2024年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大版選修3物理上冊階段測試試卷522考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關于固體、液體和物態(tài)變化，下列說法正確的是（）A.當人們感到潮濕時，空氣絕對濕度一定大B.當分子間距離增大時，分子間的引力減小，斥力增大C.一定量的理想氣體，在壓強不變時，氣體分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而增多D.水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大2、一定質(zhì)量的理想氣體被質(zhì)量為的絕熱活塞封閉在豎直放置的絕熱汽缸中，活塞的面積為S，與汽缸底部相距溫度為現(xiàn)接通電熱絲給氣體緩慢加熱，活塞緩慢向上移動距離后停止加熱，整個過程中，氣體吸收的熱量為大氣壓強為p0，重力加速度為則（）

A.初始時，氣體壓強B.停止加熱時，氣體的溫度C.該過程中，氣體內(nèi)能增加量D.該過程中，氣體內(nèi)能增加量3、有一個電流表G；內(nèi)阻Rg=10Ω滿偏電流Ig=3mA．要把它改裝成量程0～3V的電壓表，則（）

A.要串聯(lián)一個阻值為990Ω的電阻。

B.要并聯(lián)一個阻值為990Ω的電阻。

C.要串聯(lián)一個阻值為0.10Ω的電阻。

D.要并聯(lián)一個阻值為0.10Ω的電阻A.B.C.D.4、下列情況中能產(chǎn)生感應電流的是（）

A.如圖甲所示，導體AB順著磁感線運動B.如圖乙所示，條形磁鐵插入線圈中不動時C.如圖丙所示，小螺線管A置于大螺線管B中不動，開關S一直接通時D.如圖丙所示，小螺線管A置于大螺線管B中不動，開關S一直接通，在移動變阻器滑片的過程中5、如圖所示，通有恒定電流的導線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到Ⅱ，設先后兩次通過金屬框的磁通量變化量大小分別為ΔΦ1和ΔΦ2；則()

A.ΔΦ1＞ΔΦ2，兩次運動中線框中均有沿adcba方向電流出現(xiàn)B.ΔΦ1＝ΔΦ2，兩次運動中線框中均有沿abcda方向電流出現(xiàn)C.ΔΦ1＜ΔΦ2，兩次運動中線框中均有沿adcba方向電流出現(xiàn)D.ΔΦ1＜ΔΦ2，兩次運動中線框中均有沿abcda方向電流出現(xiàn)6、某振子做簡諧運動的表達式為x=2sin（2πt+）cm，則該振子振動的振幅和周期為（）A.2cm，1sB.2cm，2πsC.1cm，sD.1cm，2πs7、如圖所示，兩個大小相同、質(zhì)量均為m的小彈珠靜止在水平地面上，某小孩在極短時間內(nèi)給第一個彈珠一個水平?jīng)_量使其向右運動，當?shù)谝粋€彈珠運動了距離L時與第二個彈珠發(fā)生彈性正碰，碰后第二個彈珠運動了2L后停下。已知彈珠所受阻力大小恒為重力的k倍，重力加速度為g，則小孩對第一個彈珠（）

A.施加的沖量為B.施加的沖量為C.做的功為kmgLD.做的功為3kmgL8、如圖所示，為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為半徑為將等量的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關于對稱，與點的連線和間夾角為下列說法正確的是。

A.兩點的電勢關系是B.兩點的電勢關系C.點的場強大小為D.點的場強大小為評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、嚴冬，湖面上結(jié)了厚厚的冰，但冰下魚兒仍在游動。為了測出冰下水的溫度，徐強同學在冰上打了一個洞，拿來一支實驗室溫度計，用下列四種方法測水溫，正確的做法是（）A.用線將溫度計拴牢從洞中放入水里，待較長時間后從水中提出，讀出溫度計的示數(shù)B.取一空的塑料飲水瓶，將溫度計懸吊在瓶中，再將瓶拴住從洞中放入水里，水灌滿瓶后待較長時間，然后將瓶提出，立即讀出溫度計的示數(shù)C.若溫度計顯示的示數(shù)為攝氏溫度即熱力學溫度4KD.若溫度計顯示的示數(shù)為攝氏溫度即熱力學溫度277.15K10、下列說法錯誤的是_____。A.布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動，且溫度越高，布朗運動越劇烈B.當甲、乙兩個分子間距離為r0時，分子間的引力和斥力大小相等；若規(guī)定此距離時分子勢能為零，則分子勢能不可能為負值C.溫度升高，物體的內(nèi)能一定增大E.做功和熱傳遞在改變內(nèi)能的效果上是相同的E.做功和熱傳遞在改變內(nèi)能的效果上是相同的11、如圖所示，兩平行的虛線間的區(qū)域內(nèi)存在著有界勻強磁場，有一較小的三角形線框abc的ab邊與磁場邊界平行，現(xiàn)在外力F的作用下，此線框向右勻速穿過磁場區(qū)域，運動過程中始終保持速度方向與ab邊垂直．以線框的ab邊到達磁場邊界時開始計時，并規(guī)定逆時針方向為感應電流的正方向，向右為力的正方向．則關于線框中的感應電流i和線框所受到的外力F隨時間變化規(guī)律的以下圖線中；可能正確的是（）

A.B.C.D.12、下列說法正確的是____．A.已知銅的密度和摩爾質(zhì)量，可以估算銅分子的直徑B.晶體均具有規(guī)則的幾何形狀，但不一定具有各向異性的特征C.絕對濕度相同，溫度較低時相對濕度較大，感覺越潮濕E.密閉在汽缸里一定質(zhì)量理想氣體發(fā)生等壓膨脹時，單位時間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)一定減少E.密閉在汽缸里一定質(zhì)量理想氣體發(fā)生等壓膨脹時，單位時間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)一定減少13、如圖所示，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），D為理想二極管（正向電阻為零，反向電阻無窮大），C為平行板電容器，M點接地，在開關S閉合后，C中央有一帶電液滴剛好靜止．下列各項單獨操作可能使帶電液滴向上運動的是（）

A.將熱敏電阻R0加熱B.滑動變阻器R的滑動頭P向上移動C.開關S斷開D.電容器C的上極板向上移動14、如圖所示，實線是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在t＝0時刻的波形圖，虛線是這列波在t＝0.2s時刻的波形圖．該波的波速為0.8m/s；則下列說法正確的是()

A.這列波的波長是12cm，沿x軸負方向傳播．B.這列波的周期是0.5sC.這列波是沿x軸正方向傳播的D.t＝0時，x＝4cm處的質(zhì)點振動方向為沿y軸負方向15、如圖所示的電路，是定值電阻，是滑動變阻器，電源內(nèi)阻不可忽略．閉合開關，在電路穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動的過程中()

A.電壓表示數(shù)變小B.電容器充電C.電源的總功率變大D.通過滑動變阻器的電流變小16、空間分布有豎直方向的勻強電場，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的帶電小球A從O點斜向上拋出，小球沿如圖所示的軌跡擊中絕緣豎直墻壁的P點．將另一質(zhì)量相同、電荷量不變、電性相反的小球B仍從O點以相同的速度拋出，該球垂直擊中墻壁的Q點(圖中未畫出)．對于上述兩個過程；下列敘述中正確的是()

A.球A的電勢能增大，球B的電勢能減小B.P點位置高于Q點C.若僅增大A球質(zhì)量，A球有可能擊中Q點D.電場力對球A的沖量大小等于對球B的沖量大小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、長為L的水平極板間有垂直紙面向里的勻強磁場，如圖所示．磁感應強度為B，板間離也為L，極板不帶電．現(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計重力)，從左邊極板間中點處垂直磁感線以速度v水平射入磁場，欲使粒子不打在極板上，粒子的速度范圍為______。18、如圖，上端帶卡環(huán)、底部有加熱裝置的圓柱形氣缸豎直放置在水平地面上，質(zhì)量為m、橫截面積為S、厚度不計的活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的一半，活塞下部封閉有溫度為T的理想氣體。已知重力加速度為g，外界大氣壓強恒為忽略一切摩擦?，F(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，則活塞恰好到達氣缸上端卡口時氣體溫度T1=_______；保持封閉氣體的溫度T1不變，在活塞上表面緩慢倒入沙子，使活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的三分之一，則倒入沙子的總質(zhì)量m1=________。

19、馬鞍山是一座鋼鐵城市，馬鋼工人時常為高爐進行檢修．而這時高爐內(nèi)干燥空氣的溫度竟達160℃，工人卻安全在爐內(nèi)工作幾個小時，是因為________．20、一太陽能電池板，直接用理想電壓表測得它兩極的開路電壓為0.8V，理想電流表測出的短路電流為0.04A，此電源內(nèi)阻為________Ω．若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則流過電阻的電流為________A．21、兩個分別帶有電荷量和的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)閯t兩球間的庫侖力的大小為的__________倍．22、如圖所示，一列沿x軸上傳播的簡諧橫波t0時刻的圖線用實線表示．經(jīng)過△t=0.2s時其圖線用虛線表示；已知波長為5cm．

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x軸負方向傳播，最大周期為____________s；

（iii）若波速為71cm/s，則此波向____________傳播．（填“x軸正方向”或“x軸負方向”）23、質(zhì)量為的小物塊，帶正電q，開始時讓它靜止在傾角的固定光滑絕緣斜面頂端，整個裝置放在水平向左、大小為的勻強電場中，如圖所示．斜面高為H，釋放物體后，物塊馬上落地瞬間的速度大小為__________．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)27、某同學用化學課所學的知識，用檸檬自制了一個水果電池，用萬用表粗測得知它的電動勢E約為3V，內(nèi)阻r約為40Ω；若該電池允許輸出的最大電流為20mA．為了測定該電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學準備了如下器材：

A.待測電池。

B.電壓表V：量程0~15V，內(nèi)阻Rv≈15kΩ；

C.電流表A：量程0~1mA，內(nèi)阻RA=38Ω；

D.電阻箱R：0-999.9Ω；

E.定值電阻R1=2Ω；

F.定值電阻R2=19Ω；

G.定值電阻R3=72Ω；

H.定值電阻R=108Ω

I.開關；導線若干．

(1)該同學設計的部分電路如圖甲所示，圖中保護電阻R0應選擇器材中的___________(填寫器材前的選項字母)

(2)選擇合適的器材，將虛線框中的電路補充完整_______；并在電路中注明所選器材的符號：

(3)將電阻箱的阻值調(diào)整到最大；閉合開關．

(4)調(diào)節(jié)電阻箱的電阻；使所選電表指針指到某一位置，記錄此時電阻箱的阻值R和所選電表的讀數(shù)x，電表讀數(shù)用國際單位(A或V)作單位．

(5)重復步驟(4)獲取多組R和x的值．

(6)斷開開關；整理器材．

(7)據(jù)所得數(shù)據(jù)在－R坐標系中描點連線；如圖乙所示．

根據(jù)圖線可求得該電池的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω．(結(jié)果均保留一位小數(shù))28、某物理興趣小組設計了如圖a所示的歐姆表電路；通過控制電鍵S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“×1”和“×10”兩種倍率。所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V，內(nèi)阻r=0.5Ω

B.電流G：滿偏電流Ig=1mA，內(nèi)阻Rg=150Ω

C.定值電阻R1=1200Ω

D.電阻箱R2和R3：最大阻值都為999.9Ω

E.電阻箱R4：最大阻值9999Ω

F.電鍵一個；紅；黑表筆各1支，導線若干。

(1)該實驗小組按圖a正確連接好電路。當電鍵S斷開時，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱R2=______Ω，使電流表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫做歐姆表的內(nèi)阻R內(nèi)，則R內(nèi)=______Ω；歐姆表的倍率是______（選填“×1”；“×10”）；

(2)閉合電鍵S：第一步：調(diào)節(jié)電阻箱R2和R3，使時，R2=______Ω，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱R4，調(diào)節(jié)R4，當電流表指針指向圖b所示的位置時；對應的歐姆表的刻度值為______Ω。

29、建造重慶長江大橋復線橋高將長百米；重千余噸的鋼梁從江水中吊起如圖、施工時采用了將鋼梁與水面成一定傾角出水的起吊方案；為了探究該方案的合理性，某研究性學習小組做了兩個模擬實驗.研究將鋼板從水下水平拉出（實驗1）和以一定傾角拉出（實驗2）的過程中總拉力的變化情況.

①必要的實驗器材有：鋼板、細繩、水盆、水、支架、刻度尺、計時器和______等.

②根據(jù)實驗曲線，實驗2中的最大總拉力比實驗1中的最大總拉力降低了_____.

③根據(jù)分子動理論，實驗1中最大總拉力明顯增大的原因是_____.

④可能導致測量拉力的實驗誤差的原因有：讀數(shù)不準、鋼板有油污、________等等（答出兩個即可）

評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)30、如圖所示，間距為L、光滑的足夠長的金屬導軌(金屬導軌的電阻不計)所在斜面傾角為，兩根同材料、長度均為L、橫截面均為圓形的金屬棒CD、PQ放在斜面導軌上，已知CD棒的質(zhì)量為m、電阻為R，PQ棒的圓截面的半徑是CD棒圓截面的2倍．磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌所在平面向上，兩根勁度系數(shù)均為k、相同的彈簧一端固定在導軌的下端，另一端連著金屬棒CD．開始時金屬棒CD靜止，現(xiàn)用一恒力平行于導軌所在平面向上拉金屬棒PQ，使金屬棒PQ由靜止開始運動，當金屬棒PQ達到穩(wěn)定時，彈簧的形變量與開始時相同．已知金屬棒PQ開始運動到穩(wěn)定的過程中通過CD棒的電荷量為q，此過程可以認為CD棒緩慢地移動，已知題設物理量符合的關系式，求此過程中(要求結(jié)果均用mg、k、來表示)：

（1）CD棒移動的距離；

（2）PQ棒移動的距離；

（3）恒力所做的功．31、單位時間內(nèi)流過管道橫截面的液體體積叫做液體的體積流量（以下簡稱流量）．由一種利用電磁原理測量非磁性導電液體（如自來水、啤酒等）流量的裝置，稱為電磁流量計．它主要由將流量轉(zhuǎn)換為電壓信號的傳感器和顯示儀表兩部分組成．傳感器的結(jié)構(gòu)如題圖所示，圓筒形測量管內(nèi)壁絕緣，其上裝有一對電極和c,a,c間的距離等于測量管內(nèi)徑D，測量管的軸線與a、c的連接線以及通過通電線圈產(chǎn)生的磁場方向三者相互垂直．當導電液體流過測量管時，在電極a、c的間出現(xiàn)感應電動勢E，并通過與電極連接的儀表顯示出液體流量Q．設磁場均勻恒定，磁感應強度為B．

（1）已知D=0.40m，B=2.5×10-3T，Q=0.12m3/s設液體在測量管內(nèi)各處流速相同，試求E的大?。é腥?.0）

（2）一新建供水站安裝了電磁流量計；在向外供水時流量本應顯示為正值．但實際顯示卻為負值．經(jīng)檢查，原因是誤將測量管接反了，既液體由測量管出水口流入，從如水口流出．因為已加壓充滿管道．不便再將測量管拆下重裝，請你提出使顯示儀表的流量指示變?yōu)檎档暮啽惴椒ǎ?/p>

（3）顯示儀表相當于傳感器的負載電阻，其阻值記為R,a、c間導電液體的電阻r隨液體電阻率的變化而變化，從而會影響顯示儀表的示數(shù)．試以E、R、r為參量，給出電極a、c間輸出電壓U的表達式，并說明怎樣可以降低液體電阻率變化對顯示儀表示數(shù)的影響．32、如圖所示,光滑平行金屬軌道的傾角為θ,寬度為L.在此空間存在著垂直于軌道平面的勻強磁場,磁感應強度為B.在軌道上端連接阻值為R的電阻.質(zhì)量為m電阻為R的金屬棒擱在軌道上,由靜止釋放,在下滑過程中,始終與軌道垂直,且接觸良好.軌道的電阻不計.當金屬棒下滑高度達h時,其速度恰好達最大.試求:

(1)金屬棒下滑過程中的最大加速度.

(2)金屬棒下滑過程中的最大速度.

(3)金屬棒從開始下滑到速度達最大的過程中,電阻R所產(chǎn)生的熱量參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．在一定氣溫條件下；大氣中相對濕度越大，水汽蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；

B．分子間距離增大時；分子間的引力和斥力均減小，故B錯誤；

C．溫度升高；氣體分子對器壁的平均撞擊力增大，要保證壓強不變，分子單位時間對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)必減少，故C錯誤；

D．飽和汽壓與液體種類和溫度有關；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

A．初始時，對活塞根據(jù)平衡條件有

解得

故A錯誤；

B．對氣體緩慢加熱過程中，氣體經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律有

解得

故B正確；

CD．該過程中，氣體對外做功為

根據(jù)熱力學第一定律可得

故CD錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

把電流表改裝為電壓表，應串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：

故A正確．4、D【分析】【詳解】

如圖甲所示；導體AB順著磁感線運動，不切割磁感線，無感應電流，選項A錯誤；如圖乙所示，條形磁鐵插入線圈中不動時，磁通量不變，無感應電流產(chǎn)生，選項B錯誤；如圖丙所示，小螺線管A置于大螺線管B中不動，開關S一直接通時，穿過B的磁通量不變，無感應電流，選項C錯誤；如圖丙所示，小螺線管A置于大螺線管B中不動，開關S一直接通，在移動變阻器滑片的過程中，線圈A中的電流變化，穿過線圈B的磁通量變化，會有感應電流產(chǎn)生，選項D正確；故選D.

點睛：解答本題的關鍵是正確理解感應電流產(chǎn)生的條件，即穿過閉合回路的磁通量變化，或者閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動．5、C【分析】【詳解】

AB．設在位置Ⅰ通過金屬框的磁通量為Φ1，在位置Ⅱ通過金屬框的磁通量為Φ2，由題可知：ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|，ΔΦ2＝|－Φ2－Φ1|，所以金屬框的磁通量變化量大小ΔΦ1＜ΔΦ2；故AB錯誤．

CD．由安培定則知兩次磁通量均向里減小，所以由楞次定律知兩次運動中線框中均出現(xiàn)沿adcba方向的電流，故C正確D錯誤.6、A【分析】【分析】

簡諧運動的一般表達式為位移的最大值等于振幅．由可求出周期．

【詳解】

根據(jù)簡諧運動的表達式為：cm得知；該振子振動的振幅A=2cm；

圓頻率則周期為

故選A．7、D【分析】【分析】

【詳解】

CD．兩個完全相同的小球發(fā)生彈性碰撞，速度交換，設第二個小球碰后的速度為v，根據(jù)速度位移公式有

解得對第一個小球，設小孩對其做功為W，根據(jù)動能定理

代入可得W=3kmgL；C錯誤；D正確；

AB．設小孩施加的沖量為I，產(chǎn)生向右的初速度為根據(jù)動能定理有

解得

根據(jù)動量定理有

故AB錯誤。

故選D。8、C【分析】【詳解】

解：等量正負點電荷連線的中垂線上電勢為零，因而由電勢公式點電勢大于零，點電勢小于零．點的場強大小為正負電荷的合場強．故選C．二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．要測量冰下水的溫度；必須使溫度計與冰下的水達到熱平衡時，再讀出溫度計的示數(shù)，但因隔著冰無法直接讀數(shù)，把溫度計取出來，顯示的也不再是原熱平衡狀態(tài)下的溫度，A錯誤B正確；

CD．根據(jù)。

C錯誤D正確。

故選BD。10、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒的運動；反映了液體分子的無規(guī)則運動，選項A錯誤，符合題意；

B．當甲、乙兩個分子間距離為r0時；分子間的引力和斥力大小相等，此處分子勢能最小，若規(guī)定此距離時分子勢能為零，則分子勢能不可能為負值，選項B正確，不符合題意；

C．一定質(zhì)量的物體；內(nèi)能與溫度和體積有關，溫度升高，物體的內(nèi)能不一定增大，選項C錯誤，符合題意；

D．干濕泡濕度計示數(shù)差別越大；表明相對濕度越小，選項D錯誤，符合題意；

E．做功和熱傳遞在改變內(nèi)能的效果上是相同的；選項E正確，不符合題意。

故選ACD。11、B:C【分析】【詳解】

開始時進入磁場切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流方向為逆時針，當開始出磁場時，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應電流為順時針；不論進入磁場，還是出磁場時，由于切割的有效長度變小，導致產(chǎn)生感應電流大小變小，故A錯誤，B正確；進入磁場過程中，根據(jù)平衡條件可得F=FA=由于有效切割長度逐漸減小，所以拉力逐漸減小；完全進入磁場過程中安培力為零，則拉力為零；出磁場過程中，有效切割長度逐漸減小，所以拉力逐漸減??；整個過程中安培力方向向左，則拉力方向向右，故C正確、D錯誤．12、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A.已知銅的密度和摩爾質(zhì)量；可求銅的摩爾體積．銅分子可以看作一個個緊密排列圓球，摩爾體積除以阿伏伽德羅常數(shù)可求銅分子體積，根據(jù)圓球的體積公式可以估算銅分子的直徑，故A正確；

B.多晶體不具有規(guī)則的幾何形狀；也不具有各向異性的特征，故B錯誤；

C.溫度越低；飽和氣壓越低，所以絕對濕度相同，溫度較低時相對濕度較大，感覺越潮濕，故C正確；

D.當液體與固體之間表現(xiàn)為浸潤時；附著層內(nèi)分子間的距離小于平衡距離，作用力表現(xiàn)為斥力，故D錯誤；

E.一定質(zhì)量理想氣體發(fā)生等壓膨脹時；溫度一定升高，分子平均動能增大，分子撞擊器壁時的平均作用力增大．壓強不變，單位時間單位面積器壁受到的撞擊力相同，單位時間碰撞器壁單位面積的氣體分子數(shù)一定減少，故E正確．

故選ACE13、A:C【分析】【分析】

由共點力的平衡條件可知液滴的受力情況；要使液滴向上運動，應增大兩板間的電勢差；由根據(jù)閉合電路歐姆定律可知應采取何種措施；注意二極管的作用可以阻止電容器上的電量流出．

【詳解】

A．要使液滴向上運動；則應增大液滴受到的電場力；即應增大兩板間的電勢差；熱敏電阻加熱時，熱敏電阻阻值減小，則由閉合電路歐姆定律可知，滑動變阻器兩端的電壓增大，故電容器兩端的電壓增大，液滴向上運動，故A正確；

B．當變阻器的滑片向上移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則總電流增大，內(nèi)壓及R0兩端的電壓增大；則滑動變阻器兩端的電壓減小，故不會充電，電容器兩端的電勢差不變，故B錯誤；

C．開關S斷開時；電容器直接接在電源兩端，電壓增大，則液滴向上運動，故C正確；

D．電容器C的上極板向上移動，d增大；則電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電荷不會向右流出，所以電容器兩端的電勢差增大，由于C＝E＝U/d．所以：E＝由于極板上的電量不變，而場強E與極板之間的距離無關，所以電場強度E不變，液滴仍然靜止，故D錯誤；

故選AC．14、A:D【分析】【詳解】

從圖中可以看出波長等于12cm，由已知得波速等于0.8m/s，周期經(jīng)過0.2s即經(jīng)過周期，經(jīng)過一個周期質(zhì)點回到原位置，即只看經(jīng)過周期的振動情況即可，若沿x軸正方向傳播，x=4cm處質(zhì)點經(jīng)過周期應該向下振動，所以該波沿x軸負方向傳播，故A正確，BC錯誤；由于該波向左傳播，所以根據(jù)振動和波動關系可知t=0時刻，x=4cm處的質(zhì)點的質(zhì)點速度沿沿y軸負方向，故D正確．15、A:C【分析】【分析】

變阻器滑片移動時；分析總電阻的變化，判斷總電流和路端電壓的變化。根據(jù)電路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律分析電容器兩端電壓變化情況，即可判斷電容器的狀態(tài).

【詳解】

A、當滑動變阻器的滑動觸頭由中點向下移動時，R4變小，電路的總電阻變小，總電流I變大；內(nèi)電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表示數(shù)變?。还蔄正確.

B、電容器兩端電壓為：U=E-I（r+R2），I變大，故電容器兩端電壓U變?。粠щ娏孔冃?，電容器放電，故B錯誤；

C、電源的總功率P=EI，I變大，則P變大；故C正確.

D、根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知，變阻器兩端的電壓增小，通過R1的電流變小；而總電流變大，所以通過滑動變阻器的電流變大；故D錯誤.

故選AC.

【點睛】

本題是電路動態(tài)分析問題，關鍵是理清電路，根據(jù)路串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律得到各個部分電路電流和電壓的變化.16、A:D【分析】【分析】

根據(jù)題意可判斷電場力的方向，從而判斷電場力做功情況以及電勢能變化情況；分析兩種情況下的加速度關系，根據(jù)v2-v02=2ah判斷h的關系；根據(jù)I=Ft判斷電場力的沖量關系.

【詳解】

由題意可知，擊中P點的小球A受電場力向下，垂直擊中Q點的小球B受電場力向上，可知電場力對A做負功，對B做正功，球A的電勢能增大，球B的電勢能減小，選項A正確；根據(jù)牛頓第二定律，對A球：mg+qE=maA；對B球：mg-qE=maB；可知aA>aB；對球A豎直方向：對球B在豎直方向：可得hAB，即P點位置低于Q點，選項B錯誤；若僅增大A球質(zhì)量，可知aA減小，但是不可能等于aB，則hA不可能等于hB，則若僅增大A球質(zhì)量，A球不可能擊中Q點，選項C錯誤；因兩次拋球小球在水平方向的分速度相同，水平位移相同，可知兩球運動的時間t相同；根據(jù)I=Eqt可知電場力對球A的沖量大小等于對球B的沖量大小，選項D正確；故選AD.三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場時，其在磁場中圓周運動的半徑R＜L/4；粒子在磁場中做圓周運動由洛倫茲力提供向心力，即：qvB=m可得粒子做圓周運動的半徑：

所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：

帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時粒子的最小半徑為R，由上圖可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圓周運動的最大半徑：R=則：即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或【解析】或18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對封閉氣體緩慢加熱；則活塞恰好到達氣缸上端卡口，對封閉氣體處于等壓過程，由蓋-呂薩克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面緩慢倒入沙子前；對活塞列受力平衡。

保持封閉氣體的溫度T1不變,對封閉氣體處于等溫過程；由玻意耳定律可知。

對活塞列受力平衡。

其中。

聯(lián)立可解。

【解析】2T；4m19、略

【分析】【分析】

【詳解】

工人能在爐內(nèi)溫度竟達160℃的環(huán)境中工作幾個小時；是因為在高壓爐內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫．

【點睛】

高壓爐內(nèi)空氣溫度高，工人容易排汗，溫度越高汗液蒸發(fā)越快，蒸發(fā)吸熱，人體溫度降低．【解析】在高爐內(nèi)干燥空氣中，工人容易排汗，通過蒸發(fā)來維持體溫20、略

【分析】【分析】

根據(jù)開路電壓可求得電源的電動勢；再根據(jù)短路電流由閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)阻大?。辉賹尤?0Ω的電阻進行分析，由閉合電路歐姆定律求出電流大小；

【詳解】

開路電壓為則電源的電動勢短路電流為

則內(nèi)阻

若與20Ω的電阻串聯(lián)時，電流．

【點睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的正確應用，要注意明確開路電壓為電源的電動勢，當外電阻為零時的電流為短路電流．【解析】200.0221、略

【分析】【分析】

清楚兩小球相互接觸后；其所帶電量先中和后均分．根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題．

【詳解】

相距為r時，根據(jù)庫侖定律得：接觸后各自帶電量變?yōu)閯t此時兩式聯(lián)立得即大小為F的倍．

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關鍵．【解析】22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)題意，波速周期T=

（i）若波向x軸正方向傳播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”號）

（ii）若波向x軸負方向傳播，最大周期為s（n=1；式子取“-”號）

（iii）若波速為71cm/s，對應n=3，且式子取“-”號，說明波向x軸負方向傳播．【解析】4x軸負方向23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對物塊進行受力分析；物塊受重力和水平向左的電場力，如圖所示。

電場力為

從開始到落地過程，由動能定理得

解得【解析】四、作圖題(共3題，共6分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共27分)27、略

【分析】【分析】

（1）求出電路的最小電阻；然后選擇保護電阻．

（2）根據(jù)題意選擇實驗器材；根據(jù)實驗原理作出實驗電路圖．

（7）根據(jù)實驗電路應用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式；然后根據(jù)圖示圖象求出電源的電動勢與內(nèi)阻．

【詳解】

（1）本實驗中，當滑動變阻器接入電路的阻值為0時，電池輸出的電流最大，則電路中的最小固定電阻值約為因電源內(nèi)阻約為故值電阻約為故該定值電阻應選器材中的H；

（2）本實驗給定電壓表量程太大，不可以使用；因電流表給定量程太小，故需要擴大量程20倍，需要并聯(lián)的電阻值所以選定值電阻R1與電流表A并聯(lián)，就可改裝成一個量程為20mA的電流表．所以虛線框中的電路補充完整后如下圖象所示：

（7）由以上分析可知；題目中提到的x，指代電流表讀數(shù)I；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：

整理方程得：

即：

故解得：

解得：

故本題答案為：（1）H；（2）（7）3.2V；42.1Ω

【點睛】

本題考查了測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，根據(jù)題意確定實驗原理是解題的前提與關鍵，根據(jù)電路圖應用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式，根據(jù)圖示圖象可以求出電源電動勢與內(nèi)阻．【解析】H3.2V42.1Ω28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]根據(jù)歐姆定律；得。

代入數(shù)據(jù)；得。

閉合電鍵后，干路電流增加，電路表與定值電阻兩端電壓減小，電流減小，則電流表指針向右偏轉(zhuǎn)角度變小，因歐姆表的刻度與電流表相反，即指針向左偏轉(zhuǎn)變大，因兩次測量值應相同，則閉合電鍵后的倍率較小，所以電鍵斷開時歐姆表的倍率為

(2)[4]電路中R3兩端電壓為。

則R2和r電壓之和為。

根據(jù)斷開與閉合電鍵倍率關系，可知，干路電流為支路電流的10倍。即通過R2電流為0.01A；則有。

代入數(shù)據(jù)；得。

[5]從b圖讀出電流表示數(shù)為0.60mA；則干路電流為6.0mA，根據(jù)歐姆定律，得。

解出。

由于倍率為故示數(shù)為100Ω。【解析】149.515001014.510029、略

【分析】【詳解】

①因為本實驗是要判斷拉力的變化情況；故應用到測力計（彈簧測力計；力傳感器等等）；

②實驗一的最大拉力F1m=4.35N

實驗二的最大拉力F2m=3.75+0.025=3.78N

所以

③鋼板在水面下時，拉力F1=3.40N；

鋼板出水后繩的拉力F2=3.78N

鋼板在水中受到的浮力F0=F2--F1=0.38N；

實驗