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…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè),總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè),總=sectionpages11頁(yè)2024年滬教版高一數(shù)學(xué)下冊(cè)月考試卷652考試試卷考試范圍:全部知識(shí)點(diǎn);考試時(shí)間:120分鐘學(xué)校:______姓名:______班級(jí):______考號(hào):______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題,共18分)1、等比數(shù)列中,已知?jiǎng)t此數(shù)列前17項(xiàng)之積為()A.B.C.D.2、袋中有大小相同的三個(gè)白球和兩個(gè)黑球,從中任取兩個(gè)球,兩球同色的概率為()A.B.C.D.3、化簡(jiǎn)()A.B.C.D.4、【題文】設(shè)全集U=R,則()A.B.C.D.5、【題文】各棱長(zhǎng)均為的三棱錐的表面積為()A.B.C.D.6、【題文】如圖,設(shè)a,b,c,d>0,且不等于1,y=ax,y=bx,y=cx,y=dx在同一坐標(biāo)系中的圖象如圖,則a,b,c,d的大小順序()A.aB.aC.bD.b7、【題文】函數(shù)f(x)=x3-2x2的圖象與x軸的交點(diǎn)的個(gè)數(shù)是()A.3個(gè)B.2個(gè)C.1個(gè)D.0個(gè)8、已知兩點(diǎn)P(4,﹣9),Q(﹣2,3),則直線PQ與y軸的交點(diǎn)分所成的比為()A.B.C.2D.39、已知α,β均為銳角,且則α,β的大小關(guān)系是()A.α<βB.α>βC.α=βD.不確定評(píng)卷人得分二、填空題(共5題,共10分)10、已知兩點(diǎn)M(3,-5),N(-7,5),則線段MN的垂直平分線的方程為_(kāi)___.11、【題文】已知△ABC的一個(gè)內(nèi)角為120°,并且三邊長(zhǎng)構(gòu)成公差為4的等差數(shù)列,則△ABC的面積為_(kāi)_______.12、【題文】已知函數(shù)則____.13、已知α為第三象限角,則是第______象限角14、設(shè)abc
是空間的三條直線,下面給出四個(gè)命題:
壟脵
若a隆脥bb隆脥c
則a//c
壟脷
若ab
是異面直線,bc
是異面直線;則ac
也是異面直線;
壟脹
若a
和b
相交,b
和c
相交;則a
和c
也相交;
壟脺
若a
和b
共面,b
和c
共面;則a
和c
也共面.
其中真命題的個(gè)數(shù)是______.評(píng)卷人得分三、解答題(共7題,共14分)15、設(shè)函數(shù).
(Ⅰ)求函數(shù)f(x)的最小正周期;
(Ⅱ)畫(huà)出函數(shù)f(x)在區(qū)間[0;π]上的圖象;
(Ⅲ)當(dāng)時(shí);求函數(shù)f(x)的最大值及取得最大值時(shí)的x的值.
16、已知函數(shù)且(1)試問(wèn)是否存在實(shí)數(shù)使得在上為減函數(shù),并且在上為增函數(shù),若不存在,說(shuō)明理由.(2)當(dāng)時(shí),求的最小值17、已知函數(shù)f(x)=2x的定義域是[0;3],設(shè)g(x)=f(2x)-f(x+2).
(1)求g(x)的解析式及定義域;
(2)求函數(shù)g(x)的最大值和最小值.
(3)是否存在實(shí)數(shù)k;使得k-2f(x)>g(x)有解,若存在,求出k的范圍;若不存在,說(shuō)明理由.
18、若全集且求:A∩B;A∪B19、如圖所示的一塊木料中;棱BC平行于面A′C′.
(Ⅰ)要經(jīng)過(guò)面A′C′內(nèi)的一點(diǎn)P和棱BC將木料鋸開(kāi);應(yīng)怎樣畫(huà)線?
(Ⅱ)所畫(huà)的線與平面AC是什么位置關(guān)系?并證明你的結(jié)論.
20、某漁業(yè)公司今年初用98萬(wàn)元購(gòu)進(jìn)一艘遠(yuǎn)洋漁船,每年的捕撈可有50萬(wàn)元的總收入,已知使用x年(x∈N*)所需(包括維修費(fèi))的各種費(fèi)用總計(jì)為2x2+10x萬(wàn)元.
(1)該船撈捕第幾年開(kāi)始贏利(總收入超過(guò)總支出;今年為第一年)?
(2)該船若干年后有兩種處理方案:
①當(dāng)贏利總額達(dá)到最大值時(shí);以8萬(wàn)元價(jià)格賣出;
②當(dāng)年平均贏利達(dá)到最大值時(shí);以26萬(wàn)元賣出;
問(wèn)哪一種方案較為合算?請(qǐng)說(shuō)明理由.21、已知銳角△ABC中,三個(gè)內(nèi)角為A,B,C,兩向量=(2-2sinA,cosA+sinA),=(sinA-cosA,1+sinA),若與是共線向量.
(1)求∠A的大??;
(2)當(dāng)函數(shù)y=2sin2B+cos()取最大值時(shí),求角B的大?。u(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共3題,共27分)22、解分式方程:.23、關(guān)于x的一元二次方程(m-1)x2+2x+1=0有兩個(gè)實(shí)數(shù)根,那么m的取值范圍是____.24、規(guī)定兩數(shù)a、b通過(guò)”*”運(yùn)算得到4ab,即a*b=4ab.例如,2*6=4×2×6=48.若不論x是什么數(shù)時(shí),總有a*x=x,則a=____.評(píng)卷人得分五、證明題(共3題,共30分)25、如圖;在△ABC中,AB=AC,AD⊥BC,垂足為D,E為AD的中點(diǎn),DF⊥BE,垂足為F,CF交AD于點(diǎn)G.
求證:(1)∠CFD=∠CAD;
(2)EG<EF.26、已知G是△ABC的重心,過(guò)A、G的圓與BG切于G,CG的延長(zhǎng)線交圓于D,求證:AG2=GC?GD.27、已知D是銳角△ABC外接圓劣弧的中點(diǎn);弦AD與邊BC相交于點(diǎn)E,而且AB:AC=2:1,AB:EC=3:1.求:
(1)EC:CB的值;
(2)cosC的值;
(3)tan的值.評(píng)卷人得分六、綜合題(共2題,共14分)28、如圖;在平面直角坐標(biāo)系中,OB⊥OA,且OB=2OA,點(diǎn)A的坐標(biāo)是(-1,2).
(1)求點(diǎn)B的坐標(biāo);
(2)求過(guò)點(diǎn)A、O、B的拋物線的表達(dá)式.29、如圖,已知P為∠AOB的邊OA上的一點(diǎn),以P為頂點(diǎn)的∠MPN的兩邊分別交射線OB于M、N兩點(diǎn),且∠MPN=∠AOB=α(α為銳角).當(dāng)∠MPN以點(diǎn)P為旋轉(zhuǎn)中心,PM邊與PO重合的位置開(kāi)始,按逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)(∠MPN保持不變)時(shí),M、N兩點(diǎn)在射線OB上同時(shí)以不同的速度向右平行移動(dòng).設(shè)OM=x,ON=y(y>x>0),△POM的面積為S.若sinα=;OP=2.
(1)當(dāng)∠MPN旋轉(zhuǎn)30°(即∠OPM=30°)時(shí);求點(diǎn)N移動(dòng)的距離;
(2)求證:△OPN∽△PMN;
(3)寫(xiě)出y與x之間的關(guān)系式;
(4)試寫(xiě)出S隨x變化的函數(shù)關(guān)系式,并確定S的取值范圍.參考答案一、選擇題(共9題,共18分)1、D【分析】【解析】試題分析:因?yàn)?,在等比?shù)列中,則所以此數(shù)列前17項(xiàng)之積==故選D??键c(diǎn):本題主要考查等比數(shù)列的通項(xiàng)公式及其性質(zhì)?!窘馕觥俊敬鸢浮緿2、B【分析】試題分析:所有不同方法數(shù)有種,所求事件包含的不同方法數(shù)有種,因此概率答案選B.考點(diǎn):古典概型的概率計(jì)算【解析】【答案】B3、C【分析】【解析】
【解析】【答案】C4、D【分析】【解析】
試題分析:因?yàn)橛幸饬x時(shí),則可知而集合B中,底數(shù)為2的指數(shù)函數(shù)的值域?yàn)閥>0,因此可知集合A={x|},B={y|y>0},根據(jù)集合的補(bǔ)集定義可知那么可知選D.
考點(diǎn):本試題主要考查了集合的補(bǔ)集和交集的運(yùn)算。
點(diǎn)評(píng):解決該試題的關(guān)鍵是能準(zhǔn)確的表示出集合A的范圍,以及集合B的范圍,利用指數(shù)函數(shù)值域和偶次根式的有意義得到?!窘馕觥俊敬鸢浮緿5、D【分析】【解析】各棱長(zhǎng)均為的三棱錐的四個(gè)面都是邊長(zhǎng)為的等邊三角形,所以其表面積故選D【解析】【答案】D6、C【分析】【解析】取并由圖像可得:對(duì)應(yīng)的函數(shù)值故選C【解析】【答案】C7、B【分析】【解析】略【解析】【答案】B8、C【分析】【解答】直線PQ與y軸的交點(diǎn)橫坐標(biāo)為0;
設(shè)直線PQ與y軸的交點(diǎn)分所成的比為λ;由定比分點(diǎn)坐標(biāo)公式得:
0=
∴λ=2;
∴直線PQ與y軸的交點(diǎn)分所成的比為2;
故選C.
【分析】設(shè)直線PQ與y軸的交點(diǎn)分所成的比為λ,直線PQ與y軸的交點(diǎn)橫坐標(biāo)為0,代入定比分點(diǎn)坐標(biāo)公式求λ。9、A【分析】解:∵sin(α+β)=sinαcosβ+cosαsinβ,
∴2sinα=sinαcosβ+cosαsinβ;
∴sinα(2-cosβ)=cosαsinβ;
∴tanα=<=tanβ;
∵α;β均為銳角,∴α<β.
故選:A.
利用兩角和與差的正弦函數(shù)公式解得2sinα=sinαcosβ+cosαsinβ,從而得到tanα=<=tanβ;由此能比較α,β的大小關(guān)系.
本題考查兩個(gè)銳角的大小的比較,考查兩角和與差的正弦函數(shù)的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.【解析】【答案】A二、填空題(共5題,共10分)10、略
【分析】
由中點(diǎn)坐標(biāo)公式可得M;N的中點(diǎn)為(-2,0);
可得直線MN的斜率為k==-1;
由垂直關(guān)系可得其垂直平分線的斜率為k′=1;
故可得所求直線的方程為:y-0=1×(x+2);
化為一般式可得x-y+2=0
故答案為:x-y+2=0
【解析】【答案】由中點(diǎn)坐標(biāo)公式和斜率公式可得MN的中點(diǎn)和直線斜率;由垂直關(guān)系可得垂直平分線的斜率,由點(diǎn)斜式可得直線方程,化為一般式即可.
11、略
【分析】【解析】由于三邊長(zhǎng)構(gòu)成公差為4的等差數(shù)列,故可設(shè)三邊長(zhǎng)分別為x-4,x,x+4.
由一個(gè)內(nèi)角為120°知其必是最長(zhǎng)邊x+4所對(duì)的角.
由余弦定理,得(x+4)2=x2+(x-4)2-2x(x-4)·cos120°,∴2x2-20x=0;
∴x=0(舍去)或x=10.
∴S△ABC=×(10-4)×10×sin120°=15【解析】【答案】1512、略
【分析】【解析】
試題分析:
考點(diǎn):對(duì)數(shù)函數(shù)求值【解析】【答案】13、略
【分析】解:∵α是第三象限角,即.
當(dāng)k為偶數(shù)時(shí),為第二象限角;
當(dāng)k為奇數(shù)時(shí),為第四象限角.
故答案為:二或四。
先根據(jù)α所在的象限確定α的范圍,進(jìn)而確定的范圍;進(jìn)而看當(dāng)k為偶數(shù)和為奇數(shù)時(shí)所在的象限.
本題主要考查了半角的三角函數(shù).解題的關(guān)鍵是根據(jù)角的范圍確定其所在的象限.【解析】二或四14、略
【分析】解:若a隆脥bb隆脥c
則a
與c
可能平行,可能相交,也可能異面,故壟脵
錯(cuò)誤;
若ab
是異面直線,bc
是異面直線;則a
與c
可能平行,可能相交,也可能異面,故壟脷
錯(cuò)誤;
若a
和b
相交,b
和c
相交;則a
和c
可能平行,可能相交,也可能異面,故壟脹
錯(cuò)誤;
若a
和b
共面,b
和c
共面;則a
和c
可能共面,也可能異面.
故答案為:0
根據(jù)空間直線位置關(guān)系的定義及幾何特征;分別判斷題目中的四個(gè)結(jié)論,得到四個(gè)結(jié)論的真假性后,進(jìn)而即可得到答案.
本題考查的知識(shí)點(diǎn)是命題的真假判斷與應(yīng)用,平面的基本性質(zhì)及推論,異面直線的判定,熟練掌握空間直線位置關(guān)系的定義及幾何特征是解答本題的關(guān)鍵.【解析】0
三、解答題(共7題,共14分)15、略
【分析】
(Ⅰ)因?yàn)?/p>
=
==(3分)
所以.
函數(shù)f(x)的最小正周期為π(4分)
(Ⅱ)圖象如圖所示(8分)
(Ⅲ)因?yàn)樗裕?/p>
所以,當(dāng)即時(shí)10函數(shù)f(x)的最大值為1(12分)
【解析】【答案】(I)先利用兩角差的余弦公式及二倍角公式對(duì)已知函數(shù)進(jìn)行化簡(jiǎn);然后結(jié)合周期公式即可求解。
(II)結(jié)合正弦函數(shù)的性質(zhì)即可求解。
(III)由已知x的范圍求出的范圍;然后結(jié)合正弦函數(shù)的性質(zhì)可求函數(shù)的最值。
16、略
【分析】試題分析:(1)由題意求得的解析式,可得的解析式,設(shè)求得(x1+x2)(x1?x2)[x12+x22+(2?λ)].根據(jù)題意得,當(dāng)時(shí),求得.當(dāng)時(shí),求得綜合可得λ的值.(2)由于當(dāng)時(shí),分類討論,求得的最小值試題解析:(1)由題意可得:所以由題設(shè)當(dāng)時(shí),所以所以當(dāng)時(shí),且又因?yàn)樵谏蠟闇p函數(shù),所以當(dāng)時(shí),且又因?yàn)樵谏蠟闇p函數(shù),所以故根據(jù)題意可得:當(dāng)時(shí),即時(shí),最小值當(dāng)時(shí),即時(shí),最小值為當(dāng)時(shí),即時(shí),最小值為為所以綜上可得:考點(diǎn):函數(shù)性質(zhì)的綜合應(yīng)用.【解析】【答案】(1)(2)17、略
【分析】
(1)g(x)=f(2x)-f(x+2)=22x-2x+2=(2x)2-4?2x;
其定義域須滿足解得0≤x≤1;
∴g(x)=(2x)2-4?2x;
函數(shù)g(x)的定義域?yàn)閇0;1];
(2)∵g(x)=(2x)2-4?2x(0≤x≤1);
令t=2x;
∵0≤x≤1;∴1≤t≤2;
所以有:h(t)=t2-4t=(t-2)2-4(1≤t≤2)
所以:當(dāng)t∈[1;2]時(shí),h(t)是減函數(shù);
∴f(x)min=h(2)=-4,f(x)max=h(1)=-3;
(3)假設(shè)存在實(shí)數(shù)k;使得k-2f(x)>g(x)有解,即k>2f(x)+g(x)有解;
令F(x)=2f(x)+g(x)=(2x)2-2?2x;(0≤x≤1);
令t=2x;
∵0≤x≤1;∴1≤t≤2;
所以有:G(t)=t2-2t=(t-1)2-1(1≤t≤2)
所以:當(dāng)t∈[1;2]時(shí),G(t)是增函數(shù);
∴F(x)min=G(2)=-1
∴k>-1.
【解析】【答案】(1)把2x、x+2代入f(x)=2x中,即可求得g(x)的解析式,利用復(fù)合函數(shù)定義域的求法可得解此不等式即可求得函數(shù)的定義域;
(2)令t=2x,則可將函數(shù)g(x)=(2x)2-4?2x;轉(zhuǎn)化為一個(gè)二次函數(shù),然后根據(jù)二次函數(shù)在定區(qū)間上的最值問(wèn)題,即可得到g(x)的最大值和最小值;
(3)假設(shè)存在實(shí)數(shù)k,使得k-2f(x)>g(x)有解,即k>2f(x)+g(x)有解,構(gòu)造函數(shù)F(x)=2f(x)+g(x)=(2x)2-2?2x;(0≤x≤1),利用換元法,轉(zhuǎn)化為二次函數(shù)在定區(qū)間上的最值問(wèn)題,即可求得結(jié)果.
18、略
【分析】試題分析:由且得:(2分)則==(6分)==考點(diǎn):本題考查全集、補(bǔ)集、交集、并集的概念和運(yùn)算。【解析】【答案】====19、解:(Ⅰ)過(guò)點(diǎn)P作B′C′的平行線;
交A′B′;C′D′于點(diǎn)E;F;
連結(jié)BE;CF;
作圖如下:
(Ⅱ)EF∥平面AC.理由如下:
易知BE;CF與平面AC的相交;
∵BC∥平面A′C′;
又∵平面B′C′CB∩平面A′C′=B′C′;
∴BC∥B′C′;
∴EF∥BC;
又∵EF?平面AC;BC?平面AC;
∴EF∥平面AC.【分析】【分析】(Ⅰ)注意到棱BC平行于面A′C′;故過(guò)點(diǎn)P作B′C′的平行線,交A′B′;C′D′于點(diǎn)E,F(xiàn),連結(jié)BE,CF;
(Ⅱ)易知BE,CF與平面AC的相交,可證EF∥平面AC.20、略
【分析】
(1)根據(jù)題意,由該船撈捕第x年開(kāi)始贏利,可得50x>2x2+10x+98;解得x的取值范圍從而解決問(wèn)題.
(2)①先求出平均盈利的函數(shù)表達(dá)式;再利用基本不等式求其最大值,從而得出盈利總額;
②先求出平均盈利的函數(shù)表達(dá)式;再利用二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)求其最大值,從而得出盈利總額;最后比較兩種情況的盈利額的情況即可解決問(wèn)題.
本題主要考查函數(shù)模型的選擇與應(yīng)用,考查基本不等式的運(yùn)用,考查利用數(shù)學(xué)知識(shí)解決實(shí)際問(wèn)題,屬于中檔題.【解析】解:(1)∵每年的捕撈可有50萬(wàn)元的總收入,使用x年(x∈N*)所需(包括維修費(fèi))的各種費(fèi)用總計(jì)為2x2+10x萬(wàn)元;
∴由該船撈捕第x年開(kāi)始贏利,可得50x>2x2+10x+98
∴x2-20x+49<0
∴x∈[3,17](x∈N*)
∴該船撈捕第3年開(kāi)始贏利;
(2)①令y1=50x-2x2+10x+98=-2(x-10)2+102
∴x=10時(shí);贏利總額達(dá)到最大值102萬(wàn)元。
∴10年贏利總額為102+8=110;
令y2=則由基本不等式可得≤12
此時(shí);x=7,年平均贏利達(dá)到最大值為12萬(wàn)元。
∴7年贏利總額為7×12+26=110萬(wàn)元;
兩種情況的盈利額一樣,但方案②的時(shí)間短,故方案②合算.21、略
【分析】此題考查了半角公式;和差角公式;平面向量共線,以及函數(shù)的最值.
(1)根據(jù)兩向量的坐標(biāo)及兩向量為共線向量;利用平面向量數(shù)量積運(yùn)算法則列出關(guān)系式,整理后求出cosA的值,即可確定出A的度數(shù);
(2)由A的度數(shù)得到B+C的度數(shù),表示出C,代入函數(shù)y中,利用二倍角的余弦函數(shù)公式,以及兩角和與差的余弦函數(shù)公式化簡(jiǎn),整理后利用正弦函數(shù)的值域求出y取得最大值時(shí)B的度數(shù)即可.【解析】解:(1)∵向量=(2-2sinA,cosA+sinA),=(sinA-cosA,1+sinA),若與是共線向量;
∴=即2(1-sinA)(1+sinA)=(sinA-cosA)(sinA+cosA);
整理得:2(1-sin2A)=sin2A-cos2A,即cos2A=
∵A為銳角;
∴cosA=即A=60°;
(2)函數(shù)y=2×+cos()=1-cos2B+cos2B+sin2B=sin2B-cos2B+1=sin(2B-30°)+1;
當(dāng)2B-30°=90°,即B=60°時(shí),函數(shù)y取得最大值為2.四、計(jì)算題(共3題,共27分)22、略
【分析】【分析】先去分母得到整式方程2x2+5x-7=x(x-1),再整理后解整式方程得到x1=-7,x2=1,然后進(jìn)行檢驗(yàn),把x1=-7,x2=1分別代入x(x-1)中計(jì)算得到x=1時(shí),x(x-1)=0;x=-7時(shí),x(x-1)≠0,即可得到原方程的解.【解析】【解答】解:方程兩邊同時(shí)乘以x(x-1),得2x2+5x-7=x(x-1);
整理得x2+6x-7=0;即(x+7)(x-1)=0;
解得x1=-7,x2=1;
經(jīng)檢驗(yàn);x=-7是原方程的解;x=1是原方程的增根;
所以原方程的解是x=-7.23、略
【分析】【分析】首先根據(jù)一元二次方程的一般形式求得b2-4ac的值,再進(jìn)一步根據(jù)關(guān)于x的一元二次方程(m-1)x2+2x+1=0有兩個(gè)實(shí)數(shù)根,即△≥0進(jìn)行求解.【解析】【解答】解:∵關(guān)于x的一元二次方程(m-1)x2+2x+1=0有兩個(gè)實(shí)數(shù)根;
∴△=b2-4ac≥0;
即:4-4(m-1)≥0;
解得:m≤2;
∵關(guān)于x的一元二次方程(m-1)x2+2x+1=0中m-1≠0;
∴m≠1;
故答案為:m≤2且m≠1.24、略
【分析】【分析】根據(jù)a*b=4ab得到4ax=x,求出方程的解即可.【解析】【解答】解:∵a*x=x;
∴4ax=x;
當(dāng)x≠0時(shí);
∴a=.
故答案為:.五、證明題(共3題,共30分)25、略
【分析】【分析】(1)連接AF,并延長(zhǎng)交BC于N,根據(jù)相似三角形的判定定理證△BDF∽△DEF,推出,=;再證△CDF∽△AEF,推出∠CFD=∠AFE,證出A;F、D、C四點(diǎn)共圓即可;
(2)根據(jù)已知推出∠EFG=∠ABD,證F、N、D、G四點(diǎn)共圓,推出∠EGF=∠AND,根據(jù)三角形的外角性質(zhì)推出∠EGF>∠EFG即可.【解析】【解答】(1)證明:連接AF,并延長(zhǎng)交BC于N,
∵AD⊥BC;DF⊥BE;
∴∠DFE=∠ADB;
∴∠BDF=∠DEF;
∵BD=DC;DE=AE;
∵∠BDF=∠DEF;∠EFD=∠BFD=90°;
∴△BDF∽△DEF;
∴=;
則=;
∵∠AEF=∠CDF;
∴△CDF∽△AEF;
∴∠CFD=∠AFE;
∴∠CFD+∠AEF=90°;
∴∠AFE+∠CFE=90°;
∴∠ADC=∠AFC=90°;
∴A;F、D、C四點(diǎn)共圓;
∴∠CFD=∠CAD.
(2)證明:∵∠BAD+∠ABD=90°;∠CFD+∠EFG=∠EFD=90°,∠CFD=∠CAD=∠BAD;
∴∠EFG=∠ABD;
∵CF⊥AD;AD⊥BC;
∴F;N、D、G四點(diǎn)共圓;
∴∠EGF=∠AND;
∵∠AND>∠ABD;∠EFG=∠ABD;
∴∠EGF>∠EFG;
∴DG<EF.26、略
【分析】【分析】構(gòu)造以重心G為頂點(diǎn)的平行四邊形GBFC,并巧用A、D、F、C四點(diǎn)共圓巧證乘積.延長(zhǎng)GP至F,使PF=PG,連接FB、FC、AD.因G是重心,故AG=2GP.因GBFC是平行四邊形,故GF=2GP.從而AG=GF.又∠1=∠2=∠3=∠D,故A、D、F、C四點(diǎn)共圓,從而GA、GF=GC?GD.于是GA2=GC?GD.【解析】【解答】證明:延長(zhǎng)GP至F;使PF=PG,連接AD,BF,CF;
∵G是△ABC的重心;
∴AG=2GP;BP=PC;
∵PF=PG;
∴四邊形GBFC是平行四邊形;
∴GF=2GP;
∴AG=GF;
∵BG∥CF;
∴∠1=∠2
∵過(guò)A;G的圓與BG切于G;
∴∠3=∠D;
又∠2=∠3;
∴∠1=∠2=∠3=∠D;
∴A;D、F、C四點(diǎn)共圓;
∴GA;GF=GC?GD;
即GA2=GC?GD.27、略
【分析】【分析】(1)求出∠BAD=∠CAD,根據(jù)角平分線性質(zhì)推出=;代入求出即可;
(2)作BF⊥AC于F;求出AB=BC,根據(jù)等腰三角形性質(zhì)求出AF=CF,根據(jù)三角函數(shù)的定義求出即可;
(3)BF過(guò)圓心O,作OM⊥BC于M,求出BF,根據(jù)銳角三角函數(shù)的定義求出即可.【解析】【解答】解:(1)∵弧BD=弧DC;
∴∠BAD=∠CAD;
∴;
∴.
答:EC:CB的值是.
(2)作BF⊥AC于F;
∵=,=;
∴BA=BC;
∴F為AC中點(diǎn);
∴cosC==.
答:cosC的值是.
(3)BF過(guò)圓心O;作OM⊥BC于M;
由勾股定理得:BF==CF;
∴tan.
答:tan的值是.六、綜合題(共2題,共14分)28、略
【分析】【分析】(1)此題可通過(guò)構(gòu)建相似三角形來(lái)求解;分別過(guò)A;B作x軸的垂線,由于∠AOB=90°,則可證得△AOC∽△OBD,然后利用兩個(gè)三角形的相似比(即OB=2OA),求出點(diǎn)B的坐標(biāo);
(2)求出B點(diǎn)坐標(biāo)后,可利用待定系數(shù)法求出經(jīng)過(guò)A、O、B三點(diǎn)的拋物線解析式.【解析】【解答】解:(1)分別作AC⊥x軸;BD⊥x軸,垂足分別是C;D;
∵∠AOB=90°;
∴∠AOC+∠BOD=90
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