)性可得數(shù)列是遞減數(shù)列；對于D，因?yàn)?，?dāng)時(shí)，數(shù)列是遞增數(shù)列，當(dāng)時(shí)，數(shù)列為遞增數(shù)列，而，所以數(shù)列是遞增數(shù)列.故選：AD.10.2023年7月31日國家統(tǒng)計(jì)局發(fā)布了制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）如下圖所示：則下列說法正確的是（）A.從2022年7月到2023年7月，這13個(gè)月的制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）的極差為B.2023年7月份，制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）為，比上月上升0.3個(gè)百分點(diǎn)C.從2023年1月到2023年7月，這7個(gè)月的制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）的第71百分位數(shù)為D.從2022年7月到2022年12月，這6個(gè)月的制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）的平均數(shù)約為【答案】BCD【解析】由圖知，制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）的最大值為，最小值為，所以極差為，故A錯(cuò)誤；由圖可知，2023年7月份，制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）為，6月份為，則7月比6月上升個(gè)百分點(diǎn)，故B正確；從2023年1月到2023年7月，這7個(gè)月制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）從小到大的順序?yàn)?，因?yàn)椋缘?1百分位數(shù)為第5個(gè)數(shù)，即為，故C正確；由圖可知從2022年7月到2022年12月，這6個(gè)月的制造業(yè)采購經(jīng)理指數(shù)（PMI）的平均數(shù)為，故D正確.故選：BCD.11.已知正四棱錐的底邊長為2，高為2，且各個(gè)頂點(diǎn)都在球的球面上，則下列說法正確的是（）A.直線與平面所成角的余弦值為B.平面截球所得的截面面積為C.球的體積為D.球心到平面的距離為【答案】ACD【解析】如圖所示，因?yàn)檎睦忮F的底邊長為2，高為2，且各個(gè)頂點(diǎn)都在球的球面上，連接，且，則平面，，對于A中，在直角，，可得，所以，所以A正確；對于B中，設(shè)正四棱錐外接球的半徑為，在直角中，，可得，即，解得，則平面截球所得的截面圓的半徑為，所以截面圓的面積為，所以B錯(cuò)誤；對于C中，由外接球的半徑為，所以球的體積為，所以C正確；對于D中，設(shè)等腰的外接圓的圓心，外接圓的半徑為，取的中點(diǎn)，連接，則點(diǎn)在上，且，在直角中，可得，即，解得，根據(jù)球的性質(zhì)，可得平面，在直角中，可得，即球心到平面的距離為，所以D正確.故選：ACD.12.已知為雙曲線的左、右焦點(diǎn)，為平面上一點(diǎn)，若，則（）A.當(dāng)為雙曲線上一點(diǎn)時(shí)，的面積為4B.當(dāng)點(diǎn)坐標(biāo)為時(shí)，C.當(dāng)在雙曲線上，且點(diǎn)的橫坐標(biāo)為時(shí)，的離心率為D.當(dāng)點(diǎn)在第一象限且在雙曲線上時(shí)，若的周長為，則直線的斜率為【答案】ABD【解析】因?yàn)闉槠矫嫔弦稽c(diǎn)，且，所以為直角三角形，設(shè)，，在中由勾股定理可得①，由雙曲線的定義可得②，②式的平方減①式可得，所以，故A正確；由對稱性可知為等腰直角三角形，因此，又且，所以，故B正確；因?yàn)椋渣c(diǎn)在以為直徑的圓上，所以該圓的圓心為原點(diǎn)，半徑為，即曲線與雙曲線的交點(diǎn)即為，由，則，即（負(fù)值舍去），所以，所以離心率，故C錯(cuò)誤；由題意可知，，則，所以，即為等邊三角形，則直線的斜率為，故D正確.故選：ABD三、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分.13.設(shè)單位向量的夾角的余弦值為，則____________.【答案】【解析】因?yàn)閱挝幌蛄康膴A角的余弦值為，則，所以，則.故答案為：.14.已知拋物線的焦點(diǎn)為，點(diǎn)，若點(diǎn)為拋物線上任意一點(diǎn)，當(dāng)取最小值時(shí)，點(diǎn)的坐標(biāo)為____________.【答案】【解析】拋物線焦點(diǎn)為，準(zhǔn)線方程為，過點(diǎn)作垂直準(zhǔn)線交于點(diǎn)，則，所以，當(dāng)且僅當(dāng)、、三點(diǎn)共線時(shí)取等號(hào)，即平行于軸時(shí)取最小值，此時(shí)，則，即，所以.故答案為：15.某市舉辦花展，園方挑選紅色、黃色、白色鮮花各1盆，分別贈(zèng)送給甲、乙、芮三人，每人1盆，則甲沒有拿到白色鮮花的概率是____________.【答案】【解析】設(shè)事件為甲拿到白色鮮花，根據(jù)題意有紅色、黃色、白色鮮花各1盆，分別贈(zèng)送給甲、乙、丙三人，每人1盆，甲、乙、丙三人拿到白色鮮花的概率相等，都為，所以，則甲沒有拿到白色鮮花的概率．故答案為：．16.若存在實(shí)數(shù)使得，則的值為____________.【答案】【解析】因?yàn)椋?，令，則，當(dāng)時(shí)，單調(diào)遞減；當(dāng)時(shí)，單調(diào)遞增；所以，可得，所以，即，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)等號(hào)成立，又，所以，故，此時(shí)的值為.故答案為：.四、解答題：本題共6小題，共70分.解答應(yīng)寫出必要的文字說明、證明過程及演算步驟.17.已知函數(shù)，且為極值點(diǎn).（1）求實(shí)數(shù)的值；（2）判斷是極大值點(diǎn)還是極小值點(diǎn)，并分別求出極大值與極小值.解：（1），因?yàn)闉楹瘮?shù)的極值點(diǎn)，所以，解得，經(jīng)檢驗(yàn)符合題意，所以；（2）由（1）得，，當(dāng)或時(shí)，，當(dāng)時(shí)，，所以函數(shù)在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，所以為極大值點(diǎn)，極大值為，為極小值點(diǎn)，極小值為.18.已知的內(nèi)角的對邊分別為，且．（1）求角；（2）設(shè)是邊上一點(diǎn)，為角平分線且，求的值．解：（1）由正弦定理得，即，利用余弦定理可知，因?yàn)?，所以；?）在中，，所以，即，因?yàn)闉榻瞧椒志€，所以，所以，由余弦定理，得，則，因此．19.已知數(shù)列，且.（1）求數(shù)列的通項(xiàng)公式；（2）求數(shù)列的前項(xiàng)和.解：（1）因?yàn)?，?dāng)時(shí)，，兩式相減，得，則，當(dāng)時(shí)，，則，滿足上式，所以.（2）由（1）得，所以，則，兩式相減，得，所以.20.如圖,在直四棱柱中,,與相交于點(diǎn),，為線段上一點(diǎn)，且.（1）求證：平面；（2）求平面與平面的夾角的余弦值.解：（1）因?yàn)?，所以，所以，又為線段上一點(diǎn)，且，所以，在中，又平面，平面，所以平面.（2）直四棱柱中，平面，又，如圖建立空間直角坐標(biāo)系，則，，，，所以，，，，設(shè)平面的一個(gè)法向量為，則，令，可得，，所以平面的一個(gè)法向量，設(shè)平面的一個(gè)法向量為，則，令，可得，，所以平面的一個(gè)法向量為，設(shè)平面與平面的夾角的大小為，所以，即平面與平面的夾角的余弦值為．21.已知函數(shù).（1）證明：；（2）設(shè)，求證：對任意的，都有成立.解：（1）設(shè)，當(dāng)時(shí)，單調(diào)遞增，當(dāng)時(shí)，單調(diào)遞減，所以，于是有，即.（2）要證明成立，即證明成立，即證明成立，也就是證明成立，因?yàn)椋栽瓎栴}就是證明成立，由，設(shè)，即證明，也就是證明成立，設(shè)，所以當(dāng)時(shí)，函數(shù)單調(diào)遞增，即有，從而成立.22.已知橢圓的長軸長為，