2024年新世紀版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年新世紀版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，光滑絕緣的圓環(huán)豎直固定，a、b、c為三個套在圓環(huán)上的空心帶電小球（視為質(zhì)點），小球c位于圓環(huán)的最高點，a、c連線與豎直方向的夾角為60°，b、c連線與豎直方向的夾角為30°，三個小球均處于靜止狀態(tài)。a、b兩球的質(zhì)量之比為（）

A.1∶1B.1∶9C.1∶18D.1∶362、如圖所示，有三個質(zhì)量相等的分別帶正電、負電和不帶電的小球，從兩水平放置的金屬板左側(cè)中央以相同的水平初速度v0先后射入電場中；最后在正極板上打出A，B，C三個點，則（）

A.三小球在電場中運動時間相同B.三小球到達正極板時速度相同C.落到A處小球帶負電，落到C處小球帶正電D.三小球到達正極板時落在C處的小球機械能增大，落在B處的小球機械能不變3、在同一平面有四根彼此絕緣的通電直導(dǎo)線，如圖所示，四根導(dǎo)線中的電流大小關(guān)系為，切斷哪一導(dǎo)線中的電源能使O點點為四根導(dǎo)線所圍正方形的中心的磁感應(yīng)強度減為最弱

A.切斷B.切斷C.切斷D.切斷4、某同學用一個微安表頭（量程1mA，內(nèi)阻900Ω）電阻箱和電阻箱組裝一個多用電表，有電流和電壓兩檔，改裝電路如圖所示，則應(yīng)調(diào)到多大阻值（）

A.B.C.D.5、用電流傳感器研究電容器充放電現(xiàn)象，電路如圖所示。電容器不帶電，閉合開關(guān)待電流穩(wěn)定后再閉合開關(guān)通過傳感器的電流隨時間變化的圖像是（??）

A.B.C.D.6、如圖所示，放在絕緣臺上的金屬網(wǎng)罩內(nèi)放有一個不帶電的驗電器，如把一有正電荷的絕緣體移近金屬網(wǎng)罩，B、C兩點的電勢為φB、φC則下列說法中正確的是()

A.B的內(nèi)表面帶正電荷B.驗電器的金屬箔片不張開C.B、C兩點的電勢φB>φCD.無法比較為φB、φC的大小關(guān)系7、如圖所示，兩帶正電的等量同種電荷A、B固定在同一水平線上，一豎直固定的光滑絕緣細桿通過AB中點O，一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球套在細桿上，小球從O點正上方P點出發(fā)，以某一初速度v向下運動，當v=v0時，恰能到達O點。Q點位于O點的正下方，OP=OQ=h。重力加速度為g?，F(xiàn)小球以初速度2v0從P點向下運動；則（）

A.小球過O點時加速度為零B.小球過Q點時速度為2v0C.從P點到O點過程中合力對小球做功為D.O、P兩點的電勢差UOP<8、如圖所示為兩電阻R1和R2的伏安特性曲線。若在兩電阻兩端加相同的電壓；關(guān)于它們的電阻值及發(fā)熱功率比較正確的是（）

A.電阻R1的阻值較大B.電阻R2的阻值較小C.電阻R1的發(fā)熱功率較大D.電阻R2的發(fā)熱功率較大9、如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，內(nèi)阻為2Ω，四個電阻的阻值已在圖中標出，電容器的電容閉合開關(guān)電路穩(wěn)定后，則（）

A.電源的總功率為10WB.電容器所帶電荷量為C.斷開開關(guān)穩(wěn)定后電容器上極板所帶電荷量與斷開前相比的變化量為D.斷開開關(guān)電源的輸出功率增大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，一勻強電場E大小未知、方向水平向右。兩根長度均為L的絕緣輕繩分別將小球M和N懸掛在電場中，懸點均為O。兩小球質(zhì)量均為m、帶等量異號電荷，電荷量大小均為q（q>0）。平衡時兩輕繩與豎直方向的夾角均為θ=45°。若僅將兩小球的電荷量同時變?yōu)樵瓉淼?倍；兩小球仍在原位置平衡。已知靜電力常量為k，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）

A.M帶正電荷B.N帶正電荷C.D.11、如圖所示，以O(shè)點為圓心的圓周上有六個等分點a，b，c，d，e，f，等量正、負點電荷分別放置在a，d兩點時，在圓心O產(chǎn)生的電場強度大小為E?，F(xiàn)僅將放于a點的正點電荷改放于其他等分點上，使O點的電場強度改變；則下列判斷正確的是（）

A.移至c點時，O點的電場強度大小仍為E，沿Oe方向B.移至e點時，O點的電場強度大小為沿Oc方向C.移至b點時，O點的電場強度大小為E，沿Od與Oe的角平分線向上D.移至f點時，O點的電場強度大小為E，沿Oe方向12、如圖甲所示，兩水平金屬板間距為d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，時間內(nèi)微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關(guān)于微粒在0~T時間內(nèi)運動的描述；正確的是（）

A.末速度沿水平方向，大小為v0B.重力勢能減少了mgdC.電場力做功為D.金屬板長度為3v013、如圖所示，在O點固定一點電荷，將帶電粒子A從a處以一定的初速度射向O，虛線abc是帶電粒子的運動軌跡，b點距離O點最近；且?guī)щ娏Ｗ拥闹亓雎圆挥?，則下列說法中正確的是（）

A.帶電粒子與O點固定的點電荷電性不同B.帶電粒子從b點運動到c點的過程中加速度不斷增大C.帶電粒子在a點的電勢能一定小于在b點的電勢能D.帶電粒子在b點的電勢能與動能之和一定等于它在c點電勢能與動能之和14、在x軸上x=0和x=1m處，固定兩點電荷q1和q2，兩電荷之間連線上各點對應(yīng)的電勢如圖中曲線所示，已知x=0.6m處電勢最低（取無窮遠處電勢為零）；下列說法中正確的是（）

A.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關(guān)系為B.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關(guān)系為C.x=0.6m處的電場強度為0D.x1處和x2處的電勢和電場強度均相同15、如圖所示，C1為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板，a板接地．M和N為兩水平正對放置的平行金屬板，當金屬板帶上一定電荷后使在兩板間的一帶電小球P處于靜止狀態(tài)．M板與b板用導(dǎo)線相連，N板接地．在以下方法中，能使P向上運動的是()

A.稍微增大a、b間的距離B.稍微增大M、N間的距離C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)16、在如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻和定值電阻的阻值均為r，滑動變阻器的最大阻值為2r。閉合開關(guān)，將滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動的過程中；下列選項正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)變大B.電流表的示數(shù)變大C.電源的效率變大D.滑動變阻器消耗功率變小17、如圖所示，開關(guān)閉合的情況下，平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止狀態(tài)．不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R4的滑片向b端移動時；則。

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點P將向下運動D.R3上消耗的功率減小18、下列關(guān)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的說法中，正確的是（）A.只要穿過閉合線圈中的磁通量不為零，閉合線圈中就一定有感應(yīng)電流B.閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運動，線圈中會有感應(yīng)電流C.穿過閉合線圈中的磁通量越大，閉合線圈中的感應(yīng)電動勢越大D.穿過閉合線圈中的磁通量變化越快，閉合線圈中感應(yīng)電動勢越大評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、平行板電容器的電容C；兩極板間電壓為U，兩板間場強E和帶電量Q在下列情況下怎樣變化？（填：減小；增大或不變）

（1）保持兩板與電源相連，只增大兩板間距離，則C____，U____，Q_____，E________．

（2）給電容器充電后與電源斷開，再減小電容器極板間距離，則C____，U____，Q____，E_____．20、某型號電熱水器銘牌的部分參數(shù)如圖所示電熱水器正常工作時的電壓是_______V，正常工作時的功率是______W，正常工作0.5h消耗的電能是_______kW·h。XX電熱水器額定電壓220V額定頻率50Hz額定功率1200W21、（1）2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯(lián)通和中國廣電4家公司發(fā)放5G正式商用牌照，這標志著我國正式進入了5G商用元年。據(jù)悉此次中國電信和中國聯(lián)通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可，該頻段的波長約為________mm。

（2）在收音機接收中波段時其LC振蕩電路的電感L是固定的，當可變電容器電容為C1＝270pF時可接收頻率為535kHz的電磁波，當可變電容器的電容為C2時可接收頻率為1605kHz的電磁波，則可變電容器的電容C2＝________pF。22、自然界只有兩種電荷，絲綢摩擦過的玻璃棒帶_______電，絲綢是_______（選填“得到”或“失去”）電子.毛皮摩擦過的橡膠棒帶_______電，橡膠棒是_______（選填“得到”或“失去”）電子.23、在一個點電荷Q的電場中，Ox坐標軸與它的一條電場線重合，坐標軸上A、B兩點的坐標分別為2.0m和5.0m。放在A、B兩點的試探電荷受到的電場力方向都跟x軸的正方向相同，電場力的大小跟試探電荷所帶電量的關(guān)系圖象如圖中直線a，b所示，放在A點的電荷帶正電，放在B點的電荷帶負電。則點電荷Q帶_________（填正電或負電），點電荷Q的位置坐標為_________。

24、尖端放電的應(yīng)用與防止：

（1）應(yīng)用：______是利用尖端放電避免雷擊的一種設(shè)施．

（2）防止：高壓設(shè)備中導(dǎo)體的表面盡量______會減少電能的損失．25、等勢面。

（1）定義：電場中_______的各點構(gòu)成的面。

（2）等勢面的特點。

a.在同一個等勢面上移動電荷時，靜電力______。

b.等勢面一定跟電場線____，即跟電場強度的方向_____。

c.電場線總是由_____的等勢面指向______的等勢面。26、如圖（a）所示，現(xiàn)有半球形導(dǎo)體材料，接成兩種形式，則兩種接法的電阻值之比為________。如圖（b）所示，正四面體每條邊的電阻均為R，取一條邊的兩個頂點，如圖中A、B，問整個四面體的等效電阻為________。

27、在如圖所示的圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知電源的電動勢為__________V，內(nèi)阻為_________Ω，輸出功率為__________W。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共18分)28、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短29、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)30、在不知毫安表內(nèi)阻的情況下進行電表改裝，設(shè)計了如圖所示電路。圖中均為定值電阻。毫安表的量程為電流表A的量程為兩表內(nèi)阻未知，電壓表A的量程為回答下列問題：

(1)根據(jù)電路圖，用筆畫代替導(dǎo)線連接實物圖___________；

(2)某次實驗中兩電流表的讀數(shù)如圖，則可知改裝后電流表的量程為___________，毫安表的內(nèi)阻___________

(3)實驗中通過移動滑動變阻器的滑片，得到多組電壓表示數(shù)U，毫安表示數(shù)電流表A示數(shù)某同學為了減小誤差，分別作圖像，如圖所示，可求得毫安表內(nèi)阻，___________，電流表A內(nèi)阻___________（用題目和圖像中所給字母表示）。

31、某同學取一對用絕緣柱支持的導(dǎo)體A和B使得他們依次接觸．起初它們不帶電；貼在下部的金屬箔是閉合的，做了如下的實驗:

如圖甲所示，把一帶正電荷的物體D移近導(dǎo)體A（移近圖乙的裝置），貼在AB的金屬箔會張開，這時把A和B分開（如圖丙所示），然后移去D，金屬箔仍舊會張開，此時導(dǎo)體B帶___________（填“正電”、“負電”或“不帶電”），這種方法使金屬導(dǎo)體帶電的現(xiàn)象叫_________現(xiàn)象，再讓A和B接觸，金屬箔會__________（填“張開”或“閉合”）。32、某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)阻r；所給的器材有：

A．電壓表V：0~3V~15V

B．電流表A：0~0.6A~3A

C．滑動變阻器R1：（20Ω；1A）

D．滑動變阻器R2：（1000Ω；0.1A）

E．開關(guān)S和導(dǎo)線若干。

（1）實驗中電壓表應(yīng)選用的量程為________（選填“0~3V”或“0~15V”）；電流表應(yīng)選用的量程為________（選填“0~0.6A”或“0~3A”）；

（2）實驗測得的6組數(shù)據(jù)已在U-I圖中標出，如圖所示。請你根據(jù)數(shù)據(jù)點位置完成U-I圖線，并由圖線求出該電池的電動勢E＝_______V，內(nèi)阻r＝_______Ω。

33、手機電池多為鋰電池，這種電池的電動勢并不是一個定值，剛充滿的電池電動勢約4.2V，在使用過程中降低到3.2V時建議終止放電。為盡可能精確地測量出某手機電池剛充滿電時的電動勢，可供選用的器材如下∶。A．電流表A：量程0~0.6A、內(nèi)阻0.6ΩB．電壓表V：量程0~15V、內(nèi)阻3kΩC．滑動變阻器R：最大阻值5ΩD．電阻箱R0：0~9999ΩE．待測手機電池EF．一個開關(guān)S及導(dǎo)線若干(1)選用合適的儀器；在答題紙的虛線框內(nèi)畫出你設(shè)計的實驗電路圖_________；

(2)根據(jù)自己設(shè)計的電路，得到電動勢需要測量的物理量有________，電動勢測量值的表達式________。評卷人得分六、解答題(共1題，共4分)34、如圖所示，在邊長為l的正方形的每個頂點都放置一個點電荷，其中a和b電荷量均為＋q，c和d電荷量均為-q。靜電力常量為k，請同學們求出a電荷受到的其他三個電荷的靜電力的合力。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

將a和b球受力如圖所示

根據(jù)平衡條件對于a

根據(jù)平衡條件對于b

根據(jù)庫侖定律

聯(lián)立解得a、b小球質(zhì)量相等。

故選A。2、C【分析】【詳解】

A.根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，小球到達下極板時，在豎直方向的位移h相等

解得

由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，根據(jù)，得到正電荷運動時間最長；負電荷運動時間最短，不帶電的小球所用時間處于中間；選項A錯誤。

B、C．三小球水平方向做勻速直線運動，水平位移：x=v0t；由于初速度相同，水平位移越大，所用時間越長，所以A小球帶負電，B小球不帶電，C小球帶正電，選項C正確。

三小球的初動能相同，根據(jù)動能定理合力做正功越多則末動能越大。A小球帶負電，電場力和重力都做正功，動能最大；B小球不帶電，只有重力做正功，沒有電場力做功，末動能居中；C小球重力做正功，由于帶正電電場力做負功，合力做功最小，末動能最??；所以動能EkC<EkB<EkA，即速度vC<vB<vA；選項B錯誤。

D．A小球帶負電；電場力做正功，機械能增大；B小球不帶電，沒有電場力做功，機械能守恒；C小球帶正電，電場力做負功機械能減小。選項D錯誤。

故選C。3、A【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則來確定通電導(dǎo)線周圍磁場的分布，導(dǎo)線1在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導(dǎo)線2在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導(dǎo)線3在O點產(chǎn)生的磁場的方向向里，導(dǎo)線4在O點產(chǎn)生的磁場的方向向外，由于所以合磁場的方向向里，根據(jù)磁場的疊加可知，使O點的磁感應(yīng)強度減為最弱，應(yīng)切斷A正確，BCD錯誤；故選A.．4、C【分析】【分析】

本題考查了電壓表與電流表的改裝；知道電表的改裝原理，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點；歐姆定律可以解題。微安表并聯(lián)一個小電阻改裝成大量程得電流表，串聯(lián)一個大電阻改裝成大量程的電壓表；根據(jù)串并聯(lián)電路特點計算串并聯(lián)電阻阻值。

【詳解】

微安表并聯(lián)一個小電阻改裝成大量程得電流表；串聯(lián)一個大電阻改裝成大量程的電壓表，改裝圖如圖所示。

當接接線柱時是改裝為電流表，根據(jù)并聯(lián)電路特點得

代入數(shù)據(jù)解得

當接接線柱時改裝為電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路得特點得

解得

故C正確，ABD錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

閉合開關(guān)后；電容器充電，電容器電壓與電源電壓差值越來越小，則通過傳感器的電流越來越小，充電完成后，電容器電壓等于電源電壓，此時電路中電流為零；

再閉合開關(guān)因為電容器電壓大于電壓，則電容器放電，電容器電壓與電壓差值越來越小，則通過傳感器的電流越來越小，且電流方向與開始充電時的方向相反，當電容器電壓等于電壓；此時電路中電流為零。

故選A。6、B【分析】【詳解】

A．由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B的內(nèi)表面不帶電，金屬網(wǎng)罩表面的自由電子重新分布，根據(jù)“近異遠同”的結(jié)論，B的右側(cè)外表面帶正電荷，B的左側(cè)外表面負電荷；故A錯誤；

B．由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B的內(nèi)部電場強度處處為零；故驗電器的金箔不張開，故B正確；

CD．金屬網(wǎng)罩處于靜電平衡狀態(tài)，是等勢體，則B、C兩點的電勢φB=φC；故CD錯誤；

故選B.7、C【分析】【詳解】

A．小球過O點時，受到兩側(cè)電荷A、B的電場力的合力為零，合力為小球的重力，則加速度為g；選項A錯誤；

B．根據(jù)對稱性可知，P點與Q點電勢相等，小球從P點到Q點過程中，電場力做功為零，根據(jù)動能定理得mg·2h=m（2v0）2

所以小球過Q點時速度vQ>2v0；選項B錯誤；

CD．小球從P點恰能到達O點，由動能定理可知，合力對小球做的功W合=

即mgh-qUOP=

解得O、P兩點的電勢差UOP=

選項C正確；D錯誤。

故選C。8、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．圖像中圖線斜率代表電阻的倒數(shù)，則有電阻R2的阻值較大，R1的阻值較小。故AB錯誤；

CD．根據(jù)公式，有

電壓相同時，R1的阻值較小，則電阻R1的發(fā)熱功率較大。故C正確；D錯誤。

故選C。9、C【分析】【詳解】

A．電源的總功率為

A錯誤；

B．設(shè)電源負極電勢為零，則電源正極電勢為

閉合開關(guān)電路穩(wěn)定后，電路中電流

路端電壓

根據(jù)如圖所示電路可得。

得

則

所以電容器所帶電荷量為

B錯誤；

C．斷開開關(guān)穩(wěn)定后電路為串聯(lián)電路，電容器兩端電壓等于兩端的電壓，則

電容器所帶電荷量為

所以斷開開關(guān)穩(wěn)定后電容器上極板所帶電荷量與斷開前相比的變化量為

C正確；

D．閉合開關(guān)S1S2，電源的輸出功率

斷開開關(guān)S2，電源的輸出功率

所以斷開開關(guān)電源的輸出功率減小，D錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【分析】

本題考查庫侖定律；受力分析以及共點力的平衡。

【詳解】

AB．由題圖可知，對小球M受力分析如圖（a）所示，對小球N受力分析如圖（b）所示；由受力分析圖可知小球M帶負電，小球N帶正電，故B正確，A錯誤；

CD．由幾何關(guān)系可知，兩小球之間的距離為當兩小球的電荷量為q時，由力的平衡條件得兩小球的電荷量同時變?yōu)樵瓉淼?倍后，由力的平衡條件得整理解得故C正確；D錯誤。

故選BC。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由題意可知，在圓心O產(chǎn)生的電場強度大小為E，則正、負點電荷在O處的電場強度大小均為方向水平向右；當正電荷移至c點時，兩點電荷在O點的電場強度方向夾角為120°，大小不變，則O點的合電場強度大小為沿Oe方向；故A錯誤；

B．當正電荷移至e點時，兩點電荷在O點的電場強度方向夾角為120°，大小不變，則O點的合電場強度大小為方向沿Oc；故B正確；

C．當正電荷移至b點時，兩點電荷在O點的電場強度方向夾角為60°，大小不變，則O點的合電場強度大小為

方向沿Od與Oe角平分線向上；故C正確；

D．當正電荷移至f點時，兩點電荷在O點的電場強度方向夾角為60°，大小不變，則O點的合電場強度大小為

方向沿Od與Oc角平分線向下；故D錯誤。

故選BC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．時間內(nèi)微粒勻速運動，則有

內(nèi)，微粒做平拋運動，下降的位移

時間內(nèi)，微粒的加速度

方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運動，T時刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為故A正確；

B．微粒在豎直方向上向下運動，位移大小為則重力勢能的減小量為故B錯誤；

C、在內(nèi)和時間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時間相等，則位移的大小相等，為整個過程中電場力做功為

故C錯誤；

D．根據(jù)上面分析可以知道：在內(nèi)和時間內(nèi)，豎直方向位移大小相等為則在內(nèi)下降的位移

則

而水平方向為勻速運動，則金屬板長度為

故D正確。

故選AD。13、C:D【分析】【詳解】

A．因帶電粒子受到的是斥力；帶電粒子與O點固定的點電荷電性相同，選項A錯誤；

B．帶電粒子從b點運動到c點的過程中加速度不斷減??；選項B錯誤；

C．帶電粒子由a到b的過程中；電場力做負功，電勢能增加，選項C正確；

D．帶電粒子由b到c的過程中；電場力做正功，電勢能減小，動能增加，但電勢能與動能之和不變，選項D正確。

故選CD。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

ABC．圖像斜率的物理意義為場強，所以在處的合場強為0，說明是同種電荷；即

解得

AC正確；B錯誤；

D．x1處和x2處圖像斜率大小；方向不同；所以電勢相等，電場強度不同，D錯誤。

故選AC。15、A:C【分析】【詳解】

因P向上運動，因此EMN增大；根據(jù)且與S均不變；則有：QMN增大，再根據(jù)QMN=UMN?CMN，由于CMN不變，即UMN增大；由題意可知，M，b是等勢面，a與N接地，電勢為零；所以UMN=Uab，即Uab增大；又因為Q總量不變，且QMN增大，那么Qab必然減小，即Cab只能減小，依據(jù)可知；

A.稍微增大a、b間的距離，電容Cab減??；故A項正確；

B.稍微增大M、N間的距離，依據(jù)可知，電容CMN變小，由于Q總量不變，即

又UMN=Uab

所以有：

而

由于變大，所以變小，所以P向下運動；故B項錯誤；

C.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，電容Cab減??；故C項正確；

D.換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)，電容Cab增大，故D項錯誤．16、B:D【分析】【詳解】

AB．滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動的過程中；滑動變阻器的阻值減小，根據(jù)串反并同規(guī)律，與滑動變阻器串聯(lián)的電流表的示數(shù)增大，與滑動變阻器并聯(lián)的電壓表的示數(shù)變小，A錯誤，B正確；

C．電源的效率為

滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動的過程中；滑動變阻器的阻值減小，電源的效率變小，C錯誤；

D．把定值電阻看作電源的內(nèi)阻，滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動的過程中；滑動變阻器的阻值減小，外電路的阻值遠離等效電源的內(nèi)阻，等效電源的輸出功率變小，滑動變阻器消耗功率變小，D正確。

故選BD。17、A:C:D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)，再與R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大；所以電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；

C．因電容器兩端電壓減小；故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C正確；

D．因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減?。还蔇正確．18、B:D【分析】【詳解】

穿過閉合線圈中的磁通量不為零，若磁通量不變，則閉合線圈中沒有感應(yīng)電流，A錯誤；閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運動，穿過線框的磁通量一定會變化，則線圈中一定會有感應(yīng)電流，B正確；穿過閉合線圈中的磁通量越大，但磁通量的變化率不一定越大，則閉合線圈中的感應(yīng)電動勢不一定越大，C錯誤；穿過閉合線圈中的磁通量變化越快，磁通量的變化率一定越大，閉合線圈中感應(yīng)電動勢越大，D正確．三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【詳解】

（1）保持兩板與電源相連，則電壓不變，只增大兩板間距離，由知，則C變小，由知，U不變，故Q變小，根據(jù)知，E變小；（2）充電后與電源斷開，則帶電量不變，再減小電容器極板間距離d，由知，C增大，由知，Q不變，則U變小，由知；E與d無關(guān)，故E不變．

【點睛】對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，電壓不變．當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．【解析】變小不變變小變小增大變小不變不變20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)表中信息可知；熱水器正常工作時，電壓為220V，功率為1200W；

[3]熱水器正常工作0.5h消耗的電能為W=Pt=1200W×0.5h=600W·h=0.6kW·h【解析】①.220②.1200③.0.621、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)公式，可得該頻段的波長為

（2）[2]當收音機的LC振蕩電路的頻率等于電磁波的頻率時，收音機就能接收該頻率的電磁波。根據(jù)LC振蕩電路頻率公式

電感L是固定的，故有

所以

由題意C1＝270pF

可解得C2＝30pF【解析】①.85.7②.3022、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]自然界只有兩種電荷，絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，絲綢是失去電子．毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電，橡膠棒是得到電子．【解析】正得到負得到23、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，B點的電場強度

因B帶負電，電場力指向x軸正方向，則EB方向指向x負方向；

A點的電場強度

因A帶正電，電場力指向x軸正方向，則EA方向指向x正方向；

所以點電荷Q應(yīng)位于A、B兩點之間；帶負電荷；

[2]設(shè)點電荷Q的坐標為x，由點電荷的場強公式

知

解得x=2.6m

(另解x=1舍去)

點電荷Q的位置坐標為（2.6m，0）【解析】負電(2.6m，0)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】避雷針光滑25、略

【解析】①.電勢相同②.不做功③.垂直④.垂直⑤.電勢高⑥.電勢低26、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)球體電阻為R，則第一種接法為兩電阻并聯(lián)，總電阻R1=0.5R；第二種接法為兩電阻串聯(lián)，總電阻R2=2R；則兩種接法電阻之比為R1：R2=1：4

[2]取一條邊的兩個頂點AB；畫出整個四面體的等效電路圖，如圖所示。

根據(jù)對稱性可知，電阻R2、R3、R4、R5四個電阻的電壓相等，則電阻R6兩端的電壓為零，相當斷路，電路等效看成R2與R3串聯(lián)、R4與R5串聯(lián)，三條支路并聯(lián)，則整個電路的等效電阻為0.5R?！窘馕觥?:40.5R27、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

圖象Ⅰ縱軸截距等于電源的電動勢

斜率的大小等于內(nèi)阻

[3]由兩圖線的交點可讀出，該電源直接與電阻R連接成閉合電路時電路中的路端電壓為2V，電流為2A，則電源的輸出功率為【解析】3V0.5Ω4W四、作圖題(共2題，共18分)28、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減小；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，