湖南省長(zhǎng)沙市雅禮教育集團(tuán)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末聯(lián)考物理試題

湖南省長(zhǎng)沙市雅禮教育集團(tuán)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末聯(lián)考物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題（本題共6小題，每小題4分，共24分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）1．2023年12月14日，我國(guó)宣布新一代人造太陽(yáng)“中國(guó)環(huán)流三號(hào)”面向全球開放，邀請(qǐng)全世界科學(xué)家來(lái)中國(guó)集智攻關(guān)，共同追逐“人造太陽(yáng)”能源夢(mèng)想?！叭嗽焯?yáng)”物理本質(zhì)就是核聚變，其發(fā)生核聚變的原理和太陽(yáng)發(fā)光發(fā)熱的原理很相似，核反應(yīng)方程為12A．X是質(zhì)子 B．24C．該反應(yīng)為鏈?zhǔn)椒磻?yīng) D．242．如圖所示為某同學(xué)投籃的示意圖。出手瞬間籃球中心與籃筐中心的高度差為h（籃球中心低于籃筐中心），水平距離為2h，籃球出手時(shí)速度與水平方向夾角為37°，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8；籃球中心恰好直接經(jīng)過(guò)籃筐中心，則籃球出手時(shí)速度的大小為（）A．25gh B．52gh C．3．靜電除塵是工業(yè)生產(chǎn)中處理煙塵的重要方法。除塵裝置由金屬管A和懸掛在管中心的金屬導(dǎo)線B組成，如圖甲所示。工作時(shí)，使中心的金屬導(dǎo)線B帶負(fù)電，金屬管A接地，A、B之間產(chǎn)生如圖乙（俯視圖）所示的電場(chǎng)，圓內(nèi)實(shí)線為未標(biāo)方向的電場(chǎng)線。金屬導(dǎo)線B附近的氣體分子被強(qiáng)電場(chǎng)電離，形成電子和正離子，電子在向正極A運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，使煙塵中的顆粒帶上負(fù)電。這些帶電顆粒在靜電力作用下被吸附到正極A上，最后在重力作用下落入下方的漏斗中。經(jīng)過(guò)這樣的除塵處理，原本飽含煙塵的氣體就可能達(dá)到排放標(biāo)準(zhǔn)，滿足環(huán)保要求。圖乙中ab=bc，c、d在同一圓上。下列說(shuō)法正確的是（）A．圖乙中c點(diǎn)和d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．帶上負(fù)電的顆粒在a點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大于在c點(diǎn)所受的電場(chǎng)力C．電勢(shì)差關(guān)系為UD．一電子從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)的過(guò)程中，其電勢(shì)能增大4．2023年10月26日，神舟十七號(hào)載人飛船與天和核心艙進(jìn)行了對(duì)接，“太空之家”迎來(lái)湯洪波、唐勝杰、江新林3名中國(guó)航天史上最年輕的乘組入駐。如圖為神舟十七號(hào)的發(fā)射與交會(huì)對(duì)接過(guò)程示意圖，圖中①為飛船的近地圓軌道，其軌道半徑為R1，②為橢圓變軌軌道，③為天和核心艙所在的圓軌道，其軌道半徑為R2，P、Q分別為②軌道與①、A．飛船從②軌道到變軌到③軌道需要在Q點(diǎn)點(diǎn)火減速B．飛船在軌道3上運(yùn)行的速度大于第一宇宙速度C．飛船在①軌道的動(dòng)能一定大于天和核心艙在③軌道的動(dòng)能D．若核心艙在③軌道運(yùn)行周期為T，則飛船在②軌道從P到Q的時(shí)間為15．如圖所示，用輕桿通過(guò)鉸鏈相連的小球A、B、C處于豎直平面內(nèi)，質(zhì)量均為m，兩段輕桿等長(zhǎng)?，F(xiàn)將C球置于距地面高h(yuǎn)處，由靜止釋放，假設(shè)三個(gè)小球只在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切摩擦，重力加速度為g，則在小球C下落過(guò)程中（）A．小球A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒B．小球C的機(jī)械能一直減小C．小球C落地前瞬間的速度大小為2ghD．當(dāng)小球C的機(jī)械能最小時(shí)，地面對(duì)小球B的支持力大于mg6．如圖所示，半徑為R的金屬圓環(huán)固定在豎直平面，金屬圓環(huán)均勻帶電，帶電荷量為Q，一長(zhǎng)為L(zhǎng)=2R的絕緣細(xì)線一端固定在圓環(huán)最高點(diǎn)，另一端連接一質(zhì)量為m、帶電荷量為q（未知）的金屬小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）。穩(wěn)定時(shí)帶電金屬小球在過(guò)圓心且垂直圓環(huán)平面的軸上的P點(diǎn)處于平衡狀態(tài)，點(diǎn)P'A．O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定為零B．P'點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為C．金屬小球的電荷量為q=D．剪斷細(xì)線瞬間，小球的加速度水平向右二、多選題（本題共4小題，每小題5分，共20分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）7．手機(jī)無(wú)線充電技術(shù)給用戶帶來(lái)了全新的充電體驗(yàn)，其基本原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象：給送電線圈中通以變化的電流，就會(huì)在鄰近的受電線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流。某次充電過(guò)程可簡(jiǎn)化為如圖甲所示的模型，一個(gè)阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬受電線圈與阻值也為R的電阻R1連接成閉合回路，線圈的半徑為r1。在受電線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示（規(guī)定圖甲中B的方向?yàn)檎较颍?。圖線與橫、縱軸的交點(diǎn)分別為t0和A．R1中電流的方向?yàn)锽．a(chǎn)b兩點(diǎn)之間的電壓為nπC．線圈中感應(yīng)電流的大小為nπD．通過(guò)電阻R1的電荷量8．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸方向傳播，在t=1.A．該波的波速為12cm/sB．該波沿x軸負(fù)方向傳播C．質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置位于x=1m處D．從t=1.9．如圖所示，某理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1，原線圈與阻值R0=120Ω的定值電阻串聯(lián)后接在電壓有效值恒為240V的正弦交流電源兩端，副線圈電路中接有理想電流表和最大阻值A(chǔ)．電流表的示數(shù)逐漸減小B．交流電源的輸出功率逐漸增大C．滑動(dòng)變阻器消耗電功率的最大值為120WD．定值電阻消耗電功率的最大值為120W10．如圖所示，水平傳送帶以速度v1=2m/s向右勻速運(yùn)動(dòng)，小物體P、Q質(zhì)量均為1kg，由通過(guò)定滑輪且不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，t=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有向右的速度v2=5m/s，P與定滑輪間的繩水平，不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦。小物體P與傳送帶之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.A．小物體P離開傳送帶時(shí)速度大小為3B．小物體P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為5sC．小物體P將從傳送帶的右端滑下傳送帶D．小物體P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，合外力對(duì)它做的功為W=?3三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分）11．如圖甲所示，一位同學(xué)利用光電計(jì)時(shí)器等器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球由A處?kù)o止釋放，下落過(guò)程中能通過(guò)A處正下方、固定于B處的光電門，測(cè)得A、B間的距離為H，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過(guò)光電門的時(shí)間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。則：（1）如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑d=cm。（2）多次改變高度H，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出1t2隨H的變化圖像如圖丙所示，當(dāng)圖中已知量t0、H（3）某次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)動(dòng)能增加量ΔEk總是大于重力勢(shì)能減少量A．金屬球從A點(diǎn)下落時(shí)初速度不為零B．測(cè)量的高度H為金屬球在A點(diǎn)時(shí)球下端與光電門B點(diǎn)的高度差C．小球下落的高度太高，以致下落過(guò)程中空氣阻力的影響比較大12．某校舉行了一次物理實(shí)驗(yàn)操作技能比賽，其中一項(xiàng)比賽為選用合適的電學(xué)元件設(shè)計(jì)合理的電路，并能較準(zhǔn)確地測(cè)量同一電池組的電動(dòng)勢(shì)及其內(nèi)阻。提供的器材如下：A電流表G（滿偏電流10mA，內(nèi)阻為10Ω）B電流表A（0~0.6A~3A，內(nèi)阻未知）C電壓表V（0~5V~10V，內(nèi)阻未知）D滑動(dòng)變阻器R（0~20Ω，1A）E定值電阻R0F開關(guān)與導(dǎo)線若干（1）圖（a）是小李同學(xué)根據(jù)選用的儀器設(shè)計(jì)的測(cè)量該電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖。根據(jù)該實(shí)驗(yàn)電路測(cè)出的數(shù)據(jù)繪制的I1?I2圖線如圖（b）所示（I1為電流表G的示數(shù)，I（2）另一位小張同學(xué)則設(shè)計(jì)了圖（c）所示的實(shí)驗(yàn)電路對(duì)電池組進(jìn)行測(cè)量，記錄了單刀雙擲開關(guān)S2分別接1、2對(duì)應(yīng)電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I；根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)繪制U?I可以判斷圖線A是利用單刀雙擲開關(guān)S2接（選填“1”或“2”）中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描出的；分析A、B兩條圖線可知，此電池組的電動(dòng)勢(shì)為E=，內(nèi)阻r=。（用圖中EA、EB、I四、解答題（本題共3小題，共40分）13．如圖所示，將一張長(zhǎng)方形紙板放在水平桌面上，紙板一端稍稍伸出桌外，將一物塊置于距紙板左邊界d=0.2m處。用水平向右的拉力F將紙板迅速抽出，如果拉力足夠大，物塊幾乎不動(dòng)落在桌面上，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)。若物塊的質(zhì)量為m1=0.5kg，紙板的質(zhì)量為（1）當(dāng)紙板相對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面對(duì)紙板摩擦力f的大小；（2）要使物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，拉力F應(yīng)滿足的條件；（3）若物塊移動(dòng)的距離超過(guò)l=0.002m，人眼就能感知到物塊位置的變化，忽略物塊的體積因素影響，為確保實(shí)驗(yàn)成功，紙板所需最小拉力的大小14．如圖，兩等高、內(nèi)壁光滑、導(dǎo)熱性良好的圓柱形汽缸豎直放置，左、右兩側(cè)汽缸的橫截面積分別為S、2S，汽缸頂部由細(xì)管（體積不計(jì)）連通，右側(cè)汽缸底部帶有閥門K，兩汽缸中均有一厚度可忽略的活塞a、b，兩活塞的質(zhì)量均為m=p0Sg且與汽缸密閉且不漏氣。初始時(shí)，閥門K關(guān)閉，活塞b處于左側(cè)汽缸的頂部且與頂部無(wú)彈力，封閉著氣體C，活塞a處于右側(cè)汽缸的中間位置，將汽缸分成A、B兩部分，A中氣體的壓強(qiáng)為1.5p0、體積為v0（1）初始時(shí)，左側(cè)汽缸中封閉的氣體C的壓強(qiáng)pc（2）充氣后，右側(cè)汽缸中封閉的氣體A的壓強(qiáng)p；（3）打氣次數(shù)n。15．在芯片制造過(guò)程中，離子注入是其中一道重要的工序。為了準(zhǔn)確的注入離子，需要在一個(gè)有限空間中用電磁場(chǎng)對(duì)離子的運(yùn)動(dòng)軌跡進(jìn)行調(diào)控?，F(xiàn)在我們來(lái)研究一個(gè)類似的模型。在空間內(nèi)存在邊長(zhǎng)L=0.64m的立方體OACD?O'A'C（1）在立方體內(nèi)施加沿y軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使粒子只能從O'（2）在立方體內(nèi)施加沿y軸正向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=4.0×10?3T（3）在第（2）問的基礎(chǔ)上再加上沿y軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E=4.0×102N/C。判斷第（2）問中最小時(shí)間和最大時(shí)間所對(duì)應(yīng)的粒子能否從O

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可得，X粒子的質(zhì)量數(shù)為2+3-4=1，電荷數(shù)為1+1-2=0，可知X是中子，A不符合題意；

B.該核反應(yīng)釋放核能，表明生成核比反應(yīng)核更加穩(wěn)定，即24He的比結(jié)合能比12H的大，B符合題意；

C.該反應(yīng)是輕核聚變，不是鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，C不符合題意；

D.結(jié)合能指單個(gè)自由發(fā)散的核子合成原子核釋放的能量，而17.6MeV是12H與132．【答案】B【解析】【解答】設(shè)向上為正方向，初速度大小為v02h=籃球豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，有h=聯(lián)立解得籃球出手時(shí)速度的大小為vB符合題意，ACD不符合題意。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)斜拋的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。3．【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小，切線表示場(chǎng)強(qiáng)方向，可知c點(diǎn)和d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，A不符合題意；

B.根據(jù)電場(chǎng)線的疏密可知，a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，由F=Eq可知，帶上負(fù)電的顆粒在a點(diǎn)所受的電場(chǎng)力小于在c點(diǎn)所受的電場(chǎng)力，B不符合題意；

C.由U=Ed可知，ab的平均電場(chǎng)強(qiáng)度小于bc間的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，因ab=bc，所以UC符合題意；

D.由圖甲中電極的正負(fù)可知，電子從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小，切線表示場(chǎng)強(qiáng)方向，分析各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度；由U=Ed判斷a、b間電勢(shì)差與b、c間電勢(shì)差的大小關(guān)系；根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)，分析電勢(shì)能的變化。4．【答案】D【解析】【解答】A.根據(jù)變軌原理可知，飛船需要在②軌道的Q點(diǎn)點(diǎn)火加速，做離心運(yùn)動(dòng)變軌到③軌道，A不符合題意；

B.地球的第一宇宙速度是衛(wèi)星在地球表面繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的運(yùn)行速度，根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力有G解得v=軌道3的軌道半徑大于地球半徑，因此飛船繞地球運(yùn)行的速度小于第一宇宙速度，B不符合題意；

C.由v=可知，①軌道的速度大于③軌道的速度，但由于飛船和核心艙的質(zhì)量未知，因此無(wú)法判斷他們動(dòng)能的大小，C不符合題意；

D.根據(jù)開普勒第三定律可知R可得T'=飛船在②軌道從P到Q的時(shí)間為T'2t=D符合題意。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)變軌原理分析飛船從②軌道變軌到③軌道需要采取的措施；根據(jù)第一宇宙速度的物理意義分析；飛船和核心艙的質(zhì)量未知，無(wú)法判斷他們動(dòng)能的大小；根據(jù)開普勒第三定律計(jì)算飛船在②軌道從P到Q的時(shí)間。5．【答案】C【解析】【解答】A.由于不計(jì)一切摩擦，小球A、B、C組成的系統(tǒng)只發(fā)生了動(dòng)能和重力勢(shì)能之間的轉(zhuǎn)化，故系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，A不符合題意；

B.小球B的初速度為零，C落地瞬間，B的速度為零，故B的動(dòng)能先增大后減小，而B的重力勢(shì)能不變，可知B的機(jī)械能先增大后減小，同理可得A的機(jī)械能先增大后減小，而系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故C的機(jī)械能先減小后增大，B不符合題意；

C.設(shè)小球C落地前瞬間的速度大小為v，對(duì)A、B、C系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律可得1解得小球C落地前瞬間的速度大小v=C符合題意；

D.因?yàn)锳、B、C系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，所以當(dāng)小球C的機(jī)械能最小時(shí)，小球B速度最大，此時(shí)小球B的加速度為零，水平方向所受的合力為零，則桿CB對(duì)小球B恰好沒有力的作用，所以地面對(duì)小球B的支持力大小為mg，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒條件分析小球A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能是否守恒；分析A、B小球機(jī)械能的變化，再根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，得出C的機(jī)械能變化；對(duì)小球A、B、C組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律求解小球C落地前瞬間的速度大??；根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，分析小球C的機(jī)械能最小時(shí)，B的受力狀態(tài)。6．【答案】C【解析】【解答】A.根據(jù)對(duì)稱性可知，帶電量為Q的圓環(huán)，在圓心O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0，帶電金屬小球在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不0，所以O(shè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不為零，A不符合題意；

B.設(shè)細(xì)線與半徑的夾角為θ，由幾何關(guān)系cosθ=R由微元法，無(wú)限劃分，設(shè)每一極小段圓環(huán)帶電量為?q，則k其中?q=Q，解得E根據(jù)對(duì)稱性可知，帶電量為Q的圓環(huán)，在P、P'兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，即帶電量為Q的圓環(huán)在P'點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為3kQ8R2，而EB不符合題意；

C.對(duì)小球受力分析如圖，則

q解得q=C符合題意；

D.剪斷細(xì)線瞬間，小球受到的重力和電場(chǎng)力不變，所以小球所受合外力大小等于細(xì)線剪掉前的拉力大小，方向沿細(xì)線方向斜向右下，可知小球的加速度方向斜向右下方，D不符合題意。

故答案為：C。

【分析】分別分析圓環(huán)和小球在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，求出合場(chǎng)強(qiáng)；由微元法計(jì)算圓環(huán)上電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)對(duì)稱性，得出圓環(huán)上電荷在P'點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，再根據(jù)電場(chǎng)疊加原理，分析P'的場(chǎng)強(qiáng)大?。环治鲂∏蚴芰?，由共點(diǎn)力平衡條件求出金屬小球的帶電量；由牛頓第二定律分析剪斷細(xì)線瞬間小球的加速度方向。7．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.由圖乙可知，受電線圈內(nèi)的磁場(chǎng)強(qiáng)度在變小，磁通量變小，根據(jù)楞次定律和安培定則可判斷出線圈中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，故R1中電流的方向?yàn)閎→a，A符合題意；

?B且有效面積S=π由法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=n聯(lián)立可得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=由閉合電路歐姆定律可得，線圈中感應(yīng)電流的大小為I=則ab兩點(diǎn)之間的電壓為EB符合題意，C不符合題意；

D.由電流的定義式I=可得，通過(guò)電阻R的電荷量q=It=D符合題意。

故答案為：ABD。

【分析】根據(jù)楞次定律和安培定則判斷感應(yīng)電流方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律求出受電線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再由閉合電路歐姆定律計(jì)算線圈中的電流和a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；由電流的定義式I=q8．【答案】B,C,D【解析】【解答】A.根據(jù)三角函數(shù)相關(guān)知識(shí)可知，N、Q兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間距離為x解得λ=24m，根據(jù)乙圖可知波的周期為T=2v=A不符合題意；

B.由圖乙可知t=1.25s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，該波沿y軸負(fù)方向傳播，B符合題意；

C.由圖乙可知，在t=1.25s之后，質(zhì)點(diǎn)P第一次位于波峰的時(shí)間為t=2.5s，由此可知t=1.25s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)形式在t=2.5s時(shí)傳到了P點(diǎn)，所以有x其中xQxC符合題意；

D.從t=1.25s開始，質(zhì)點(diǎn)Q第一次回到平衡位置所經(jīng)歷的時(shí)間為tP點(diǎn)右側(cè)波形的第一個(gè)平衡位置處坐標(biāo)為x該振動(dòng)狀態(tài)第一次傳播到P點(diǎn)所需時(shí)間為t所以P質(zhì)點(diǎn)還需0.75s第一次振動(dòng)到平衡位置，則從t=1.25s開始，質(zhì)點(diǎn)Q比質(zhì)點(diǎn)P早回到平衡位置的時(shí)間為?t=D符合題意。

故答案為：BCD。

【分析】根據(jù)圖中信息，得出該波的波長(zhǎng)和周期，求出波速；由質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)情況，由波形平移法判斷出波的傳播方向；根據(jù)Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)形式傳到P質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間和PQ之間的距離，求解質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置坐標(biāo)；分別計(jì)算出P、Q質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置的時(shí)間，再求解從t=1.9．【答案】A,C【解析】【解答】A.根據(jù)變壓器等效電路法可得，變壓器電路的等效電阻為R將滑片P向上緩慢滑至a點(diǎn)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的阻值R變大，所以R等效增大，由歐姆定律可知原線圈電流

I1I可得，副線圈電流I2減小，故電流表示數(shù)減小，A符合題意；

P因?yàn)镮1減小，u不變，所以交流電源的輸出功率減小，B不符合題意；

P當(dāng)R02R1=16PC符合題意；

D.定值電阻消耗的電功率P當(dāng)R1最小時(shí)，PPD不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)變壓器電路等效法分析滑動(dòng)變阻器的阻值變化對(duì)原線圈電流的影響，再根據(jù)原線圈電流的變化，得出副線圈電流的變化情況；由電功率公式，分析交流電源輸出功率的變化，以及滑動(dòng)變阻器和定值電阻消耗功率的最大值。10．【答案】A,D【解析】【解答】ABC.P相對(duì)傳送帶向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)P、Q整體，由牛頓第二定律有μmg+mg=2ma解得加速度大小為a=6假設(shè)P、Q整體速度減小到v1x=代入數(shù)據(jù)解得x=所用的時(shí)間t故假設(shè)成立，在P的速度和傳送帶速度相等后，會(huì)繼續(xù)減速，速度小于傳送帶速度，所以摩擦力會(huì)突變向右，由牛頓第二定律有μmg-mg=2m得加速度大小為a方向向右，則速度減小到0的位移為x代入數(shù)據(jù)得xP從v1t由于x+故P不會(huì)從傳送帶右端滑出，后面以a1x+求得P返回傳送帶左端的時(shí)間t傳動(dòng)到傳送帶最左端的速度v隨后掉下傳送帶，故P在傳送帶上的時(shí)間t=A符合題意，BC不符合題意；

D.由動(dòng)能定理可得合外力對(duì)P做的功為W=代入數(shù)據(jù)求得W=-3.5D符合題意。

故答案為：AD。

【分析】分析P、Q整體的受力情況，由牛頓第二定律求出加速度，根據(jù)速度-位移公式求出小物體P速度減至與傳送帶共速時(shí)向右運(yùn)動(dòng)的最大位移，由速度-時(shí)間公式求出小物體P向右運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。根據(jù)小物體P向右運(yùn)動(dòng)的最大位移，判斷P從哪端離開傳送帶；再由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式相結(jié)合求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，從而求得小物體P在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間和物體P離開傳送帶時(shí)速度大??；根據(jù)動(dòng)能定理求合外力對(duì)它做的功。11．【答案】（1）1.86（2）g（3）A；B【解析】【解答】（1）圖乙中游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm，主尺讀數(shù)為18.0mm，可動(dòng)尺讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm，可得小球的直徑d=18.0mm+0.6mm=18.6mm=1.86cm（2）由圖丙可知，光電門的高度為H0時(shí)，小球通過(guò)光電門的時(shí)間為tv=若小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有mg解得g（3）A.若金屬球從A點(diǎn)下落時(shí)初速度不為零，則末速度測(cè)量值偏大，動(dòng)能增加量?Ek，偏大，?Ek>?Ep，A符合題意；

B.小杰測(cè)量的高度H為金屬球在A點(diǎn)時(shí)球底與光電門B點(diǎn)的高度差，則H的測(cè)量值偏小，重力勢(shì)能?Ep偏小，?12．【答案】（1）7.5；5.0（2）1；EA；【解析】【解答】（1）結(jié)合圖（a）中的電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E=整理可得I將圖（b）中坐標(biāo)（0.1，7），（0.5，5）代入可得E=7.5V，r=5.0Ω（2）由圖（c)分析可知，單刀雙擲開關(guān)接1和2時(shí)，只是電流表的內(nèi)接與外接差別：當(dāng)S2接1時(shí)，是電流表的內(nèi)接法（相對(duì)于電源），從圖（d）可以看出，當(dāng)電流表的示數(shù)為零時(shí)，即電源的外電路斷開，而對(duì)電源來(lái)說(shuō)斷路電壓就是電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理知：圖像的縱截距b1=E，由于電流表內(nèi)阻的影響，則短電流I短1<I短，即橫截距（即短路電流）小于真實(shí)值。當(dāng)S2接2時(shí)，電流表相對(duì)于電源外接，同理可以看出，當(dāng)電流的示數(shù)為零時(shí)，但由于電壓表與電源仍構(gòu)成通路，則此時(shí)路端電壓小于電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理知：圖像的縱截距E=電源內(nèi)阻r=【分析】（1）由閉合電路歐姆定律推導(dǎo)I1-I13．【答案】（1）解：當(dāng)紙板相對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)時(shí)，桌面對(duì)紙板摩擦力的大小f=μ(（2）解：物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，物塊與紙板間摩擦力f紙板與桌面之間的摩擦力f設(shè)物塊的加速度為a1，紙板的加速度為a2，則f物塊與紙板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，