2024年統(tǒng)編版2024高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年統(tǒng)編版2024高三物理上冊階段測試試卷217考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、有一宇宙飛船到了某行星上（該行星沒有自轉(zhuǎn)運動），以速度v接近行星赤道表面勻速飛行，測出運動的周期為T，已知引力常量為G，則可得（）A.該行星的半徑為B.該行星的平均密度為C.無法測出該行星的質(zhì)量D.該行星表面的重力加速度為2、已知點電荷A的帶電量是點電荷B的電荷量的2倍，則A對B的作用力與B對A是作用力之比是（）A.2：1B.1：1C.1：2D.不確定3、一臺國產(chǎn)封閉型貯水式電熱水器的銘牌上所列的主要參數(shù)如表所示；根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)，計算出此電熱水器在額定電壓下工作時，通過熱水器的電流約為（）

。額定容量54L最高水溫75℃額定功率1500W額定壓力0.7Mpa額定電壓交流220V電器類別1類額定頻率50Hz防水等級IPX4A.6.8AB.0.15AC.4.4AD.0.23A4、(6分)如圖所示表示兩列相干水波某時刻的波峰和波谷位置，實線表示波峰，虛線表示波谷，相鄰實線與虛線間的距離為0.2m，波速為1m/s，在圖示范圍內(nèi)可以認為這兩列波的振幅均為1cm，C點是相鄰實線與虛線間的中點，則()A.圖示時刻B兩點的豎直高度差為2cmB.圖示時刻C點正處于平衡位置且向水面上運動C.F點到兩波源的路程差為零D.經(jīng)0.2s，A點的位移為零5、下列說法中正確的是（）A.勻速圓周運動是一種速度保持不變的運動B.物體做勻速圓周運動時所受的合外力是恒力C.作勻速圓周運動的物體的受的合外力為零D.勻速圓周運動的合力方向始終指向圓心6、宇宙中有一些由二顆或多顆星球組成的天體系統(tǒng)，它們離其他星系很遠，與其他星系相互作用的萬有引力可忽略不計，依靠彼此的萬有引力而運動．關(guān)于這些星系，下列說法正確的是（）A.雙星系統(tǒng)中兩星球可以有不同的線速度，且線速度大的質(zhì)量小B.三星系統(tǒng)中各星球可以的不同的質(zhì)量，且質(zhì)量大的角速度大C.雙星系統(tǒng)中兩星球可以有不同的角速度，且角速度大的質(zhì)量大D.雙星系統(tǒng)可以有一個中心天體，另一星球繞中心天體做勻速圓周運動7、如圖所示，兩個質(zhì)量相同的物體a、b，在同一高度處，a自由下落，b沿光滑斜面下滑，不計空氣阻力，則它們到達地面時，下列說法中錯誤的是（）A.速率相同，動能相同B.a物體速率大，動能也大C.a、b兩物體在運動過程中機械能均守恒D.重力對b物體做的功與對a物體做的功一樣多評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、圖1為“研究一定質(zhì)量氣體在體積不變的條件下；壓強變化與溫度變化關(guān)系”的實驗裝置示意圖1．在燒瓶A中封有一定質(zhì)量的氣體，并與氣壓計相連，初始時氣壓計兩側(cè)液面平齊．

（1）若氣體溫度升高，為使瓶內(nèi)氣體的體積不變，應將氣壓計右側(cè)管____（填“向上”或“向下”）緩慢移動，直至____．

（2）（單選）實驗中多次改變氣體溫度，用△t表示氣體升高的溫度，用△h表示氣壓計兩側(cè)管內(nèi)液面高度差的變化量．則根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線（圖2）應是____．9、（2013秋?臨河區(qū)校級期中）如圖，物體A和B的重力分別為11N和7N，不計彈簧秤、細線的重力和一切摩擦，則地面對A物體的支持力為____N；彈簧秤的讀數(shù)為____N．10、如圖甲所示是用手握住鋼鉗夾住一長方體工件時的情景．為了研究鋼鉗的平衡情況；可將鋼鉗抽象為兩個杠桿模型，其中一個如圖乙中實線所示，今在A點施加一個大小不變；方向始終垂直于AB的握力F，則：

（1）當稍用力向右抽工件時；工件仍被夾住，則在圖乙中B點可看作杠桿的轉(zhuǎn)軸，請在乙圖上畫出鋼鉗D點受力的示意圖．

（2）在下列情況發(fā)生時，其中判斷正確的是____

（A）將工件往右抽動時比往左抽動時容易。

（B）將工件往左抽動時比往右抽動時容易。

（C）向右抽動時；將工件橫置（夾住部分較?。┤菀壮閯印?/p>

（D）向右抽動時，將工件豎置（夾住部分較厚）容易抽動．11、【選做題】A．(1)若一氣泡從湖底上升到湖面的過程中溫度保持不變；則在此過程中關(guān)于氣泡中的氣體；

下列說法正確的是____________．(填寫選項前的字母)

(A)氣體分子間的作用力增大(B)氣體分子的平均速率增大。

(C)氣體分子的平均動能減小(D)氣體組成的系統(tǒng)地熵增加。

(2)若將氣泡內(nèi)的氣體視為理想氣體；氣泡從湖底上升到湖面的過程中，對外界做了0.6J的功，則此過程中的氣泡____________(填“吸收”或“放出”)的熱量是____________J．氣泡到達湖面后，溫度上升的過程中，又對外界做了0.1J的功，同時吸收了0.3J的熱量，則此過程中，氣泡內(nèi)氣體內(nèi)能增加了____________J

(3)已知氣泡內(nèi)氣體的密度為1.29kg/m3，平均摩爾質(zhì)量為0.29kg/mol．阿伏加德羅常數(shù)NA=6.02×1023mol-1，取氣體分子的平均直徑為2×10-10m；若氣泡內(nèi)的氣體能完全變?yōu)橐后w，請估算液體體積與原來氣體體積的比值．(結(jié)果保留以為有效數(shù)字)

B．(1)如圖甲所示；強強乘電梯速度為0.9c(c為光速)的宇宙飛船追趕正前方的壯壯，壯壯的飛行速度為0.5c，強強向壯壯發(fā)出一束光進行聯(lián)絡(luò)，則壯壯觀測到該光束的傳播速度為____________．(填寫選項前的字母)

(A)0.4c(B)0.5c

(C)0.9c(D)1.0c

(2)在t=0時刻；質(zhì)點A開始做簡諧運動，其振動圖象如圖乙所示．質(zhì)點A振動的周期是____________s；t=8s時，質(zhì)點A的運動沿y軸的____________方向(填“正”或“負”)；質(zhì)點B在波動的傳播方向上與A相距16m，已知波的傳播速度為2m/s，在t=9s時，質(zhì)點B偏離平衡位置的位移是____________cm

(3)圖丙是北京奧運會期間安置在游泳池底部的照相機拍攝的一張照片，照相機的鏡頭豎直向上．照片中，水利方運動館的景象呈限在半徑r=11cm的圓型范圍內(nèi)，水面上的運動員手到腳的長度l=10cm，若已知水的折射率為請根據(jù)運動員的實際身高估算該游泳池的水深h，(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

C．在β衰變中常伴有一種稱為“中微子”的粒子放出．中微子的性質(zhì)十分特別，因此在實驗中很難探測．1953年，萊尼斯和柯文建造了一個由大水槽和探測器組成的實驗系統(tǒng)，利用中微子與水中11H的核反應；間接地證實了中微子的存在．

(1)中微子與水中的11H發(fā)生核反應，產(chǎn)生中子(01n)和正電子(+10e)，即中微子+11H→01n++10e可以判定；中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別是____________．(填寫選項前的字母)

(A)0和0(B)0和1(C)1和0(D)1和1

(2)上述核反應產(chǎn)生的正電子與水中的電子相遇，與電子形成幾乎靜止的整體后，可以轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€光子(γ)，即+10e+-10e→2γ

已知正電子和電子的質(zhì)量都為9.1×10-31㎏；反應中產(chǎn)生的每個光子的能量約為____________J．正電子與電子相遇不可能只轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€光子，原因是____________．

(3)試通過分析比較，具有相同動能的中子和電子的物質(zhì)波波長的大小．12、從20m高處水平拋出一物體，不考慮空氣阻力，落地時的速度大小為25m/s．則拋出時的初速度大小為____．（g取10m/s2）13、一物體做自由落體運動，在第1s內(nèi)和第2s內(nèi)，重力對該物體做的功之比為____，在第1s末和第2s末，重力做功的瞬時功率之比為____．14、如圖所示．是某繩波形成過程的示意圖，1、2、3、4為繩上的一系列等間距的質(zhì)點，相鄰兩質(zhì)點間的距離均為10cm，繩處于水平方向．質(zhì)點1在外力作用下沿豎直方向做簡諧運動，帶動2、3、4各質(zhì)點依次上下振動，把振動從繩的左端傳到右端．t=0時質(zhì)點1開始向上運動，經(jīng)過0.1s第一次到達最大位移，這時質(zhì)點3開始運動．則該波的波長為____m．波速分別為____m/s．

15、做平拋運動的物體，水平方向做____運動，豎直方向做____運動．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運動，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對錯）17、質(zhì)點就是體積很小的物體．____（判斷對錯）18、當溫度升高時，物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）19、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）20、發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．____．（判斷對錯）21、根據(jù)公式v=ωr可知，若角速度增大一倍，則線速度也增大一倍．____．評卷人得分四、計算題(共3題，共9分)22、如圖所示是靜電分選器的原理示意圖，將磷酸鹽和石英的混合顆粒由傳送帶送至兩個豎直的帶電平行板上方，顆粒經(jīng)漏斗從電場區(qū)域中央處開始下落，經(jīng)分選后的顆粒分別裝入A、B桶中，混合顆粒離開漏斗進入電場時磷酸鹽顆粒帶正電，石英顆粒帶負電，所有顆粒所帶的電量與質(zhì)量之比均為10－5C/kg．若已知兩板間的距離為10cm，兩板的豎直高度為50cm．設(shè)顆粒進入電場時的初速度為零，顆粒間相互作用不計．如果要求兩種顆粒離開兩極板間的電場區(qū)域時有最大的偏轉(zhuǎn)量且又恰好不接觸到極板．（1）兩極板間所加的電壓應多大?（2）若帶電平行板的下端距A、B桶底高度為H＝1.3m，求顆粒落至桶底時速度的大?。╣＝10m/s2）23、在如圖所示的空間里，存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為在豎直方向存在交替變化的勻強電場如圖（豎直向上為正），電場大小為．一傾角為θ足夠長的光滑絕緣斜面放置在此空間．斜面上有一質(zhì)量為m，帶電量為-q的小球，從t=0時刻由靜止開始沿斜面下滑，設(shè)第5秒內(nèi)小球不會離開斜面，重力加速度為g求：（1）求第1秒末小球的速度大小．(2)第6秒內(nèi)小球離開斜面的最大距離．（3）若第19秒內(nèi)小球仍未離開斜面，θ角應滿足什么條件？24、如圖所示為一異形玻璃磚的橫截面，異形玻璃磚由一等腰直角三棱鏡ABC

和與其材料相同、相同厚度的14

圓柱形玻璃磚組成的，等腰直角三棱鏡的直角邊與14

圓柱形玻璃磚半徑相等；均為R.

現(xiàn)有一束寬度也為R

的平行單色光垂直BC

邊射入異形玻璃磚，光線恰好不能從AC

邊射出.

已知光在真空中的速度為c.

求：

(1)

光在直角三棱鏡中傳播的時間；

(2)14

圓柱形玻璃磚中有光線射出部分的弧長．評卷人得分五、作圖題(共2題，共14分)25、如圖所示，在一驗證力的“平行四邊形定則”的實驗中，橡皮筋固定于O′點，兩彈簧測力計上的位力分別為F1、F2時，結(jié)點拉至O點，F(xiàn)1與OO′的夾角為α，F(xiàn)2與OO′的夾角為β，如果保持O點的位置不變，問在α不變，β減小時，F(xiàn)1、F2分別將知何變化？26、在如圖所示的各圖中；勻強磁場的磁感應強度均為B，帶電粒子的速率均為v，帶電荷量均為+q，試標出洛倫茲力的方向．

評卷人得分六、推斷題(共4題，共8分)27、rm{CuSO}rm{CuSO}rm{{,!}_{4}}和rm{Cu(NO}rm{Cu(NO}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}和rm{{,!}_{2}}中陽離子基態(tài)核外電子排布式為___________，是自然界中重要的銅鹽?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)CuSO_{4}}rm{Cu(NO_{3})_{2}}三種元素的第一電離能由大到小的順序為____________。rm{S}往rm{O}溶液中通入足量rm{N}能生成配合物rm{(2)}其中rm{Cu(NO_{3})_{2}}中心原子的雜化軌道類型為_____，rm{NH_{3}}中存在的化學鍵類型有_______。rm{[Cu(NH_{3})_{4}](NO_{3})_{2}}在硫酸銅溶液中加入過量rm{NO_{3}^{-}}能生成配離子rm{[Cu(NH_{3})_{4}](NO_{3})_{2}}rm{(3)}中提供孤電子對的原子是___，rm{KCN}rm{Cu(CN)_{4}]^{2-}}rm{CN^{-}}中含有的rm{1}鍵的數(shù)目為_____。與rm{mol}互為等電子體的分子有_____。rm{CN^{-}}的熔點為rm{婁脨}rm{CN^{-}}的熔點為rm{(4)CuSO_{4}}rm{560隆忙}熔點更高的原因是________。rm{Cu(NO_{3})_{2}}利用rm{115隆忙}和rm{CuSO_{4}}制備的rm{(5)}檢驗醛基時，生成紅色的rm{CuSO_{4}}其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示。該晶胞中原子坐標參數(shù)rm{NaOH}為rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu_{2}O}為rm{A}rm{(0,0,0)}為rm{B}則rm{(1,0,0)}原子的坐標參數(shù)為____________。它代表_____原子。rm{C}填元素符號rm{(1/2,1/2,1/2)}rm{D}28、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五種物質(zhì)rm{(}或離子rm{)}均含有同一種元素，它們之間有如下轉(zhuǎn)化關(guān)系：

rm{(1)}若rm{A}為單質(zhì)，若rm{B}為氣體；rm{C}rm{D}的相對分子質(zhì)量相差rm{16}rm{0.05mol/LE}溶液中只有rm{3}種離子，且溶液中的rm{dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft(O{H}^{-}right)}={10}^{12}}則rm{

dfrac{cleft({H}^{+}right)}{cleft(O{H}^{-}right)}={10}^{12}

}的化學方程式為：________________________rm{B隆煤C}若rm{(2)}為單質(zhì)，rm{A}rm{B}均屬于鹽類，rm{C}是一種白色沉淀。rm{D}若rm{壟脵}若rm{B}溶液呈黃色，與苯酚溶液混合后顯紫色；rm{E}是一種不溶性堿。則：溶液呈黃色，與苯酚溶液混合后顯紫色；rm{壟脵}是一種不溶性堿。則：rm{B}Ⅰrm{E}的離子方程式為：__________________________________________rm{(}Ⅱrm{)B隆煤C}的化學方程式為：__________________________________________rm{(}Ⅲrm{)D隆煤E}選用一種試劑rm{(}與rm{)}反應實現(xiàn)rm{R}的轉(zhuǎn)化，則rm{E}為__________；該反應的離子方程式為____________________________________________________rm{E隆煤C}若rm{R}的水溶液呈酸性，rm{壟脷}的水溶液呈堿性。將rm{B}的粉末與硝酸鈉溶液混合后加入足量rm{C}的氫氧化鈉溶液，有無色刺激性氣味的氣體生成，用濕潤的紅色石蕊試紙檢驗，試紙變藍。寫出反應的離子方程式：____________________________________________rm{A}若rm{40%}均為化合物。rm{(3)}是淡黃色固體；rm{A隆蘆E}rm{A}兩溶液在等物質(zhì)的量濃度時，rm{B}溶液的rm{C}較小。電解rm{C}的水溶液是最重要的工業(yè)生產(chǎn)之一，rm{pH}也是工業(yè)制備rm{D}的普遍方法。將足量的rm{D隆煤E隆煤C}投入rm{C}溶液中充分反應，有無色無味的氣體生成，且rm{A}與氣體的物質(zhì)的量之比為rm{FeCl_{2}}寫出上述反應的離子方程式_______________________________________rm{A}29、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)rm{]}石油分餾得到的輕汽油可在rm{Pt}催化下脫氫環(huán)化，逐步轉(zhuǎn)化為芳香烴。以鏈烴rm{A}為原料合成兩種高分子材料的路線如下：。

已知以下信息：rm{壟脵B}的核磁共振氫譜中只有一組峰；rm{G}為一氯代烴。rm{壟脷}回答以下問題：rm{(1)B}的化學名稱為________，rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為________。rm{(2)G}生成rm{H}的化學方程式為________。rm{(3)J}的結(jié)構(gòu)簡式為________。rm{(4)F}合成丁苯橡膠的化學方程式為________。rm{(5)I}的同分異構(gòu)體中能同時滿足下列條件的共有________種rm{(}不含立體異構(gòu)rm{)}rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應產(chǎn)生氣體；rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應，又能發(fā)生水解反應。其中核磁共振氫譜為rm{4}組峰，且面積比為rm{6:2:1:1}的是____rm{(}寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡式rm{)}rm{(6)}參照上述合成路線，以rm{2-}甲基己烷和一氯甲烷為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}設(shè)計制備化合物rm{E}的合成路線：________。30、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)rm{]}秸稈rm{(}含多糖類物質(zhì)rm{)}的綜合利用具有重要的意義。下面是以秸稈為原料合成聚酯類高分子化合物的路線：回答下列問題：rm{(1)}下列關(guān)于糖類的說法正確的是__________。rm{(}填標號rm{)}rm{a.}糖類都有甜味，具有rm{C_{n}H_{2m}O_{m}}的通式rm{b.}麥芽糖水解生成互為同分異構(gòu)體的葡萄糖和果糖rm{c.}用銀鏡反應不能判斷淀粉水解是否完全rm{d.}淀粉和纖維素都屬于多糖類天然高分子化合物rm{(2)B}生成rm{C}的反應類型為__________。rm{(3)D}中的官能團名稱為__________，rm{D}生成rm{E}的反應類型為__________。rm{(4)F}的化學名稱是__________，由rm{F}生成rm{G}的化學方程式為__________。rm{(5)}具有一種官能團的二取代芳香化合物rm{W}是rm{E}的同分異構(gòu)體，rm{0.5molW}與足量碳酸氫鈉溶液反應生成rm{44gCO_{2}}rm{W}共有__________種rm{(}不含立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜為三組峰的結(jié)構(gòu)簡式為__________。rm{(6)}參照上述合成路線，以rm{(}反，反rm{)}--rm{2}rm{4}--已二烯和rm{C_{2}H_{4}}為原料rm{(}無機試劑任選rm{)}設(shè)計制備對苯二甲酸的合成路線__________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】研究宇宙飛船到繞某行星做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題．【解析】【解答】解：A．根據(jù)周期與線速度的關(guān)系T=，可得：R=；故A錯誤；

C．根據(jù)萬有引力提供向心力，可得：M=；故C錯誤；

B．由M=得：ρ=；故B正確；

D．行星表面的萬有引力等于重力，=mg得：g=；故D錯誤．

故選：B．2、B【分析】【分析】距離不變，只是將電量增大到原來的2倍，根據(jù)點電荷庫侖力的公式F=k可以求得改變之后的庫侖力的大小，而根據(jù)牛頓第三定律，A對B的作用力大小跟B對A的作用力大小是屬于作用力與反作用力，因此大小總是相等．【解析】【解答】解：由點電荷庫侖力的公式F=k；可以得到，距離不變，將它們之間的電量增大為原來的2倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?倍；

而A對B的作用力大小跟B對A的作用力大小是屬于作用力與反作用力；因此兩者大小相等，即1：1，所以B正確，ACD錯誤．

故選：B．3、A【分析】【分析】由熱水器銘牌可知，加熱時的額定功率是1500W，額定電壓是220V，由電功率變形公式可以求出加熱時的電流．【解析】【解答】解：電熱水器加熱時的電流I=

故選：A．4、B【分析】試題分析：圖示時刻點A、B、C、D振動加強，A、B間豎直高度差選項A錯誤.圖示時刻點C在平衡位置，根據(jù)波的傳播方向與質(zhì)點振動方向的關(guān)系知，點C由平衡位置向上運動,選項B正確.圖示時刻點E、F振動減弱，位移為零，到兩波源的路程差為半波長的奇數(shù)倍,選項C錯誤.波長為周期經(jīng)過時間兩列波的波谷傳到A點，則A點處于波谷，位移為-2cm,選項D錯誤.故選B.考點：本題考查了波的干涉、振動和波的關(guān)系.【解析】【答案】B5、D【分析】【分析】勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，是變速運動．加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動．向心力方向始終指向圓心，是變化的．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運動速度大小不變；方向變化，速度是變化的，是變速運動，而且加速度是變化的，故勻速圓周運動是變加速運動，故A錯誤．

B；勻速圓周運動受的力是向心力；不為零，且向心力始終指向圓心，方向時刻在變化，不是恒力．故B錯誤，C錯誤，D正確．

故選：D6、A【分析】【分析】雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的周期，根據(jù)m1ω2r1=m2ω2r2得m1r1=m2r2，分析即可求解．【解析】【解答】解：A、雙星系統(tǒng)中每個星球只受另一個星球的萬有引力，必然產(chǎn)生一個加速度，因此它們一定繞連線上一點做角速度相等的勻速圓周運動，萬有引力恰好等于向心力，不可能有中心天體，由m1ω2r1=m2ω2r2得m1r1=m2r2，即質(zhì)量大的軌道半徑小，而v=ωr；因此線速度大的軌道半徑大，質(zhì)量小，故A正確，CD錯誤；

B；三星或多星系統(tǒng)都可以有不同的質(zhì)量星球；但沒有中心天體時，各星球的相對位置一定穩(wěn)定不變，角速度相等，故B錯誤．

故選：A7、B【分析】【分析】由于斜面光滑，B運動的過程中只有重力做功，所以AB的機械能都守恒，由機械能守恒可以判斷落地的速度和動能．【解析】【解答】解：斜面光滑；B運動的過程中只有重力做功，所以AB的機械能都守恒，由于AB的初速度都是零，高度也相同，所以到達地面時，它們的動能相同，由于它們運動的方向不一樣，所以只是速度的大小相同，即速率相同，由以上分析可知，故A；C、D正確，B錯誤．

本題選錯誤的，故選：B．二、填空題(共8題，共16分)8、向上氣壓計左管液面回到原來的位置A【分析】【分析】（1）探究體積不變時壓強變化與溫度變化的關(guān)系；氣體溫度升高，壓強變大，左管水銀面下降，為保證氣體體積不變，應適當抬高右管，使左側(cè)水銀面高度不變；

（2）根據(jù)查理定律，故【解析】【解答】解：（1）氣體溫度升高；壓強變大，氣壓計左管水銀面下降，為保證氣體體積不變，應適當提高氣壓計右管，所以應將右管向上移動，直至氣壓計左管水銀面等高，即保證了氣體體積不變；

（2）實驗中多次改變氣體溫度；用△t表示氣體升高的溫度，用△h表示氣壓計兩側(cè)管內(nèi)液面高度差的變化量；

體積不變時壓強變化與溫度變化的關(guān)系是成正比的；所以根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的圖線是A．

故答案為：（1）向上，氣壓計左管液面回到原來的位置；（2）A．9、47【分析】【分析】物體受到重力、細線的拉力和地面的支持力作用而平衡，根據(jù)平衡條件求出地面對A物體的支持力．彈簧秤的讀數(shù)顯示的是彈簧稱受到的拉力．【解析】【解答】解：對物體研究：物體受到重力；細線的拉力和地面的支持力作用而平衡．

細線的拉力F=GB=7N

則地面的支持力FN=GA-F=GA-GB=4N

彈簧秤的讀數(shù)等于細線的拉力；或等于B的重力，即為7N．

故答案為：4；7．10、BC【分析】【分析】（1）當用力向右抽工件時；可以把鋼鉗上的B點看作杠桿的轉(zhuǎn)軸．工件對鋼鉗上D點有向上的支持力和向右的摩擦力．

（2）以B為轉(zhuǎn)軸，假設(shè)F為動力，F(xiàn)使杠桿順時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生順時針力矩．當向右抽工件時，工件對D點的摩擦力向右，對D的支持力向上，摩擦力產(chǎn)生順時針力矩，也是動力，兩個動力矩，一個阻力矩，支持力就大，D對工件的壓力就大，所以摩擦力就大；相反，摩擦力就小，抽出來就容易，則將工件往左抽動時比往右抽動時容易．向右抽動時，摩擦力都是阻力，將工件橫置時，根據(jù)阻力的阻力大小分析，支持力的大小來確定摩擦力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）當用力向右抽工件時；可以把鋼鉗上的B點看作杠桿的轉(zhuǎn)軸．當向右抽工件時，工件對D點的摩擦力向右，對D的支持力向上，鋼鉗上D點受力的示意圖，如圖所示．

（2）A；B；以B為轉(zhuǎn)軸，假設(shè)F為動力，F(xiàn)使杠桿順時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生順時針力矩．

當向右抽工件時；工件對D點的摩擦力向右，對D的支持力向上，摩擦力產(chǎn)生順時針力矩，也是動力，兩個動力矩，一個阻力矩，根據(jù)力矩平衡條件可知，支持力大，D對工件的壓力就大，所以摩擦力就大；相反，將工件往左抽動時摩擦力就小，抽出來就容易，即將工件往左抽動時比往右抽動時容易．故A錯誤，B正確．

C；D；向右抽動時，F(xiàn)是動力，力矩不變，摩擦力也是動力，將工件橫置時這個動力的力臂小，支持力的力臂大，根據(jù)力矩平衡條件得知，支持力小，壓力大，摩擦力小，則工件容易抽動．故C正確，D錯誤．

故選BC．11、略

【分析】解：A．(1)氣泡的上升過程氣泡內(nèi)的壓強減??；溫度不變，由玻意爾定律知，上升過程中體積增大，微觀上體現(xiàn)為分子間距增大，分子間引力減小，溫度不變所以氣體分子的平均動能；平均速率不變，此過程為自發(fā)過程，故熵增大．D項正確．

(2)本題從熱力學第一定律入手；抓住理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)的特點進行處理．理想氣體等溫過程中內(nèi)能不變，由熱力學第一定律△U=Q+W，物體對外做功0.6J，則一定同時從外界吸收熱量0.6J，才能保證內(nèi)能不變．而溫度上升的過程，內(nèi)能增加了0.2J．

(3)微觀量的運算，注意從單位制檢查運算結(jié)論，最終結(jié)果只要保證數(shù)量級正確即可．設(shè)氣體體積為V0，液體體積為V1

氣體分子數(shù)(或V1=nd3)

則(或)

解得(都算對)

B．(1)根據(jù)愛因斯坦相對論；在任何參考系中，光速不變．D項正確．

(2)振動圖象和波形圖比較容易混淆，而導致出錯，在讀圖是一定要注意橫縱坐標的物理意義，以避免出錯．題圖為波的振動圖象，圖象可知周期為4s，波源的起振方向與波頭的振動方向相同且向上，t=6s時質(zhì)點在平衡位置向下振動，故8s時質(zhì)點在平衡位置向上振動；波傳播到B點，需要時間s=8s，故t=9s時，質(zhì)點又振動了1s(個周期)；處于正向最大位移處，位移為10cm．

(3)設(shè)照片圓形區(qū)域的實際半徑為R；運動員的實際長為L，光路如圖：

折射定律nsinα=sin90°

幾何關(guān)系

得

取L=2.2m；解得h=2.1(m)

(本題為估算題；在取運動員實際長度時可以有一個范圍，但要符合實際，故求得h值可以不同1.6m～2.6m均可)

C．(1)發(fā)生核反應前后；粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)均不變，據(jù)此可知中微子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分都是0，A項正確．

(2)產(chǎn)生的能量是由于質(zhì)量虧損．兩個電子轉(zhuǎn)變?yōu)閮蓚€光子之后，質(zhì)量變?yōu)榱?，由E=△mc2，故一個光子的能量為帶入數(shù)據(jù)得=8.2×10-14J．

正電子與水中的電子相遇；與電子形成幾乎靜止的整體，故系統(tǒng)總動量為零，故如果只產(chǎn)生一個光子是不可能的，因為此過程遵循動量守恒．

(3)物質(zhì)波的波長為要比較波長需要將中子和電子的動量用動能表示出來即因為mn＜mc，所以pn＜pc，故λn＜λc．

故答案為：A．(1)D；(2)吸收；0.6，0.2；

(3)設(shè)氣體體積為V0，液體體積為V1

氣體分子數(shù)(或V1=nd3)

則(或)

解得(9×10-5～2×10-4都算對)

B．(1)D；(2)4；正，10；

(3)設(shè)照片圓形區(qū)域的實際半徑為R；運動員的實際長為L，折射定律nsinα=sin90°

幾何關(guān)系

得

取L=2.2m，解得h=2.1(m)(都算對)

C．(1)A；(2)8.2×10-14遵循動量守恒；

(3)粒子的動量物質(zhì)波的波長

由mn＜mc，知pn＜pc，則λn＜λc【解析】D;吸收;0.6;0.2;D;4;正;10;A;8.2×10-14;遵循動量守恒定律12、15m/s【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度落地時豎直分速度，根據(jù)落地時速度與豎直分速度結(jié)合，求出初速度．【解析】【解答】解：平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，物體落地時豎直分速度：vy===20m/s．

拋出時的初速度大小為v0===15m/s

故答案為：15．13、1：31：2【分析】【分析】根據(jù)位移時間公式求出物體在第1s內(nèi)和第2s內(nèi)的位移之比，從而求出重力做功之比．根據(jù)速度時間公式求出1s末和2s末的速度之比，結(jié)合功率公式求出瞬時功率之比【解析】【解答】解：物體在第1s內(nèi)的位移為：；

第2s內(nèi)的位移：；

可知位移之比為1：3．

根據(jù)W=mgx得；重力做功之比為1：3．

重力做功的瞬時功率為：P=mgv=mg2t；知重力做功的瞬時功率之比為1：2．

故答案為：1：3，1：214、0.82【分析】【分析】根據(jù)后一個質(zhì)點重復前一個質(zhì)點的振動，可知每一個質(zhì)點開始振動的時候都和波源起振的情況相同；t=0時質(zhì)點1開始向上運動，經(jīng)過0.1s第一次到達最大位移，經(jīng)過時間為；根據(jù)v=求解波速．【解析】【解答】解：t=0時質(zhì)點1開始向上運動，經(jīng)過0.1s第一次到達最大位移，經(jīng)過時間為；故：

故T=0.4s；

波速：v=；

故答案為：0.8，2．15、勻速直線自由落體【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向上做自由落體運動．【解析】【解答】解：平拋運動在水平方向上不受力；有水平初速度，根據(jù)牛頓第一定律知，物體在水平方向上做勻速直線運動．在豎直方向上物體的初速度為零，僅受重力，做自由落體運動．

故答案為：勻速直線，自由落體．三、判斷題(共6題，共12分)16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應．【解析】【解答】解：布朗運動的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運動越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點的條件來判斷即可．【解析】【解答】解：能否看成質(zhì)點；與質(zhì)量；體積大小無關(guān)，質(zhì)量、體積很大的物體也能看成質(zhì)點，比如地球公轉(zhuǎn)時的地球可以看成質(zhì)點，故錯誤．

故答案為：×18、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統(tǒng)計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內(nèi)的分子的平均動能增加，不是物體內(nèi)部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應現(xiàn)象的科學家是法拉第．故這個說法正確．

故答案為：√21、×【分析】【分析】當半徑不變時，角速度增大一倍，線速度也增大一倍．【解析】【解答】解：根據(jù)公式v=ωr可知，當半徑r不變時；角速度增大一倍，則線速度也增大一倍，故此說法錯誤．

故答案為：×四、計算題(共3題，共9分)22、略

【分析】【解析】試題分析：（1）顆粒在電場中受電場力和重力的作用，在豎直方向上的分運動為自由落體運動，下落距離為極板高度L，由自由落體運動公式得L＝gt2①顆粒沿水平方向的分運動為勻加速直線運動，加速度大小為a＝②離開電場時顆粒在水平方向的位移為，由勻變速直線運動規(guī)律得：＝at2③聯(lián)立①、②、③式解得U＝＝1×104V（2）在顆粒下落的整個過程中，根據(jù)動能定理得：qU+mg（L+H）=mv2代入數(shù)據(jù)得：v＝m/s≈6m/s考點：考查帶電粒子在電場中的運動【解析】【答案】（1）1×104V（2）6m/s23、略

【分析】（15分）考查動力學、圓周運動、靜電場、磁場有關(guān)知識及臨界問題，另考查學生在解題中尋找運動規(guī)律，綜合性較強，考查內(nèi)容較為深入．解析(1)設(shè)第一秒內(nèi)小球在斜面上運動的加速度為a,由牛頓第二定律得：①（2分）第一秒末的速度為：v=at1=2gsinθ(m/s)②（2分）(2)在第二秒內(nèi)：qE0=mg③（1分）所以小球?qū)㈦x開斜面在上方做勻速圓周運動，則：由牛頓第二定律得④（1分）圓周運動的周期為：⑤（1分）由題圖可知，小球在奇數(shù)秒內(nèi)沿斜面做勻加速運動，在偶數(shù)秒內(nèi)離開斜面做完整的圓周運動．（1分）所以，第五秒末的速度為：v5=a(t1+t3+t5)=6gsinθ⑥（1分）小球離開斜面的最大距離為：d=2R3⑦（1分）由以上各式得：（1分）（3）第19秒末的速度：v19=a(t1+t3+t5++t19)=20gsinθ⑧（1分）小球未離開斜面的條件是：qv19B≤（mg+qE0）cosθ⑨（2分）所以：（1分）【解析】【答案】（1）2gsinθ；（2）（3）24、略

【分析】

(1)

抓住光線恰好不AC

邊射出；根據(jù)幾何關(guān)系求出臨界角，結(jié)合折射定律求出折射率的大小，根據(jù)幾何關(guān)系求出光線在三棱鏡中傳播的路程，通過光在棱鏡中傳播的速度，求出光在直角三棱鏡中傳播的時間；

(2)

光線垂直射入圓形玻璃磚內(nèi)AD

邊上可能發(fā)生全反射，根據(jù)幾何關(guān)系求出全反射的臨界點，從而得出有光線射出區(qū)域所對應的圓心角，求出14

圓柱形玻璃磚中有光線射出部分的弧長．

本題是幾何光學問題，作出光路圖是解答的基礎(chǔ)，關(guān)鍵能靈活運用數(shù)學知識求出折射角婁脕

并能掌握折射定律和光速公式v=cn

進行綜合應用．【解析】解：(1)

據(jù)題意可知：光在AC

邊恰好發(fā)生全反射，則臨界角C=45鈭?

依據(jù)sinC=1n

代入數(shù)據(jù)可得：n=2

．

光在玻璃磚中的傳播速度：v=cn

根據(jù)幾何光學可知；光在直角三棱鏡中傳播距離：x=R

光在直角三棱鏡中傳播時間：t=xv

解得：t=2Rc

(2)

光線垂直射入圓形玻璃磚內(nèi)AD

邊上可能發(fā)生全反射；設(shè)光在E

點恰好發(fā)生全反射如圖所示．

據(jù)幾何關(guān)系：隆脧PEB=C=45鈭?

有光線射出區(qū)域為ED

弧，所以對應的圓心角為：隆脧BED=45鈭?

所以有光線射出區(qū)域的弧長為：s=婁脨R4

．

答：(1)

光在直角三棱鏡中傳播的時間為2Rc

(2)14

圓柱形玻璃磚中有光線射出部分的弧長為婁脨R4

．五、作圖題(共2題，共14分)25、略

【分析】【分析】根據(jù)O點的位置不變可知橡皮筋的彈力不變；則可知兩彈簧測力計的合力不變；根據(jù)圖解法可明確改變夾角后兩力的大小變化．【解析】【解答】解：因O點不變OO′的形變量相同；故說明兩力的合力不變；分別作出原來時的平行四邊形和變化之后的平行四邊形，如圖所示；

則由圖可知，F(xiàn)1減?。籉2可能可能增大，也可能先減小后增大；

答：F1減小，F(xiàn)2可能可能增大；也可能先減小后增大；

26、略

【分析】【分析】本題考查了左手定則的直接應用，根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場、運動方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運動方向相同和負電荷運動方向相反．【解析】【解答】解：甲圖中：因v⊥B；所以F=qvB，方向與v垂直斜向上．

乙圖中：由于v與B平行；所以不受洛倫茲力．

丙圖中：v與B垂直；F=qvB，方向與v垂直斜向下．

答：方向如圖丁；戊所示：

六、推斷題(共4題，共8分)27、（1）(或)N>O>S

（2）雜化共價鍵、配位鍵、離子鍵

（3）N2NA(或2×6.02×1023)（1分）N2或CO等

（4）CuSO4和Cu(NO3)2均為離子晶體,SO42-所帶電荷數(shù)比NO3-多,故CuSO4晶格能較大,熔點較高。

（5）(1/4,1/4,1/4)Cu【分析】【分析】本題是對物質(zhì)的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)的知識的綜合考察，是高考?？碱}型，難度較大。掌握物質(zhì)的結(jié)構(gòu)是關(guān)鍵，涉及原子結(jié)構(gòu)、分子結(jié)構(gòu)、晶體結(jié)構(gòu)的知識。【解答】rm{(1)}在rm{CuSO_{4}}和rm{Cu(NO_{3})_{2}}中陽離子是rm{Cu^{2+}}，則rm{Cu^{2+}}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3ssqpcxu^{9}}或其基態(tài)核外電子排布式為：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}32bzedm8^{9}

}rm{[Ar]33qx5i90^{9}}，rm{S}rm{O}rm{N}三種元素的第一電離能由大到小為三種元素的第一電離能由大到小為rm{S}故答案為：rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3y19k5k0^{9}}rm{O}rm{N}rm{N>O>S}故答案為：rm{N>O>S}由于rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3e7yk4qv^{9}

}或rm{[Ar]3y6lcsi2^{9}}所以；rm{(2)}rm{NO}rm{{,!}_{3}^{-}}的中心原子價電子對數(shù)rm{=dfrac{5+1}{2}=3}所以rm{=dfrac{5+1}{2}=3}中心原子的雜化軌道類型為rm{sp}rm{sp}rm{{,!}^{2}}，在配合物rm{[Cu(NH}rm{[Cu(NH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{4}}rm{](NO}rm{](NO}rm{{,!}_{3}}銅離子的配位數(shù)為rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}中存在的化學鍵類型除了極性共價鍵外，還有，配位鍵、離子鍵，故答案為：個rm{sp}鍵，含有的rm{sp}個rm{{,!}^{2}}鍵，故C；共價鍵、配位鍵、離子鍵；鍵的數(shù)目為：rm{(3)}故答案為：rm{4}rm{CN}rm{CN}rm{{,!}^{-}}中，碳原子已經(jīng)于碳原子形成四鍵，達到飽和，無法再提供孤電子對，故提供孤電子對的原子是rm{N}rm{N}在rm{CN^{-}}二者都是離子晶體，晶格能越大，熔點越高，晶格能和離子半徑和離子電荷有關(guān)，離子電荷越高，半徑越小，則晶格能越大，這里rm{CN^{-}}中碳原子與氮原子是以共價三鍵結(jié)合的，含有rm{1}個rm{?}鍵，含有的rm{2}個rm{婁脨}鍵，故Crm{N^{-}}rm{1}rm{?}rm{2}rm{婁脨}rm{N^{-}}和中含有rm{婁脨}鍵的數(shù)目為：rm{2{N}_{A}}故答案為：rm{N}均為離子晶體，rm{婁脨}所帶電荷數(shù)比rm{2{N}_{A}}多，故Crm{N}晶格能較大，熔點較高；rm{2{N}_{A}}rm{(4)}根據(jù)rm{(4)}rm{CuS{O}_{4}}的晶胞結(jié)構(gòu)，已知的熔點為rm{560^{circ}C}rm{560^{circ}C}rm{Cu(N{O}_{3}{)}_{2}}的原子坐標分別為的熔點為rm{115隆忙}二者都是離子晶體，晶格能越大，熔點越高，晶格能和離子半徑和離子電荷有關(guān)，離子電荷越高，半徑越小，則晶格能越大，這里rm{115隆忙}rm{C((dfrac{1}{2},dfrac{1}{2},dfrac{1}{2})}rm{S{{O}_{4}}^{2-}}注意到其中存在的正四面體構(gòu)型，根據(jù)立體幾何知識，不難發(fā)現(xiàn)所帶電荷比原子在rm{N{{O}_{3}}^{-}}之間的一半處，則大，故的原子坐標為rm{(dfrac{1}{4},dfrac{1}{4},dfrac{1}{4})}rm{CuS{O}_{4}}的晶格能較大，熔點較高，故答案為：個，因此rm{CuSO_{4}}原子為rm{Cu(NO_{3})_{2}}故答案為：rm{(dfrac{1}{4},dfrac{1}{4},dfrac{1}{4})}rm{SO_{4}^{2-}}rm{NO_{3}^{-}}【解析】rm{(1)[Ar]3cipnsze^{9}(}或rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3v7v1pu1^{9})}rm{1{s}^{2}2{s}^{2}2{p}^{6}3{s}^{2}3{p}^{6}3tqocywv^{9}

)}rm{N>O>S}雜化共價鍵、配位鍵、離子鍵rm{(2)s{p}^{2}}rm{(3)N}或rm{2NA(}分rm{2隆脕6.02隆脕1023)(1}rm{)}或rm{N2}等rm{CO}和rm{(4)CuSO_{4}}均為離子晶體，rm{Cu(NO_{3})_{2}}所帶電荷數(shù)比rm{SO_{4}^{2-}}多，故Crm{NO_{3}^{-}}晶格能較大；熔點較高。

rm{uSO_{4}}rm{(5)(1/4,1/4,1/4)}rm{Cu}28、（1）2H2S+3O22SO2+2H2O

（2）①(Ⅰ)2Fe3++Fe═3Fe2+

(Ⅱ)4Fe（OH）2+O2+2H2O═4Fe（OH）3

(Ⅲ)HI2Fe（OH）3+6H++2I-═2Fe2++I2+6H2O

②8Al+3NO3-+5OH-+2H2O═3NH3↑+8AlO2-（3）4Fe2++4Na2O2+6H2O═4Fe（OH）3↓+O2↑+8Na+

【分析】【分析】

本題考查無機物的推斷；注意利用信息及轉(zhuǎn)化關(guān)系圖推斷各物質(zhì)是解答的關(guān)鍵，習題綜合性較強，涉及熱化學反應；離子反應及溶液中物料守恒、電荷守恒的考查，題目難度中等。

【解答】

rm{(1)A}為金屬單質(zhì)，rm{C}rm{D}的相對分子質(zhì)量相差rm{16}rm{0.05mol/LE}溶液中只有rm{3}種離子，且且溶液中的為金屬單質(zhì)，rm{(1)A}rm{C}的相對分子質(zhì)量相差rm{D}rm{16}溶液中只有rm{0.05mol/LE}種離子，且且溶液中的rm{dfrac{C({H}^{+})}{C(O{H}^{-});};={10}^{12}}。rm{3}，則溶液中的rm{c(H^{+})=0.1mol/L}則rm{E}為硫酸，所以rm{A}為rm{S}rm{C}為rm{SO_{2}}rm{D}為rm{SO_{3}}rm{B}為氣體，應為rm{H_{2}S}rm{壟脵B隆煤C}的化學方程式為rm{2H}的化學方程式為rm{壟脵B隆煤C}rm{2H}rm{{,!}_{2}}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠錄}{=}2SO_{2}+2H_{2}O}

故答案為：rm{S+3O}2rm{S+3O}rm{{,!}_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

2SO_{2}+2H_{2}O}rm{2H_{2}S+3O}Ⅰrm{overset{碌茫脠錄}{=}}若rm{2SO_{2}+2H_{2}O}溶液呈黃色，與苯酚溶液混合后顯紫色，可說明rm{(2)壟脵(}Ⅰrm{)}若rm{B}溶液呈黃色，與苯酚溶液混合后顯紫色，可說明rm{B}中含有rm{Fe}中含有rm{(2)壟脵(}rm{)}rm{B}應為rm{B}rm{Fe}中含有rm{{,!}^{3+}}，rm{A}應為rm{Fe}rm{C}中含有rm{Fe}rm{A}是一種不溶性堿，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可以知道rm{Fe}為rm{C}rm{Fe}rm{{,!}^{2+}}為，rm{E}是一種不溶性堿，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可以知道rm{D}為rm{Fe(OH)}rm{E}rm{D}的離子方程式為rm{Fe(OH)}rm{{,!}_{2}}，rm{E}為rm{Fe(OH)}rm{E}rm{Fe(OH)}故答案為：rm{{,!}_{3}}，rm{B隆煤C}的離子方程式為rm{2Fe}Ⅱrm{B隆煤C}的化學方程式為rm{2Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+Fe簍T3Fe}rm{+Fe簍T3Fe}rm{{,!}^{2+}}，rm{2Fe^{3+}+Fe簍T3Fe^{2+}}rm{(}Ⅱrm{)D隆煤E}的化學方程式為rm{4Fe(OH)}rm{(}故答案為：rm{)D隆煤E}rm{4Fe(OH)}Ⅲrm{{,!}_{2}}用rm{+O}與rm{+O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O簍T4Fe(OH)}rm{O簍T4Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}，rm{4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O簍T4Fe(OH)_{3}}rm{(}Ⅲrm{)}用rm{HI}與rm{Fe(OH)}rm{(}rm{)}rm{HI}rm{Fe(OH)}

故答案為：rm{{,!}_{3}}反應，反應的離子方程式為rm{2Fe(OH)}rm{2Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}rm{+6H}rm{+6H}rm{{,!}^{+}}rm{+2I}rm{+2I}rm{{,!}^{-}}rm{簍T2Fe}rm{簍T2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+I}rm{+I}若rm{{,!}_{2}}的水溶液呈酸性，rm{+6H}的水溶液呈堿性rm{+6H}將rm{{,!}_{2}}的粉末與硝酸鈉溶液混合后加入足量rm{O}的氫氧化鈉溶液，有無色刺激性氣味的氣體生成，用濕潤的紅色石蕊試紙檢驗，試紙變藍，該氣體為氨氣，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知rm{O}為rm{HI}；rm{2Fe(OH)}為rm{2Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}為rm{+6H}反應的離子方程式為rm{+6H}

故答案為：rm{{,!}^{+}}

rm{+2I}均為化合物，rm{+2I}是淡黃色固體，rm{{,!}^{-}}為rm{簍T2Fe}rm{簍T2Fe}rm{{,!}^{2+}}兩溶液在等物質(zhì)的量濃度時，rm{+I}溶液的rm{+I}較小，rm{{,!}_{2}}為rm{+6H}rm{+6H}為rm{{,!}_{2}}電解rm{O}的水溶液是最重要的工業(yè)生產(chǎn)之一，rm{O}應為rm{壟脷}rm{B}也是工業(yè)制備rm{C}的普遍方法，為侯氏制堿法，rm{.}為rm{A}

將足量的rm{40%}投入rm{A}溶液中充分反應，有無色無味的氣體生成，且rm{Al}與氣體的物質(zhì)的量之比為rm{C}rm{NaAlO_{2}}則反應的離子方程式為rm{D}

故答案為：rm{Al(OH)_{3}}

rm{8Al+3NO_{3}^{-}+5OH^{-}+2H_{2}O簍T3NH_{3}隆眉+8AlO_{2}^{-}}【解析】rm{(1)2H_{2}S+3O}2rm{overset{碌茫脠錄}{=}}rm{2SO_{2}+2H_{2}O}

rm{(2)壟脵(}Ⅰrm{)2Fe^{3+}+Fe簍T3Fe^{2+}}rm{(}Ⅱrm{)4Fe(OH)_{2}+O_{2}+2H_{2}O簍T4Fe(OH)_{3}}rm{(}Ⅲrm{)HI}rm{2Fe(OH)_{3}+6H^{+}+2I^{-}簍T2Fe^{2+}+I_{2}+6H_{2}O}rm{壟脷8Al+3NO_{3}^{-}+5OH^{-}+2H_{2}O簍T3NH_{3}隆眉+8AlO_{2}^{-}}rm{(3)4Fe^{2+}+4Na_{2}O_{2}+6H_{2}O簍T4Fe(OH)_{3}隆媒+O_{2}隆眉+8Na^{+}}

29、rm{(1)}環(huán)己烷rm{(2)