福州市重點中學2024屆高考物理試題仿真卷：物理試題試卷二

福州市重點中學2024屆高考物理試題仿真卷：物理試題試卷（2）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將木試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，兩長直導線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為1,在兩導線中通有方向垂直于紙面向里的

電流.在紙面內(nèi)與兩導線距離均為，的。點，每根通電直線產(chǎn)生的磁場磁感應強度大小均為民若在。點平行于P、

Q放入一段長為L的通電直導線，其電流大小為/,方向垂直紙面向外，則關(guān)于它受到的安培力說法正確的是

a

/\上

/\，［+右

P位--------石0

A.大小等于方向水平向左

B.大小等于〃“，方向水平向右

C.大小等于方向豎直向下

D.大小等于方向豎直向上

2、關(guān)于盧瑟福的。粒子散射實驗和原子的核式結(jié)構(gòu)模型，下列說法中不正確的是（）

A.絕大多數(shù)a粒子穿過金箔后，基本上仍沿原來的方向前進

B.只有少數(shù)?粒子發(fā)生大角度散射的原因是原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量集中在一個很小的核上

C.盧瑟福依據(jù)Q粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論

D.盧瑟福的“核式結(jié)構(gòu)模型”很好地解釋了氧原子光譜的實驗

3、在光滑的水平桌面上有兩個質(zhì)量均為m的小球，由長度為21的拉緊細線相連.以一恒力作用于細線中點，恒力的

大小為F,方向平行于桌面.兩球開始運動時，細線與恒力方向垂直.在兩球碰撞前瞬間，兩球的速度在垂直于恒力

方向的分量為（）

4、我國計劃在2030年之前制造出可水平起飛、水平著陸并且可以多次重復使用的空天飛機。假設一航天員乘坐空天

飛機著陸某星球后，由該星球表面以大小為四的速度豎直向上拋出一物體，經(jīng)時間，后物體落回拋出點。己知該星球

的半徑為K,該星球沒有大氣層，也不自轉(zhuǎn)。則該星球的第一宇宙速度大小為（）

A?坪B.坪C.唐D.博

5、如圖所示，一個小球（視為質(zhì)點）從"=12m高處，由靜止開始通過光滑弧形軌道4凡進入半徑R=4m的豎直

圓環(huán)，且與圓環(huán)間動摩擦因數(shù)處處相等，當?shù)竭_環(huán)頂。時，剛好對軌道壓力為零；沿C8圓弧滑下后，進入光滑弧形

軌道30,且到達高度為，，的。點時的速度為零，則〃之值可能為（取g=10m/s2,所有高度均相對8點而言）（）

A.12mB.10mC.8.5mI）.7m

6、如圖所示，一角形桿ABC在豎直面內(nèi)，8C段水平，段豎直，質(zhì)量為機的小球用不可伸長的細線連接在兩段桿

上，OE段水平，。。段與豎直方向的夾角為6=30。.只剪斷EO段細線的瞬間，小球的加速度為由：而只剪斷。。段

細線的瞬間，小球的加速度為。2,則必為

%

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、下列說法正確的是（）

A.一定質(zhì)量的理想氣體，當溫度升高時，內(nèi)能增加，壓強增大

B.飽和蒸汽在等溫變化的過程中，當其體積減小時壓強不變

C.液體表面層分子間距離較其內(nèi)部分子間距離小，表面層分子間表現(xiàn)為斥力

D.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，分子平均動能可能減少

E.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的

8、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是2：1,A3兩點之間始終加〃=22O0sinl（）O;z7（V）的交變電壓。

R是輸電線的電阻，L是標有“100V、100W”的白熾燈。M是標有“100V、200W”的電動機，其線圈電阻r=10。。開

關(guān)S斷開時，電動機正常工作。下列說法正確的是（）

A.輸電線的電阻阻值R=20Q

B.電動機的輸出功率為180W

C.開關(guān)S閉合后，電動機的電功率減小

D.開關(guān)S閉合后，白熾燈的功率為100W

9、如圖，在水平桌面上放置兩條相距/的平行光滑導軌。力與cd,阻值為K的電阻與導軌的。、c端相連.質(zhì)量為加、

電阻不計的導體棒垂直于導軌放置并可沿導軌自由滑動.整個裝置放于勻強磁場中，磁場的方向豎直向上，磁感應強

度的大小為以導體棒的中點系一不可伸長的輕繩，繩繞過固定在桌邊的光滑輕滑輪后，與一個質(zhì)量也為利的物塊相

連，繩處于拉直狀態(tài).現(xiàn)若從靜止開始釋放物塊，用力表示物塊下落的高度（物塊不會觸地），g表示重力加速度，其

他電阻不計，則（）

A.電阻￡中的感應電流方向由。到c

B.物體下落的最大加速度為0.5g

C.若力足夠大，物體下落的最大速度為鬻

D.通過電阻霏的電量為半

10、如醫(yī)甲所示，一個小球懸掛在細繩下端，由靜止開始沿豎直方向運動，運動過程中小球的機械能￡與路程X的關(guān)

系圖像如圖乙所示，其中O-。過程的圖像為曲線，XrX2過程的圖像為直線。忽略空氣阻力。下列說法正確的是

1

O

圖甲

A.0?不過程中小球所受拉力大于重力

B.小球運動路程為由時的動能為零

C.0?必過程中小球的重力勢能一直增大

D.M?X2過程中小球一定做勻加速直線運動

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）利用如圖所示電路測量一量程為300mV的電壓表的內(nèi)阻Rv（約為300。）。某同學的實驗步驟如下：

①按電路圖正確連接好電路，把滑動變阻器R的滑片P滑到〃端，閉合電鍵S2,并將電阻箱Ro的阻值調(diào)到較大;

②閉合電鍵8,調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片的位置，使電壓表的指針指到滿刻度；

③保持電鍵多閉合和滑動變阻器滑片P的位置不變，斷開電鍵S2,調(diào)整電阻箱心的阻值大小，使電壓表的指針指到

滿刻度的三分之一；讀出此時電阻箱島=596。的阻值，則電壓表內(nèi)電阻Kv=

實驗所提供的器材除待測電壓表、電阻箱（最大阻值999.9。）、電池（電動勢約1.5V,內(nèi)阻可忽略不計）、導線和電鍵

之外，還有如下可供選擇的實驗器材：

A滑動變阻器：最大阻值200。

B滑動變阻器：最大值阻10。

C定值電阻：阻值約20Q

D定值電阻：阻值約200

根據(jù)以上設計的實驗方法，回答下列問題。

①為了使測量比較精確，從可供選擇的實驗器材中，滑動變阻器R應選用,定值電阻R'應選用

（填寫可供選擇實驗器材前面的序號）。

②對于上述的測量方法，從實驗原理分析可知，在測量操作無誤的情況下，實際測出的電壓表內(nèi)阻的測量值R測

真實值Rv（填“大于”、“小于”或“等于"），這誤差屬于誤差（填”偶然“或者“系統(tǒng)”）且在其

他條件不變的情況下，若心越大，其測量值A(chǔ)測的誤差就越____________（填“大”或“小”）。

12.（12分）①在做“用單擺測定重力加速度”的實驗時，為了使測量誤差盡量小，下列說法正確的是

A.須選用密度和直徑都較小的擺球

B.須選用輕且不易伸長的細線

C.實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動

D.計時起、終點都應在擺球的最高點且不少于30次全振動的時間

②某同學在野外做“用單擺測定重力加速度”的實驗時，由于沒有合適的擺球，他找到了一塊外形不規(guī)則的石塊代替擺

球，如上圖所示。操作時，他用刻度尺測量擺線OM的長度L作為擺長，測出n次全振動的總時間由到周期7；求出

重力加速度g=（拳）22，這樣得到的重力加速度的測量值比真實值_____（填“大”或“小為了克服擺長無法準確

測量的困難，該同學將擺線長度縮短為U,重復上面的實驗，得出周期廣，由此他得到了較精確的重力加速度值

s=-----。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點在O位置.質(zhì)量為，〃的物塊A（可視為質(zhì)

點）以初速度V。從斜面的頂端P點沿斜面向下運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到O,點位置后，A又被彈

簧彈回。物塊A離開彈簧后，恰好回到P點.已知。尸的距離為xo,物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)為"，斜面傾角為

0。求：

（1）。點和。點間的距離不；

（2）彈簧在最低點0,處的彈性勢能；

（3）設B的質(zhì)量為小〃，//=tan0,y°=3Jgx。sin6.在尸點處放置一個彈性擋板，將A與另一個與A材料相同的物

塊B（可視為質(zhì)點與彈簧右端不拴接）并排一起，使兩根彈簧仍壓縮到0,點位置，然后從靜止釋放，若A離開B后給

A外加恒力產(chǎn)="7gsin夕，沿斜面向上，若A不會與B發(fā)生碰撞，求”需滿足的條件？

14.（16分）如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的體積丫隨熱力學溫度T的變化關(guān)系圖像。由狀態(tài)4變化到狀態(tài)〃的過程中

氣體吸收熱量3=220J,氣體在狀態(tài)4的壓強為po=LOxl（）5pa。求：

①氣體在狀態(tài)B時的溫度72；

②氣體由狀態(tài)8變化到狀態(tài)C的過程中，氣體向外放出的熱量

15.（12分）如圖，兩固定的絕緣斜面幀角均為仇上沿相連.兩細金屬棒"（僅標出a端）和cd（僅標出c端）長度均為

L質(zhì)量分別為2加和用兩根不可伸長的柔軟輕導線將它們連成閉合回路Hdca,并通過固定在斜面上沿的兩光滑

絕緣小定滑輪跨放在斜面上，使兩金屬棒水平.右斜面上存在勻強磁場，磁感應強度大小為方向垂直于斜面向上.已

知兩根導線剛好不在磁場中，回路電阻為此兩金屬棒與斜面間的動摩擦因數(shù)均為〃，重力加速度大小為品己知金屬

棒時勻速下滑.求：

（1）作用在金屬棒ab上的安培力的大小;

⑵金屬棒運動速度的大小.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解題分析】

r點所在通電直導線的受力分析如圖所示:

由題意得：FP=FQ=BIL,6=30,安培力合力為歹=24COS30=2BILx叵=6BIL,方向豎直向上，故D

2

正確，ABC錯誤.

2、D

【解題分析】

A.。粒子散射實驗的內(nèi)容是：絕大多數(shù)。粒子幾乎不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；少數(shù)。粒子發(fā)生了較大的角度偏轉(zhuǎn)；極少數(shù)。粒子

發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)(偏轉(zhuǎn)角度超過90。，有的甚至幾乎達到180。，被反彈回來)，故A正確；

B."粒子散射熨驗中，只有少數(shù)。粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)說明三點：一是原子內(nèi)有一質(zhì)量很大的粒子存在；二是這一

粒子帶有較大的正電荷；三是這一粒子的體積很小，但不能說明原子中正電荷是均勻分布的，故B正確；

C.盧瑟福依據(jù)a粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的“核式結(jié)構(gòu)”理論，故C正確；

D.玻爾的原子模型與原子的核式結(jié)構(gòu)模型本質(zhì)上是不同的，玻爾的原子模型很好地解釋了氫原子光譜的實驗，故D

錯誤；

不正確的故選D。

3、B

【解題分析】

以兩球開始運動時細線中點為坐標原點，恒力F方向為x軸正方向建立直角坐標系如圖1,設開始到兩球碰撞瞬間任

一小球沿x方向的位移為s,根據(jù)對稱性，在碰撞前瞬間兩球的Vx、，八v大小均相等，對其中任一小球，在x方向做

初速度為零的勻加速直線運動有：V=—r；S=---t2；v2=jv；+v；,；細線不計質(zhì)量，F(xiàn)對細線所做的功等于

細線對物體所做的功，故對整體全過程蟲動能定理有；F(s+l)=2x；mv2；由以上各式解得；匕=、叵V,=、回,

m

故選B.

4、A

【解題分析】

根據(jù)小球做豎直上拋運動的速度時間關(guān)系可知

g

所以星球表面的重力加速度

2%

g=一

g

星球表面重力與萬有引力相等,

GMm

mg=

R2

近地衛(wèi)星的軌道半徑為R,由萬有引力提供圓周運動向心力有:

GMmv2

--；—=m—

R2R

聯(lián)立解得該星球的第一宇宙速度

守

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

5、C

【解題分析】

從高度12m處到C點由動能定理

2

mg(H-2R)—Wf.——mv,mg=^―

2R

可得

從C點到D點由動能定理

2

gmv+mg2R-W('=rngh'

由于小球在圓環(huán)的相同高度處，下滑的速度比上滑的小，對軌道的壓力更小，搜到的摩擦力更小，則摩擦力做功

OvW；.q〃7gA

則h之值

故選C。

6、B

【解題分析】

只剪斷EO段細線的瞬間，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin夕=tnax

小球的加速度為

?八1

%=gsm6=Qg

只剪斷DO段細線的瞬間,小球的加速度為〃2=g.則

￡L=1

a22

A.1,與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B.與結(jié)論相符，選項B正確；

C.2,與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

2

D.與結(jié)論不相符，選項D錯誤；

故選B.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BDE

【解題分析】

A.由理想氣體狀態(tài)方程，=C可知，當溫度升高時，內(nèi)能增加，"V乘積增大，但壓強不一定大，故A錯誤；

B.飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，飽和蒸汽在等溫變化的過程中，體積減小時壓強不變，故B正確；

C.液體表面層分子間距離較其內(nèi)部分子間距離大，表面層分子間表現(xiàn)為引力，故C錯誤；

D.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，根據(jù)熱力學第一定律知分子內(nèi)能可能減小，分子平均動能可能減少，故D正確；

E.根據(jù)爆增原理可知，一切自然過程總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行，故E正確；

故選BDE0

8、AC

【解題分析】

A.開關(guān)S斷開時，電動機正常工作，副線圈兩端電壓100V,副線圈電流

人=—=2A

~U

根據(jù)變壓器原理可知，原線圈兩端電壓200V,原線圈電流1A,在原線圈回路

m=

72

解得

R=20C

故A正確；

B.電動機的輸出功率為

4=P-￥RM=160W

故B錯誤；

CD.開關(guān)S閉合后，副線圈回路電流變大，則原線圈回路電流變大，電阻R上分壓變大，則原線圈兩端電壓減小，

根據(jù)變壓器原理，副線圈兩端電壓減小，小于100V,則電動機的電功率減小，白熾燈的功率小于100W,故C正確D

錯誤。

故選AC,

9、BCD

【解題分析】

從靜止開始釋放物塊，導體棒切割磁感線產(chǎn)生感應電流，由右手定則可知，電阻R中的感應電流方向由c到小故A

錯誤；設導體棒所受的安培力大小為人根據(jù)牛頓第二定律得：物塊的加速度。=警￡,當尸=（）,即剛釋放導體棒

2m

時，。最大，最大值為:g,故B正確；物塊和滑桿先做加速運動，后做勻速運動，此時速度最大，則有“尸戶，而

F=BIh/=與，解得物體下落的最大速度為：拶二嗡3,故C正確：通過電阻K的電量:

,△①人△①BASBlh“八__

q=It=Z==----=,故D正確。

Rbt2R2RR

10、BD

【解題分析】

A.小球在豎直向上的拉力和豎直向下的重力下運動，拉力做功改變小球的機械能，貝

可知題中機械能-路程圖像斜率的大小為拉力的大?。贿^程中小球所受拉力豎直向上且減小，拉力做正功，小球的

機械能增加，開始時小球從靜止開始加速，拉力大于重力，運動過程中拉力逐漸減小，XI之后，拉力豎直向上做負功,

小球向下運動，所以XI處速度為零，動能為零，說明。?為過程中小球先加速后減速，所以在減速階段拉力小于重力,

A錯誤，B正確；

C.。-不過程中小球向上運動，重力做負功，重力勢能增大，工廠工2過程中小球向下運動，重力做正功，重力勢能減小,

C錯誤；

D.XI-X2過程中重力大于拉力，小球向下運動，圖像斜率不變，拉力不變，所以小球加速度恒定，向下做勻加速直線

運動，D正確。

故選BD0

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、298BC大于系統(tǒng)小

【解題分析】

[1]由實驗原理可知，電壓表的指針指到滿刻度的三分之一，因此電阻箱分得總電壓的三分之二，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可

知，氏=氏=2980故電壓表內(nèi)阻為2980

2

①⑵⑶該實驗中，滑動變阻器采用了分壓接法，為方便實驗操作，要選擇最大阻值較小的滑動變阻器，即選擇B；定

值電阻起保護作用，因電源電動勢為L5V,若保護電阻太大，則實驗無法實現(xiàn)，故定值電阻應選用C。

②⑷從實驗原理分析可知，當再斷開開關(guān)S2,調(diào)整電阻箱的阻值，當當電壓表半偏時，閉合電路的干路電流將減

小，故內(nèi)電壓降低，路端電壓升高，從而使得滑動變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變大，即使電壓表示數(shù)為一半。

⑸而電阻箱山的電壓超過電壓表電壓，導致所測電阻也偏大，所以測量電阻大于真實電阻；本誤差是由實驗原理造成

的，屬于系統(tǒng)誤差。

⑹在其他條件不變的情況下，若Rv越大，滑動變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變化越小，其測量值K泅的誤差就越小。

442（乙_1）

12、BC小

gT?_

【解題分析】

(1)A、為減小空氣阻力對實驗的影響，從而減小實驗誤差，組裝單擺須選用空度大而直徑都較小的擺球，故A錯誤;

B、為減小實驗誤差，組裝單擺須選用輕且不易伸長的細線，故B正確；

C、實驗時須使擺球在同一豎直面內(nèi)擺動，不能使單擺成為圓錐擺，故C正確；

D、測量時間應從單擺擺到最低點開始，因為最低位置擺球速度最大，相同的視覺距離誤差，引起的時間誤差較小，

則周期測量比較準確，故D錯誤；

2#得:g"該同學用OM的長L作為擺長，擺長偏小，根據(jù)上述表達式得

(2)根據(jù)單擺的周期公式7=

知，g的測量值偏小，設擺線的結(jié)點到大理石質(zhì)心的距離為「，則根據(jù)單擺的周期公式7=

而設號'聯(lián)立解得_=喏2。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)%一%；(2)￡=)加〃；+}tan%(3)

4〃gcos。44"235

【解題分析】

(1)從4到O,由動能定理可得

mg(%+xjsin0—/.itng(%+xjcos。-W=()一;mv1①

物塊A離開彈簧后回到尸點的過程，由動能定理得

W一〃7g(毛+玉)sin，一g($+內(nèi))cos0=。②

解得

黨

X.=--------------X)

411gcos。

(2)將』帶入②式可得，彈簧彈力做功為

->

W=L〃%+嗎t(yī)an。

444

即彈簧的彈性勢能為

E=W=—+竺^tan0

p404〃

(3)兩物體分離的瞬間有勺=即，兩物體之間的彈力為0,由牛頓第二定律可得

mgsin0+gungcos0=maA

fimgsin夕+〃伙〃gcos3-2T=PmaR

解得了=0,即彈簧恢復原長的瞬間，兩物體分離。

設分離瞬間，兩物體的速度為u,由能量守恒可得

2

2EP=(1+夕)機gX|sin。+〃(1+0)〃7gxlcos9+g(l+￡)〃W>

將fa?/=3府/…二端古丁％帶入解得

13-5/y.A

0=

由于〃=tan8,F=//^sin6>,故分離后兩物體的加速大小分別為

,ms,sin3+umscos0-F.人

a=---------2--------=gsin0

A，n

Mgsin0+珅mgcos6

=2gsin〃

pm

由此可知