2024年滬科版高一物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高一物理上冊月考試卷700考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列說法中正確的是（）A.凡輕小的物體皆可看作質點，而體積較大的物體不能看作質點B.作息時間表上的數字表示時間C.跳水運動員入水時的速度為瞬時速度D.物體做單向直線運動時，其位移就是路程2、如圖所示；M；N是某個點電荷電場中的一條電場線上的兩點，在線上O點由靜止釋放一個自由的負電荷，它將沿電場線向N點運動，下列判斷正確的是（）

A.電場線由N指向M，該電荷加速運動，加速度越越小B.電場線由N指向M，該電荷加速運動，其加速度大小的變化不能確定C.電場線由M指向N，該電荷做加速運動，加速度越來越大D.電場線由N指向M，該電荷做加速運動，加速度越來越大3、圖中所有的球都是相同的；且形狀規(guī)則質量分布均勻．甲球放在光滑斜面和光滑水平面之間，乙球與其右側的球相互接觸并放在光滑的水平面上，丙球與其右側的球放在另一個大的球殼內部并相互接觸，丁球用兩根輕質細線吊在天花板上，且其中右側一根線是沿豎直方向．關于這四個球中受兩個彈力的是（）

A.甲球B.乙球C.丙球D.丁球4、如圖所示，與水平面夾角為30鈭?

的固定斜面上有一質量m=1.0kg

的物體.

細繩的一端與物體相連.

另一端經摩擦不計的定滑輪與固定的彈簧秤相連.

物體靜止在斜面上，彈簧秤的示數為4.9N.

關于物體受力的判斷(

取g=9.8m/s2).

下列說法正確的是(

)

A.斜面對物體的摩擦力大小為零B.斜面對物體的摩擦力大小為4.9N

方向沿斜面向上C.斜面對物體的支持力大小為4.93N

方向豎直向上D.斜面對物體的支持力大小為4.9N

方向垂直斜面向上5、已知引力常量G=6.67隆脕10鈭?11N隆隴m2/kg2

重力加速度g=9.8m/s2

地球半徑R=6.4隆脕106m.

則可知地球質量的數量級是()A.1018kg

B.1020kg

C.1022kg

D.1024kg

6、下列有關生活中的圓周運動實例分析，其中說法正確的是（）A.汽車過凹形橋最低點時，通過速度越大，汽車對橋面的壓力越小B.在鐵路的轉彎處，通常要求外軌比內軌高，目的是消除輪緣與外軌的擠壓C.繞地球沿圓軌道飛行的航天器中懸浮的飛行員處于平衡狀態(tài)D.洗衣機脫水桶的脫水原理是：水滴受到的離心力大于它受到的向心力，從而沿切線方向甩出評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)7、如圖所示，繩AB和BC懸掛一物體，物重100N，BC繩與天花板夾角30°，AB繩與豎直墻垂直，則重物處于靜止狀態(tài)時，BC繩的拉力T1=____N，AB繩的拉力T2=____N．

8、在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，重錘的質量應適當____（選填“大”或“小”）一些，實驗結果總是動能的增加量略____（選填“大于”或“小于”）重力勢能的減小量，原因是____的作用．9、把一重為5N的木塊放在水平桌面上，彈簧秤水平地向右拉木塊，使木塊保持勻速直線運動時，彈簧秤的讀數變?yōu)?N，此時木塊受到的是______摩擦力，大小是______，動摩擦因數μ=______．10、【題文】下圖是甲物體的位移圖象和乙物體的速度圖象.試根據圖象求出從A→B→C→D的各段時間內，甲物體在5s內的位移是____，乙物體在5s內的位移是____11、一客車從靜止開始以加速度1.0m/s2

作勻加速直線運動的同時，在車尾的后面離車頭為30m

遠的地方有一人以某一恒定速度正在追趕這輛客車，已知司機從車頭反光鏡內能看到離車頭的最遠距離為20m(

即人離車頭距離超過20m

司機不能從反光鏡中看到該人)

同時司機從反光鏡中看到該人的像必須持續(xù)時間在4.0s

內才能會注意到該人，這樣才能制動客車使車停下來。若人的速度是3m/s

人車距離的最小值為________m

若該人要想乘上這輛客車，則人追趕客車勻速運動的速度v

的最小值為______m/s

評卷人得分三、計算題(共7題，共14分)12、【題文】真空中同一直線上有A、B兩點固定有電荷量分別為+4Q和–Q的點電荷。將另一個點電荷放在該直線的什么位置上，可以使它在電場力的作用下保持靜止，引入的這個點電荷是正電荷還是負電荷？電荷量是多大？(6分)13、如圖所示，比較長的傳送帶與水平方向的夾角θ=37°，在電動機帶動下以v0=4m/s的恒定速率順時針方向運行。在傳送帶底端P處有一離傳送帶很近的固定擋板，可將傳送帶上的物體擋住。在距P距離為L=9m的Q處無初速度地放一質量m=1kg的物體，它與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.5，物體與擋板的碰撞能量損失及碰撞時間不計，取g=10m/s2；sin37°=0.6．求物體從靜止釋放到第一次返回上升至最高點的過程中：

（1）系統(tǒng)因摩擦產生的熱量；

（2）請描述物體的最終狀態(tài)及該狀態(tài)后電動機因物塊的存在而多消耗的電功率。14、2003年10月16日，我國航天第一人楊利偉，乘坐“神州五號”載人飛船，在繞地球飛行了15圈后返回地面，飛船在回收過程中，已知在飛船離地面較近的時候，開始啟動強減速系統(tǒng)，使飛船的速度由20m/s在0.2s的時間內，均勻減小到2m/s。（g=10m/s2）。求：（1）在此過程中，飛船的加速度是多少？（2）飛船在此過程中對楊利偉的支持力是他重力的多少倍？15、如圖所示，mA=4kg，mB=1kg，A與桌面動摩擦因數μ=0.2，B與地面間的距離s=0.8m，A、B原來靜止.求：（1）B落到地面時的速度?（2）B落地后（不反彈），A在桌面上能繼續(xù)滑行多遠才能靜止下來?（桌面足夠長）（g取10m/s2）16、質量為3kg

的物體；從高30m

處自由落下，問：

(1)

第2s

內重力做功的功率是多少？

(2)

第2s

末重力做功的功率是多少？(g

取10m/s2)

17、如圖所示，有一傾角為30鈭?

的固定斜面，斜面底端的水平面上固定一塊長為5m

的木板.

開始時用一水平的力F

將質量為m=1kg

的滑塊按壓在斜面上，此時滑塊與斜面間剛好沒有摩擦力，今將水平力F

變?yōu)樗较蛴?，滑塊沿斜面由靜止開始下滑，當滑塊滑到木板上時撤去力F

木塊滑上木板的過程不考慮能量損失.

此后滑塊和木板在水平上運動，要使滑塊能離開木板，則應使滑塊從斜面上至少多高處滑下？已知滑塊與斜面和木板間的動摩擦因數分別為婁脤1=310

和婁脤2=310g=10m/s2

．18、如圖所示，質量m1=12kg的物體A用細繩繞過光滑的滑輪與質量為m2=2kg的物體B相連，連接A的細繩與水平方向的夾角為θ=53°，此時系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。已知A與水平面的動摩擦因數μ=0.5，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度取g=10m/s2；sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：

（1）A物體所受摩擦力的大??；

（2）欲使系統(tǒng)始終保持靜止，物體B的質量不能超過多少？評卷人得分四、解答題(共4題，共20分)19、一質量為m的滑塊在粗糙水平面上滑行；通過頻閃照片分析得知，滑塊在最初2s內的位移是最后2s內的位移的兩倍，且已知滑塊第1s內的位移為2.5m．試求滑塊運動的總時間和總位移分別是多少？

20、在電梯中；把一重物置于水平臺秤上，臺秤與力的傳感器相連，電梯先從靜止加速上升然后又勻速運動一段時間，最后停止運動；傳感器的屏幕上顯示出其受的壓力與時間的關系（N-t）圖象，如圖所示，則：

（1）電梯在啟動階段經歷了______s加速上升過程．

（2）電梯的最大加速度是多少？（g取10m/s2）

21、以10m/s的速度勻速行駛的汽車；剎車后做勻減速直線運動．若汽車剎車后第2s內的位移為6.25m（剎車時間超過2s），則剎車后6s內汽車的位移是多大？

22、某校足球運動員李義在做發(fā)球訓練時；將一個靜止的質量為0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出．若腳踢球的時間為0.2s，則李義發(fā)球時足球的加速度為多大？

評卷人得分五、其他(共4題，共16分)23、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數據見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．24、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．25、如圖是質量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關數據見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質量/kg4.5整車質量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．26、（2013?蕪湖縣校級自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關字母表示）．評卷人得分六、綜合題(共1題，共8分)27、【題文】如圖12所示，質量為m=0.5kg的小球從距離地面高H=5m處自由下落，到達地面時恰能沿凹陷于地面的半圓形槽壁運動，半圓形槽的半徑R為0.4m，小球到達槽最低點時速率恰好為10m/s，并繼續(xù)沿槽壁運動直到從槽左端邊緣飛出且沿豎直方向上升、下落，如此反復幾次，設摩擦力大小恒定不變，求：（1）小球第一次飛出半圓槽上升距水平地面的高度h為多少？（2）小球最多能飛出槽外幾次？（g=10m/s2）。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【解答】A；物體能否看作質點與它們的大小無關；關鍵在于在所研究的問題中，大小和形狀是否能夠忽略，故A錯誤B、作息時間表上的數字表示某一過程開始或結束的瞬間，是時刻；故B錯誤；

C；跳水運動員入水時的速度對應的是經過一個位置的速度；是瞬時速度，故C正確；

D；位移是矢量；而路程是標量，故不能把位移說成路程，故D錯誤；

故選：C．

【分析】解答本題應明確：只有在所研究的問題中，物體的大小和形狀可以忽略，物體才可以看作質點；明確時間與時刻的含義；物體在某一時刻和某一位置時的速度為瞬時速度；會區(qū)分位移和路程．2、B【分析】解：由題；負電荷由靜止開始從O運動到N，負電荷所受電場力方向從O到N，場強方向與電場力方向相反，即場強方向由B指向M．負電荷從靜止開始，必定做加速運動．由于電場線的分布情況未知，場強如何變化無法確定，電場力和加速度如何變化也無法確定，則電荷加速度可能越來越小，可能越來越大．故B正確，ACD錯誤．

故選：B．

根據負電荷的運動方向判斷電場力；確定場強方向．場強的大小由電場線的疏密反映，電場線越密場強越大．

本題根據電荷的運動方向確定場強方向不難，容易產生的錯誤在于分析場強大小的變化來確定加速度的變化，條件不明時，考慮問題要全面．【解析】【答案】B3、C【分析】解：A：甲球受重力和豎直向上的地面給它的彈力兩個力；斜面沒有給其彈力，如果有的話球不會靜止，故A錯誤．

B：乙球受重力和豎直向上的地面給它的彈力兩個力；與乙接觸的球不會給乙彈力，如果有的話乙球不會靜止，故B錯誤．

C：丙球受重力；圓面給它的指向圓心的彈力和與它接觸的小球給它的沿他們圓心連線向左的彈力，如果它接觸的小球不給它沿他們圓心連線向左的彈力的話它不能保持靜止狀態(tài)．故丙球受兩個彈力的作用，故C正確．

D：丁球受重力和右邊豎直繩子給它的豎直向上的拉力；傾斜的繩子不會給它拉力的作用，如果有的話小球不能保持平衡狀態(tài)，故丁球只受一個向上的彈力，故D錯誤．

故選：C

考察根據物體的平衡條件反過來確定物體的受力情況；主要考察接觸有無支持力和繩子有無彈力，常用假設法進行判定．

根據物體的平衡條件反過來確定物體的受力情況是最近幾年高考?？嫉膬热?，主要考察接觸有沒有支持力和接觸有沒有摩擦力，表現在此題的類型和判斷物體受力個數的問題上．【解析】【答案】C4、A【分析】解：A

物體重力沿斜面方向下的分力Gx=mgsin30鈭?=4.9N

與彈簧的彈力相等，根據共點力平衡，知物體不受摩擦力作用.

故A正確，B錯誤．

C、根據共點力平衡得，N=mgcos30鈭?=4.93N

方向垂直于斜面向上.

故C；D錯誤．

故選A．

對物體受力分析；求出物體重力與斜面方向上的分力大小，與彈簧的拉力比較判斷出摩擦力的大小和方向.

根據共點力平衡求出支持力的大?。?/p>

解決本題的關鍵能夠正確地進行受力分析，運用共點力平衡進行求解．【解析】A

5、D【分析】物體所受地球的萬有引力約等于物體的重力：=mg

得：g=G

解得：M=

kg=6.02隆脕1024kg

即地球質量的數量級是1024.

所以，本題的正確選項為D

．【解析】D

6、B【分析】解：A、對汽車，根據牛頓第二定律得：N-mg=m則得N=mg+m可見，v越大，路面的支持力越大，據牛頓第三定律得知，車對橋面的壓力越大，故A錯誤；

B；當火車按規(guī)定速度轉彎時；由重力和支持力的合力完全提供向心力，從而減輕輪緣對外軌的擠壓，故B正確；

C；繞地球沿圓軌道飛行的航天器中懸浮的宇航員重力提供向心力；處于完全失重狀態(tài)，故C錯誤；

D；衣機脫水桶的脫水原理是：是水滴需要提供的向心力較大；力無法提供，所以做離心運動，從而沿切線方向甩出，故D錯誤。

故選：B。

汽車在凹形橋的最低點時由重力和支持力的合力提供向心力；根據牛頓第二定律求出支持力的大小，通過牛頓第三定律得出汽車對路面的壓力；

防止車輪邊緣與鐵軌間的摩擦；通常做成外軌略高于內軌，火車高速轉彎時不使外軌受損，則拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供；

繞地球沿圓軌道飛行的航天器中懸浮的液滴處于完全失重狀態(tài)；

利用圓周運動的向心力分析洗衣機脫水原理即可；

本題是實際應用問題，考查應用物理知識分析處理實際問題的能力，關鍵搞清做圓周運動向心力的來源，結合牛頓第二定律進行分析?！窘馕觥緽二、填空題(共5題，共10分)7、略

【分析】

以結點B為研究對象；分析受力情況，作出力圖如圖，由平衡條件得知，兩繩拉力的合力與G大小相等；方向相反；

則有。

FAB=Gcot30°=100N，FBC==2G=200N

故答案為：200，100

【解析】【答案】以結點B為研究對象；分析受力情況，作出力圖，根據平衡條件求出兩繩的拉力．

8、略

【分析】

重物帶動紙帶下落過程中；除了重力還受到空氣阻力和紙帶與打點計時器的摩擦力，從能量轉化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉化給了動能還有一部分轉化給摩擦產生的內能，所以重力勢能的減小量大于動能的增加量．

在實驗中；重錘的質量應適當大些，那么阻力的作用就相對小了點．

故答案為：大；小于，空氣對重錘的阻礙及紙帶受到的摩擦。

【解析】【答案】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理；了解實驗的儀器；操作步驟和數據處理以及注意事項．

由于紙帶通過時受到的阻力和重錘受到的空氣阻力；重力勢能有相當一部分轉化給摩擦產生的內能。

9、略

【分析】【解析】試題分析：木塊與地面發(fā)生了相對滑動，摩擦力為滑動摩擦力，由于木塊做的是勻速運動，所以拉力等于摩擦力，由考點：考查滑動摩擦力的計算【解析】【答案】滑動、2N、0.410、略

【分析】【解析】甲圖像為位移時間圖像，圖像的縱坐標表示位移大小，所以甲物體在5s內的位移是-2m，乙的速度時間圖像中與坐標軸所圍成的面積表示位移大小，由此可知乙物體在5s內的位移是【解析】【答案】-21611、25.54.9【分析】【分析】設乘客經過t

時間與客車車頭的位移為s0

通過位移關系求出運動的時間，時間有兩個值，在這兩個時間之間，乘客與客車車頭的位移小于s0

則兩個時間之差要保證大于等于t0

根據該關系求出乘客速度的最小值。

本題考查了勻變速直線運動的位移與時間的關系、勻變速直線運動的速度與時間的關系；該題屬于運動學中的較難題，關鍵抓住乘客經過時間t

與客車車頭的位移為s0

還要注意乘客與客車車頭位移在s0

之內的時間差大于等于t0隆攏

【解答】從客車由靜止開始運動計時，經過時間t

客車前進的位移為：s1=12at2

乘客前進的位移為：s2=vt

由題意有：s1+s鈭?s2=s0

鈻?t=t2鈭?t1鈮?t0攏祿

得：12at2+s?vt?s0=0

即：t=v隆脌v2?2a(s?s0)a

所以有：?t=t2鈭?t1=v+v2?2a(s?s0)a?v?v2?2a(s?s0)a=2v2?2a(s?s0)a鈮?t0

得：v鈮?2a(s?s0)+(at0)24

代入數據求得：v鈮?4.9m/s

在司機恰好能停車的情況下；追趕客車的過程中開始時人的速度大于車的速度，然后車的速度大于人的速度，所以當車與人的速度相等時，人與車之間的距離最?。粍t：v=at

所以：t=va=31s=3s

該過程中人的位移：x1=vt=3隆脕3m=9m

車的位移：x2=12at2=12隆脕1隆脕32m=4.5m

人與車之間的距離：L隆盲=s+x2鈭?x1=30m+4.5m鈭?9m=25.5m

故填：25.54.9

【解析】25.54.9

三、計算題(共7題，共14分)12、略

【分析】【解析】

試題分析：由于A；B是異種電荷；它們產生的引力，故如果在它們中間放一個電荷，則該電荷一定與其中一個排斥而與另一個吸引，這使得它們并不能保持靜止；又由于A的電荷量大于B，故我們可以在B的外側放一個正電荷，對于A而言：該電荷與A產生斥力剛好和B對A的引力相等，對于B而言：該電荷與B產生引力剛好和A對B的斥力相等，此時A、B處于靜止狀態(tài)。

設該電荷的電荷量為q；

則對電荷A來說；由于它處于靜止狀態(tài)，則。

則對電荷B來說；由于它處于靜止狀態(tài)，則。

解之得：AC=2BC；即AB=BC。

故q=4Q。

考點：受力平衡，庫侖定律。【解析】【答案】B的外側，正電荷，4Q。13、解：（1）物塊從Q點由靜止釋放；物塊相對傳送帶向下滑；

物塊沿傳送帶向下加速運動的速度：a1=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

與P碰前的速度v1==6m/s

物塊從A到B的時間t1==3s

在此過程中物塊相對傳送帶向下位移：s1=L+v0t1=21m；

擋板碰撞后，以v1的速度反彈，因v1＞v0；物塊相對傳送帶向上滑；

物塊向上做減速運動的加速度為：a2=gsinθ+μgcosθ=10m/s2；

物塊速度減小到與傳送帶速度相等的時間t2==0.2s；

在t2時間內物塊向上的位移L1=t2=1m

物塊相對傳送帶向上的位移：s2=L1-v0t2=0.2m；

與傳送帶速度相等后物塊相對傳送帶向下滑；

物塊向上做減速運動的加速度：a3=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

物塊速度減小到零的時間t3==2s

物塊向上的位移L2=t3=4m

此過程中物塊相對傳送帶向下的位移：s3=vt3-L2=4m；

物塊相對傳送帶發(fā)生的位移：s=s1+s2+s3=24.8m；

摩擦生熱Q=μmgcosθ（s1+s2+s3）=100.8J；

（2）物塊上升到傳送帶的最高點后；物塊沿傳送帶向下加速運動；

與擋板P第二次碰撣前的速度v2==m/s；

碰后因v2＞v0，物塊先向上做加速度為a2的減速運動；

再做加速度為a3的減速運動，物塊向上的位移為：L3=+=4.2m；

物塊與擋板第三次碰撞前的速度v3==2m/s；

在此類推，經過多次碰撞后物塊以v0=4m/s的速度反彈；

故最終物塊在P與離P4m的范圍內不斷做向上的加速度為2m/s2的減速運動和向下做加速度為2m/s2的加速運動；物塊的運動達到這一穩(wěn)定狀態(tài)后，物塊對傳送帶有一與傳送帶運動方向相反的阻力：f=μmgcosθ；

電動機多消耗的電功率P=μmgcosθ?v=16W；

答：（1）系統(tǒng)因摩擦產生的熱量是100.8J；

（2）請描述物體的最終狀態(tài)及該狀態(tài)后電動機因物塊的存在而多消耗的電功率是16W；【分析】

（1）根據牛頓第二定律求出物塊在下降過程和上升過程中的加速度；運用運動學公式求出下滑過程和上升過程的相對位移，求出相對運動距離之和，根據Q=fs求出產生的熱量。

（2）物塊每一次與擋板碰撞；速度較之前都在減小，最終碰撞后反彈的速度等于傳送帶的速度，則先向上做勻減速直線運動，再向下做勻加速直線運動，碰撞的速度不變。根據能量守恒定律，電動機多消耗的電功率等于克服阻力做功的功率。

本題是一道力學綜合題，難度較大，物體運動過程復雜，分析清楚物體運動過程是正確解題的前提與關鍵，應用牛頓第二定律、運動學公式、功的計算公式分析答題。【解析】解：（1）物塊從Q點由靜止釋放；物塊相對傳送帶向下滑；

物塊沿傳送帶向下加速運動的速度：a1=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

與P碰前的速度v1==6m/s

物塊從A到B的時間t1==3s

在此過程中物塊相對傳送帶向下位移：s1=L+v0t1=21m；

擋板碰撞后，以v1的速度反彈，因v1＞v0；物塊相對傳送帶向上滑；

物塊向上做減速運動的加速度為：a2=gsinθ+μgcosθ=10m/s2；

物塊速度減小到與傳送帶速度相等的時間t2==0.2s；

在t2時間內物塊向上的位移L1=t2=1m

物塊相對傳送帶向上的位移：s2=L1-v0t2=0.2m；

與傳送帶速度相等后物塊相對傳送帶向下滑；

物塊向上做減速運動的加速度：a3=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

物塊速度減小到零的時間t3==2s

物塊向上的位移L2=t3=4m

此過程中物塊相對傳送帶向下的位移：s3=vt3-L2=4m；

物塊相對傳送帶發(fā)生的位移：s=s1+s2+s3=24.8m；

摩擦生熱Q=μmgcosθ（s1+s2+s3）=100.8J；

（2）物塊上升到傳送帶的最高點后；物塊沿傳送帶向下加速運動；

與擋板P第二次碰撣前的速度v2==m/s；

碰后因v2＞v0，物塊先向上做加速度為a2的減速運動；

再做加速度為a3的減速運動，物塊向上的位移為：L3=+=4.2m；

物塊與擋板第三次碰撞前的速度v3==2m/s；

在此類推，經過多次碰撞后物塊以v0=4m/s的速度反彈；

故最終物塊在P與離P4m的范圍內不斷做向上的加速度為2m/s2的減速運動和向下做加速度為2m/s2的加速運動；物塊的運動達到這一穩(wěn)定狀態(tài)后，物塊對傳送帶有一與傳送帶運動方向相反的阻力：f=μmgcosθ；

電動機多消耗的電功率P=μmgcosθ?v=16W；

答：（1）系統(tǒng)因摩擦產生的熱量是100.8J；

（2）請描述物體的最終狀態(tài)及該狀態(tài)后電動機因物塊的存在而多消耗的電功率是16W；14、略

【分析】【解析】試題分析：（1）由加速度公式90m/s2（3分）（2）由牛頓第二定律可知FN-mg=ma（2分）FN="ma+"mg="10"mg(2分)FN/mg=10(1分)考點：考查牛頓第二定律的應用【解析】【答案】（1）90m/s2（2）1015、略

【分析】解:（1）B下落過程中，它減少的重力勢能轉化為A的動能和A克服摩擦力做功產生的熱能，B下落高度和同一時間內A在桌面上滑動的距離相等、B落地的速度和同一時刻A的速度大小相等由以上分析，根據能量轉化和守恒有:（3分）∵vA=vB、sA=sB（2分）（1分）vB=0.8m/s（1分）（2）B落地后，A以vA=0.8m/s初速度繼續(xù)向前運動，克服摩擦力做功最后停下，（3分）（2分）故B落地后，A在桌面上能繼續(xù)滑動0.16m【解析】【答案】略16、解：（1）第2s內是指一段時間，應對應P=是平均功率．第2s內的位移。

x=g（t-t）=×10×（22-12）m=15m．

重力做的功W=mgx=3×10×15J=450J．

重力在第2s內的功率P==W=450W．

（2）第2s末指時刻；應采用P=Fv計算，是瞬時功率．

第2s末物體的速度v=gt2=10×2m/s=20m/s．

第2s末重力做功的瞬時功率。

P=mgv=3×10×20W=600W．

答：（1）第2s內重力做功的功率是450W

（2）第2s末重力做功的功率是600W【分析】

(1)

根據位移公式求出第2s

內下降的高度，求出第2s

內重力做的功，由P=Wt

求第2s

內重力做功的功率；

(2)

根據自由落體運動速度時間關系可求出第2s

末速度；根據P=mgv

可求出瞬時功率。

到求功率問題時注意兩點：(1)

首先明確什么力的功率，(2)

是平均功率還是瞬時功率，求瞬時功率時只有P=Fv

其中v

是瞬時速度【解析】解：(1)

第2s

內是指一段時間，應對應P=Wt

是平均功率.

第2s

內的位移。

x=12g(t22鈭?t12)=12隆脕10隆脕(22鈭?12)m=15m

．

重力做的功W=mgx=3隆脕10隆脕15J=450J

．

重力在第2s

內的功率P=Wt=4501W=450W

．

(2)

第2s

末指時刻；應采用P=Fv

計算，是瞬時功率．

第2s

末物體的速度v=gt2=10隆脕2m/s=20m/s

．

第2s

末重力做功的瞬時功率。

P=mgv=3隆脕10隆脕20W=600W

．

答：(1)

第2s

內重力做功的功率是450W

(2)

第2s

末重力做功的功率是600W

17、略

【分析】

滑塊靜止時；對滑塊受力分析，由共點力的平衡條件可得出水平作用力F

的大小.

根據牛頓第二定律求得滑塊在水平木板上滑行的加速度，由速度位移公式求得滑塊剛滑上木板上時的速度.

再由牛頓第二定律求出滑塊在斜面上下滑的加速度，即由速度位移公式求出下滑時的高度．

本題考查了牛頓第二定律和運動學公式、共點力平衡的綜合運用，關鍵理清滑塊和木板的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解.

如果學過動能定理，也可以根據動能定理求解．【解析】解：滑塊靜止時；受到水平推力F

重力mg

和支持力N

處于平衡，如圖所示；

水平推力：F=mgtan婁脠=1隆脕10隆脕33=1033N

滑塊在木板上滑行的加速度大小為：a2=婁脤2mgm=婁脤2g=3m/s2

．

滑塊剛滑上木板上時速度為：v=2a2s=2隆脕3隆脕5=30m/s

設滑塊在斜面上下滑的加速度為a1

由牛頓第二定律得：

mgsin婁脠+Fcos婁脠鈭?婁脤1N=ma1

N=mgcos婁脠鈭?Fsin婁脠

代入數據得：a1=9m/s2

則滑塊在斜面下滑的距離為：L=v22a1=302脳9=53m

下滑時的高度為：h=Lsin婁脠=53隆脕0.5=56m

答：應使滑塊從斜面上至少56m

高處滑下．18、解：（1）對B，由平衡條件得細繩的拉力為：F=m2g

以A為研究對象，受力分析如圖所示，由平衡條件得：Fcos53°-Ff=0；

解得：Ff=12N

（2）A的最大靜摩擦力為fm，對A，在水平方向有：Fcos53°-fm=0

豎直方向：Fsin53°+FN-m1g=0

其中：fm=μFN

聯(lián)立解得：m2=6kg

答：（1）A物體所受摩擦力的大小12N；

（2）欲使系統(tǒng)始終保持靜止，物體B的質量不能超過6kg?！痉治觥?/p>

（1）對A進行受力分析；由平衡條件即可求出A受到的摩擦力大??；

（2）當A恰好要滑動時，靜摩擦力達到最大值，再對A求得對應的m2的數值，即為m2的最大值。

該題涉及兩個物體，并涉及A在幾種不同情況下的受力，對A進行正確的受力分析，找出相應的臨界條件是解答的關鍵?！窘馕觥拷猓海?）對B，由平衡條件得細繩的拉力為：F=m2g

以A為研究對象，受力分析如圖所示，由平衡條件得：Fcos53°-Ff=0；

解得：Ff=12N

（2）A的最大靜摩擦力為fm，對A，在水平方向有：Fcos53°-fm=0

豎直方向：Fsin53°+FN-m1g=0

其中：fm=μFN

聯(lián)立解得：m2=6kg

答：（1）A物體所受摩擦力的大小12N；

（2）欲使系統(tǒng)始終保持靜止，物體B的質量不能超過6kg。四、解答題(共4題，共20分)19、略

【分析】

設物體運動的加速度為a；運動總時間為t，把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運動，則有：

最后2s內位移為：s1==2a

最初2s內位移為：s2=-=2at-2a

又∵s2：s1=2：1；則有。

2at-2a=4a

解得：t=3s

第一秒的位移為：

所以9a-4a=5

解得a=1m/s2

x==

答：滑塊運動的總時間為3s；總位移分別是4.5m

【解析】【答案】物體在粗糙的平面上做勻減速直線運動；把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運動，根據位移公式分別列出最初2s內和最后2s內的位移與總時間的關系，求出總時間，進而求出總位移．

20、略

【分析】

（1）電梯加速上升時；重物對臺秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動階段經歷了4.0s加速上升過程．

（2）由圖可知：4-18s內電梯做勻速直線運動；N=G=30N；

則重物的質量為m==3kg．

當壓力N=50N時；重物的合力最大，加速度最大．

由牛頓第二定律得N-mg=ma

代入解得最大加速度為a=6.7m/s2

故答案為：4s，電梯的最大加速度是6.7m/s2．

【解析】【答案】（1）電梯加速上升時；重物對臺秤的壓力大于重力．由圖象可知：電梯在啟動階段經歷了4.0s加速上升過程．

（2）當重物的合力最大時；加速度最大，此時重物對臺秤的壓力最大．由圖可知：4-18s內電梯做勻速直線運動，壓力大小等于重力，求出質量．當壓力N=50N時，重物的合力最大，由牛頓第二定律求出最大加速度．

21、略

【分析】

由題，汽車做勻減速直線運動，已知v=10m/s，t1=1s，t2=2s，x1=6.25m．設汽車剎車過程加速度為a；則有。

x1=（vt2+）-（vt1+）

代入得到，6.25=10+

解得，a=2.5m/s2

設汽車從剎車到停下的時間為t；則有。

t==

說明汽車剎車4s停止運動；剎車后6s內汽車的位移與剎車后4s內汽車的位移相等，則有。

x===20m

答：剎車后6s內汽車的位移是20m．

【解析】【答案】剎車后汽車做勻減速直線運動；根據汽車剎車后第2s內的位移為6.25m，由位移公式求出汽車的加速度，再由速度公式求出汽車從剎車到停下的時間，分析剎車后6s時汽車的運動狀態(tài)，再求出位移．

22、略

【分析】

根據加速度的定義式a=得