廣東省肇慶市封開中學(xué)2024屆高考物理試題模擬試題

廣東省肇慶市封開中學(xué)2024屆高考物理試題模擬試題

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、下列說法正確的是（）

A.愛因斯坦在1900年首次把能量子的概念引入物理學(xué)

B.單色光照射金屬表面發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強(qiáng)，單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)越多

C.一個氫原子從量子數(shù)〃=3的激發(fā)態(tài)沃遷到基態(tài)時最多可輻射3種不同頻率的光子

D.玻爾的原子理論能夠解釋氮原子的光譜

2、一圓筒內(nèi)壁粗糙，底端放一個質(zhì)量為機(jī)的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），該物體與圓筒內(nèi)壁間的動摩擦因數(shù)為4,圓筒由靜

止沿逆時針方向緩慢轉(zhuǎn)動直到物體恰好滑動，此時物體、圓心的連線與豎直方向的夾角為夕，如圖所示，以下說法正

確的是（）

A.在緩慢轉(zhuǎn)動過程中物體受到的支持力逐漸增大

B.在緩慢轉(zhuǎn)動過程中物體受到的靜摩擦力逐漸減小

C.物體恰好滑動時夾角J與〃的關(guān)系為〃=tan6

D.緩慢轉(zhuǎn)動過程中，圓筒對物體的作用力逐漸增大

3、如圖所示，有一個表頭。，滿偏電流/“=100mA,內(nèi)阻R,=100Q,把它改裝為0.6A量程的電流表，則H的阻

值為（）

0.6A

A.7?=10QB.R=13Q

C.R=16QD.R=20C

4、如圖所示，由粗糙的水平桿AO與光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿、80桿上套有帶正電的小球

P、。，兩個小球恰能在某一位置平衡?，F(xiàn)將「緩慢地向左移動一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡。若小球所帶電荷量

不變，與移動前相比（）

B

,Q

$\--------0。

A.桿A。對尸的彈力減小B,桿30對。的彈力減小

C.P、。之間的庫侖力減小D,桿A0對尸的摩擦力增大

5、用波長為187.5nm的光照射陰極材料為筲的光電管，測量得到遏止電壓為2.09V。已知普朗克常量為6.63xlO&J?s,

真空中的光速為3x10%】/$,e=1.6xlO*T,氫原子能級示意圖如圖所示。保持反向電壓為2.09V,改用處于基態(tài)（〃=1）

的氫原子激發(fā)后輻射出的光子照射，為了使光電流不為零，最少應(yīng)給氫原子提供的能量為（）

n於丫

?...........0

4----------------------0.85

3-1.51

2--------------------3.40

1--------------------13.60

A.4.54eVB.6.63eVC.10.20eVD12.09eV

6、汽車甲和乙在同一公路上做直線運(yùn)動，下圖是它們運(yùn)動過程中的U圖像，二者在h和t2時刻的速度分別為V1和

V2,則在t1到t2時間內(nèi)

s*）

V2I1n"

0l\hUs

A.ti時刻甲的加速度小于乙的加速度

B.乙運(yùn)動的加速度不斷增大

C.甲與乙間距掰越來越大

D.乙的平均速度等于上詈

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，在電阻不計的邊長為L的正方形金屬框"曲的cd邊上接兩個相同的電阻，平行金屬板e和/通過導(dǎo)

線與金屬框相連，金屬框內(nèi)兩虛線之間有垂直于紙面向里的磁場，同一時刻各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8大小相等，B隨時間

，均勻增加，己知竺=左，磁場區(qū)域面積是金屬框面積的二分之一，金屬板長為L,板間距離為，質(zhì)量為加，電荷

Ar

量為q的粒子從兩板中間沿中線方向以某一初速度射入，剛好從/板右邊緣射出.不計粒子重力，忽略邊緣效應(yīng).則

A.金屬框中感應(yīng)電流方向為。力cd”

B.粒子帶正電

C.粒子初速度為與

1。

D.粒子在e、/間運(yùn)動增加的動能為二屋p

4

8、兩波源分別位于x=0和x=20cm處，從t=0時刻起兩波源開始振動，形成沿x軸相向傳播的簡諧橫波I和H,如圖

所示，為t=0.04s時刻兩列波的圖像.已知兩波的振幅分別為A=2cm,A=3c7〃，質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置在x=lcm處,

質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置在x=18cm處.下列說法中正確的是.

A.兩列波的波源起振方向相同

B.I和H兩列波的波長之比為1：2

C.t=0.05s時，質(zhì)點(diǎn)P向下振動，質(zhì)點(diǎn)Q的坐標(biāo)為(18cm,-3cm)

D.i和n兩列波將在t=o.is時相遇，之后疊加形成穩(wěn)定的干涉圖樣

u/v

①實驗室除提供開關(guān)S和導(dǎo)線外，有以下器材可供選擇：

電壓表：V（量程3V,內(nèi)阻&=10kC）

電流表：G（量程3mA,內(nèi)阻％=100Q）

電流表：A（量程3A,內(nèi)阻約為0.5。）

滑動變阻器：Ri（阻值范圍0/0C,額定電流2A）

&（阻值范圍0-1000。，額定電流1A）

定值電阻：7?3=0.5。

該同學(xué)依據(jù)器材畫出了如圖所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是;

②該同學(xué)將電流表G與定值電阻心并聯(lián)，實際上是進(jìn)行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應(yīng)的量程是______A；

③為了能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，同時為了操作方便，實驗中應(yīng)選用的滑動變阻器_______（填寫器材的符號）；

④該同學(xué)利用上述實驗原理圖測得數(shù)據(jù),以電流表G讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電壓表V讀數(shù)為縱坐標(biāo)繪出了如圖所示的圖線，

根據(jù)圖線可求出電源的電動勢￡=V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），電源的內(nèi)阻r=Q（結(jié)果保留兩位有

效數(shù)字

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13,（10分）如圖所示，空間內(nèi)有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的水平勻強(qiáng)磁場，其上下水平邊界的間距為"，磁場的正上

方有一長方形導(dǎo)線框，其長和寬分別為L=2m、d=OSm（4vH）,質(zhì)量加=0.4kg,電阻R=3.2Q?將線框從距

磁場高力=O.8m處由靜止釋放，線框平面始終與磁場方向垂直，線框上下邊始終保持水平，重力加速度取g=10m/s2。

求：

（1）線框下邊緣剛進(jìn)入磁場時加速度的大?。?/p>

⑵若在線框上邊緣進(jìn)入磁場之前，線框已經(jīng)開始勻速運(yùn)動。求線框進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱

⑶請畫出從線框由靜止開始下落到線框上邊緣進(jìn)入磁場的過程中，線框速度丫隨/變化的圖像（定性畫出）。

14.（16分）圖甲為光滑金屬導(dǎo)軌制成的斜面，導(dǎo)軌的間距為/=lm,左側(cè)斜面的傾角，二37。，右側(cè)斜面的中間用阻

值為火=2。的電阻連接。在左側(cè)斜面區(qū)域存在垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為&=（）.5T,右側(cè)斜面軌

道及其右側(cè)區(qū)域中存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為約=。.51\在斜面的頂端e、1?兩點(diǎn)分別用等長的輕質(zhì)柔

軟細(xì)導(dǎo)線連接導(dǎo)體棒另一導(dǎo)體棒cd置于左側(cè)斜面軌道上，與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，裙棒和cd棒的質(zhì)量均為

w=0.2kg,"棒的電阻為a=2。，M棒的電阻為為=4Q。己知仁0時刻起，川棒在沿斜面向下的拉力作用下開

始向下運(yùn)動（cd棒始終在左側(cè)斜面上運(yùn)動），而岫棒在水平拉力尸作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，F(xiàn)隨時間變化的關(guān)系如圖

乙所示，打棒靜止時細(xì)導(dǎo)線與豎直方向的夾角夕=37。。其中導(dǎo)軌的電阻不計，圖中的虛線為絕緣材料制成的固定支

架。

（1）請通過計算分析cd棒的運(yùn)動情況；

⑵若/=0時刻起，求2s內(nèi)cd受到拉力的沖量；

（3）3s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為2.88J,則此過程中拉力對cd棒做的功為多少？

15.（12分）如圖所示，電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后，沿平行于板面的方向射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)射出。

己知電子質(zhì)量為膽，電荷量為e,加速電場極板間電勢差為5。偏轉(zhuǎn)電場極板間電勢差為U,極板長度為L,板間距

為d,偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強(qiáng)電場，電子所受重力可忽略。

(1)求電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的初速度％和從偏轉(zhuǎn)電場射出時沿垂直板面方向的偏轉(zhuǎn)距離Ax；

(2)由問題(1)的結(jié)論可知，電子偏轉(zhuǎn)距離與，與偏轉(zhuǎn)電場極板間電勢差U有關(guān)。己知￡=1.0x10']],加速電場

“)=500V。當(dāng)偏轉(zhuǎn)極板間電壓為隨時間變化的交變電壓〃=22&sin50加V時，在計算其中任意一個電子通過極板

的偏轉(zhuǎn)距離4y時，仍可認(rèn)為偏轉(zhuǎn)極板間電勢差是某一定值。請利用下面所給數(shù)據(jù)，分析說明這樣計算的合理性。已知

6=1.6x10-19(2,=9.1x10"kg。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解題分析】

A.普朗克在1900年把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，故A錯誤；

B.單色光照射金屬表面發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強(qiáng)，則入射光子的數(shù)目越多，所以單位時間內(nèi)發(fā)射的光電子數(shù)越

多，故B正確；

C.根據(jù)玻爾理論，一個氫原子從量子數(shù)〃=3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時最多可輻射2種不同頻率的光子，故C錯誤；

D.玻爾第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，很好地解釋了氫光譜，但不能夠解釋氮原子的

光譜，故D錯誤。

故選B。

2、C

【解題分析】

AB.對物體受力分析如圖所示，正交分解，根據(jù)平衡條件列出方程

=mgcos0

Ff=mgsin0

隨著。的增大，鼠減小,Ff增大，選項AB錯誤:

C.當(dāng)物塊恰好滑動時耳=〃/得

〃=tan0

選項C正確;

D.緩慢轉(zhuǎn)動過程中，圓筒對物體的作用力與重力等大反向，始終不變，D錯誤。

故選C。

3、D

【解題分析】

改裝為0.6A電流表時，并聯(lián)電阻的分流電流為

〃=/-/.=0.6A-100x1O'A=o.5A

分流電阻的阻值為

/?=/A=0Jxl00Q=20Q

R0.5

選項D正確，ABC錯誤。

故選D。

4、D

【解題分析】

A.對兩個小球作為整體分析可知，整體在豎直方向只受重力和AO的支持力，故桿AO對小球尸的彈力不變，故A

錯誤;

BC.對2受力如圖

小球尸向左移后，兩個小球P、。間的庫侖力方向向圖中虛線處變化，則由力的合成和平衡條件可知桿80對小球。

的彈力變大，兩小球尸、。之間的庫侖力變大，故B、C錯誤；

D.對兩個小球作為整體受力分析，在水平方向則有桿BO對小球Q的彈力等于桿AO對小球P的摩擦力，所以可得

桿40對小球P的摩擦力變大，故D正確；

故選D。

5、C

【解題分析】

由光電效應(yīng)方程

eUc=EKm=hy-Wo.?.①

又

〃找=Wo…②

又

由①②③式代入數(shù)據(jù)可得

/1yo=4.54eV

則光子的能量值最小為4.54eV+2.09eV=6.63eV,用處于基態(tài)(//=1)的氫原子激發(fā)后輻射出的光子照射，電子只需要

從基態(tài)躍遷到〃=2的能級即可，所以為了使光電流不為零，最少應(yīng)給氫原子提供的能量

Emin=F2-Ei=-3.40eV-(-13.60eV)=10.20eV.

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

6、A

【解題分析】

試題分析：在速度?時間圖象中每一點(diǎn)表示該時刻所對應(yīng)的速度，圖線上每一點(diǎn)切線的斜率表示物體的瞬時加速度，根

據(jù)圖象的斜率可知加速度的變化；由速度公式可求得位移及平均速度.

v?t圖像的斜率表示加速度，所以八時刻甲的加速度小于乙的加速度，乙的斜率越來越小，所以加速度越來越小，A正

確B錯誤；由于甲乙不知道t=0時刻甲乙兩車的位置關(guān)系，則無法判斷兩者間的距離如何變化，C錯誤；甲做勻減速

直線運(yùn)動，在ti和t2時間內(nèi)，甲的平均速度為乜士絲，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度上士以，D

22

錯誤.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解題分析】

A.因為磁場垂直紙面向里均勻增大，故根據(jù)楞次定律可得金屬框中感應(yīng)電流方向為2cda,e板帶負(fù)電，/板帶正電,

A正確;

B.因為粒子剛好從/板右邊緣射出，所以粒子受到向下的電場力，而電場方向向上，所以粒子帶負(fù)電，B錯誤;

C.粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，在水平方向上有

L=卬

在豎直方向上有

L=-af

2

Eq

a=--

m

E。

d

而電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，故

〃1\BS111

U=---------=-kz——Lr2=-k/Lf2

2△/224

聯(lián)立解得

L回

Vo=2\m

C正確;

D.根據(jù)動能定理可得粒子增加的動能為

D錯誤.

故選AC,

8、BCE

【解題分析】

由波形固可知，波I傳到x=4cm位置時質(zhì)點(diǎn)的起振方向向下，則波I振源的起振方向向下；波H傳到x=16cm位置時

質(zhì)點(diǎn)的起振方向向上，則波H振源的起振方向向上；則兩列波的波源起振方向相反，選項A錯誤；由波形圖可知，I

和fl兩列波的波長分別為2cm和4cm,則波長之比為1：2,選項B正確；波I的周期Ti=0.02s,則t=0.05s時，質(zhì)點(diǎn)

P在平衡位置向下振動；波H的周期1=0.04s,則t=0.05s時，質(zhì)點(diǎn)Q在最低點(diǎn)，坐標(biāo)為(18cm,-3cm),選項C正

x16—4

確；兩列波的波速均為u=—=：—=100c〃7/s,則再經(jīng)過乙=------5=0.065,即在t=0.1s時刻兩波相遇，因兩

t0.04s2x100

波的頻率不同，則疊加后不能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，選項D錯誤；t=0.12s時，波I在x=10cm處的質(zhì)點(diǎn)引起的振動為

在平衡位置向下振動：波H在x=10cm處的質(zhì)點(diǎn)引起的振動為在平衡位置向下振動：則此質(zhì)點(diǎn)的位移為零但振動加強(qiáng),

選項E正確；故選BCE.

【題目點(diǎn)撥】

本題要掌握波的獨(dú)立傳播原理：兩列波相遇后保持原來的性質(zhì)不變.理解波的疊加遵守矢量合成法則，例如本題中兩

列波的波峰與波峰相遇時，此處相對平衡位置的位移為IA+A2I；當(dāng)波峰與波谷相遇時此處的位移為|4一4|.

9、CD

【解題分析】

A.帶電粒子在電場中只受電場力作用，電勢能和動能之和不變，由圖可知，在a、b連線的中點(diǎn)3L處，動能最大，電

勢能最小，因為粒子帶負(fù)電荷，所以a、b連線的中點(diǎn)3L處電勢最高，故A錯誤；

B.根據(jù)A選項分析可知，a點(diǎn)動能比b點(diǎn)小，電勢能比b點(diǎn)大，所以a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)低，故B錯誤；

C.在3L點(diǎn)前做加速運(yùn)動，3L點(diǎn)后做減速運(yùn)動，可見3L點(diǎn)的加速度為0,則x=3L處場強(qiáng)為零，故C正確；

D.由于在x=3L點(diǎn)前做加速運(yùn)動，所以Q2帶負(fù)電，3L點(diǎn)的加速度為0,則有鬻9=鬻*，故Q?帶正電且電荷量

小于Qi,故D正確。

故選：CD

10、AC

【解題分析】

A.傳送帶對小物體做功等于小物塊的機(jī)械能的增加量，動能增加量相等，重力勢能的增加量也相同，則機(jī)械能的增

加量相同，所以兩種傳送帶對小物體做功相等，故A正確；

C.由0加速到用甲圖中的加速位移大于乙圖中的加速位移，根據(jù)

2av=v2

可知由根據(jù)牛頓第二定律有

jLjmgcos6-mgsin。=inci

解得〃甲乙，即兩種傳送帶與小物體之間的動摩擦因數(shù)不同，故C正確；

D.對甲圖分析，可知小物體加速的位移為

Hv

x.=-----=—t,

sin。2

此時傳送帶勻速的位移為

2H

sin6/

則兩者的相對位移為

H

SJ…=X.X=

根據(jù)摩擦生熱的公式

Q~肉0對

H

解得Qp=/一

sin夕

對乙圖分析，可知小物體加速的位移為

,H-hv,

x,=-------=—t.

sin。2

此時傳送帶勻速的位移為

…一2(…

“叫一sin。

則兩者的相對位移為

，_，,_H-h

“對7"二3

根據(jù)摩擦生熱的公式

Q=力相對

H-h

解得Q乙=/2—^

sin￡

在甲圖、乙圖，對小物體分析，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式有

v2

f/|-

八一mgsine=ma},2H

sin0

v2

f2-mgsin。=nia2,2H二h

sin<9

解得

mv2sin,?八wv2sin

/=，〃gsin°+^—,人=利8則6+麗田

將力、力代入。甲、Q乙的表達(dá)式，解得

Qp=mgH+:mv~,2=—；mv

則有Q「＞。乙，即產(chǎn)生的熱量不相等，故D錯誤;

B.根據(jù)能量守恒定律，電動機(jī)消耗的電能￡電等于摩擦產(chǎn)生的熱量。與物塊增加機(jī)械能的和，因物塊兩次從A到5

增加的機(jī)械能增加量相同，而Qp〉Q"所以將小物體傳送到B處，兩種傳送帶消耗的電能甲更多，故B錯誤。

故選AC,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.051.611.40

【解題分析】

[1]由題知相鄰兩計數(shù)點(diǎn)間還有2個打點(diǎn)未畫出，則兩個計數(shù)點(diǎn)的時間間隔是

7=3x—s=0.05s

60

[21根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式

/^=aT2

可以求出加速度的大小，則有

=1.61m/s2

[31根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，則有

5+J_6.41+6.81

45x102m/s?1.32m/s

27-2x0.05

則打計數(shù)點(diǎn)“5”時，小車的速度

v5=v4+6/T=1.40m/s

12、量程與被測電流值相比較太大0.603Ri1.480.84（0.70-0.90之間都給分）

【解題分析】

①11]一節(jié)干電池的電動勢約E=l.5V,為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選用，它的阻值范圍是0J0C,電路中最小

電流約為

E

Zmm.=R-=0.15A

電流表A的量程是3A,被測電流值與電流表量程相比差距太大，因此不能用電流表A。

②[2]改裝后電流表量程：

1R,、八配0.003x10八々、

=0.003+------A=0.6A03A

氏0.5

③網(wǎng)根據(jù)以上分析可知，選用的滑動變阻器是修。

由上可知，改裝后電流表的量程是電流表G量程的200倍，圖象的縱截距b等于電源的電動勢，由圖讀出電

源的電動勢為：

E=l.48V

圖線的斜率大小A=r,由數(shù)學(xué)知識知:

A:=-y=0.84

則電源的內(nèi)阻為:

r=k=0.84Q

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

【解題分析】

⑴線框從靜止釋放到下邊緣剛進(jìn)入磁場，根據(jù)動能定理

，岫=加；

解得

V]=12gh=V2xl0x0.8m/s=4m/s

線框下邊切割磁感線，感應(yīng)電動勢為

E=BLv]

根據(jù)閉合電路歐姆定律

I二

R

安培力大小為

「B2￡2V,0.82X22X4_

居:=BIL=-------L=----------------NM=3.2N

*-R3.2

根據(jù)牛頓第二定律

mg一￡交=ma

解得

3.22c/2

?=^--=10m/s2——m/s=2m/s-

m0.4

⑵線框勻速運(yùn)動，重力和安培力等大反向

〃吆=

解得

邈0.4x10x3.2