2024年北師大版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下圖中哪個情況線圈中不能產(chǎn)生交流電()2、下列物理量中屬于矢量的是（）A.質(zhì)量B.速度C.路程D.時間3、古時有“守株待兔”的寓言.

設(shè)兔子的頭部受到大小等于自身體重的打擊力即可致死，并設(shè)兔子與樹樁作用時間為0.2s

則被撞死的兔子其奔跑的速度至少為(g

取10m/s2)(

)

A.1m/s

B.1.5m/s

C.2m/s

D.2.5m/s

4、在一密閉容器中，反應(yīng)rm{aA(g)overset{}{?}bB(g)}達(dá)平衡后，保持溫度不變，將容器體積增加一倍，當(dāng)達(dá)到新的平衡時，rm{A}的濃度變?yōu)樵瓉淼膔m{60%}則rm{(}rm{)}A.rm{a<b}B.平衡向逆反應(yīng)方向移動了C.平衡向正反應(yīng)方向移動了D.物質(zhì)rm{B}的質(zhì)量分?jǐn)?shù)增加了5、用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表．將它們串聯(lián)起來接入電路中，如圖所示，此時（）A.兩只電表的指針偏轉(zhuǎn)角相同B.兩只電表的指針都不偏轉(zhuǎn)C.電流表指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角D.電流表指針的偏轉(zhuǎn)角大于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、根據(jù)磁場對電流會產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種新型的發(fā)射炮彈的裝置隆陋隆陋

電磁炮，其原理如圖所示：把待發(fā)炮彈(

導(dǎo)體)

放置在強(qiáng)磁場中的兩平行導(dǎo)軌上，給導(dǎo)軌通以大電流，使炮彈作為一個通電導(dǎo)體在磁場作用下沿導(dǎo)軌加速運動，并以某一速度發(fā)射出去.

現(xiàn)要提高電磁炮的發(fā)射速度，你認(rèn)為下列方案在理論上可行的是()A.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的值B.增大電流I

的值C.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的值D.改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的方向，使之與炮彈前進(jìn)方向平行7、如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為30鈭?

質(zhì)量為0.3kg

的小物塊靜止在A

點，現(xiàn)有一沿斜面向上的恒定推力F

作用在小物塊上，作用一段時間后撤去推力F

，小物塊能達(dá)到的最高位置為C

點，小物塊從A

到C

的v鈭?t

圖像如圖乙所示，g

=10m/s2

則下列說法正確的是

A.小物塊到C

點后將沿斜面下滑B.小物塊從A

點沿斜面向上滑行的最大高度為1.8m

C.小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為33

D.推力F

的大小為4N

8、14

下列說法正確的是(

)

A.懸浮在水中的花粉的布朗運動反映了花粉分子的熱運動B.空中的小雨滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果C.彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點D.干濕泡濕度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度，這是濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱的結(jié)果9、在如圖所示的直角坐標(biāo)系xyz

所在的區(qū)域內(nèi)，存在電場強(qiáng)度為E

的勻強(qiáng)電場和磁感強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場.

已知從坐標(biāo)原點O

沿x

軸的正方向射入質(zhì)子，穿過這區(qū)域時未發(fā)生偏轉(zhuǎn).

設(shè)重力可忽略不計，則這區(qū)域中的E

和B

的方向可能是(

)

A.E

和B

都沿x

軸的正方向B.E

和B

都沿x

軸的負(fù)方向C.E

沿z

軸正方向，B

沿y

軸正方向D.E

沿z

軸正方向，B

沿y

軸負(fù)方向10、如圖1

兩根光滑平行導(dǎo)軌水平放置，間距為L

其間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.

垂直于導(dǎo)軌水平對稱放置一根均勻金屬棒.

從t=0

時刻起，棒上有如圖2

的持續(xù)交變電流I

周期為T

最大值為Im

圖1

中I

所示方向為電流正方向.

則金屬棒(

)

A.一直向右移動B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力隨時間周期性變化D.受到的安培力在一個周期內(nèi)做正功11、關(guān)于下列四幅圖中所涉及物理知識的論述中；正確的是(

)

A.甲圖中的海市蜃樓是光的色散現(xiàn)象引起的B.乙圖中的泊松亮斑說明光具有波動性C.丙圖中的波形是調(diào)頻波D.丁圖中的實驗表明：不論光源與觀察者之間做怎樣的相對運動，光速都是一樣的12、關(guān)于電場強(qiáng)度，下列說法錯誤的是(

)

A.由E=Fq

知，若q

減半，則該處場強(qiáng)不變B.由E=kQr2

知，當(dāng)某點與點電荷Q

間距離r隆煤0

時，該點場強(qiáng)E隆煤隆脼

C.由E=kQr2

知，在以Q

為球心、r

為半徑的球面上，各處場強(qiáng)大小相等D.由E=Ud

知，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小等于電場中某兩點間的電勢差與這兩點之間距離的比值評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、一束帶電粒子流從小磁針上方平行于小磁針方向從左向右飛過，結(jié)果小磁針北極向紙內(nèi)轉(zhuǎn)動，可以判斷這束帶電粒子帶____電荷．

14、如圖所示，一個質(zhì)量為30g帶電量-1.0×10-8C的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強(qiáng)電場中，電場線與水平面平行．當(dāng)小球靜止時，測得懸線與豎直夾角為30°，由此可知勻強(qiáng)電場方向為______，電場強(qiáng)度大小為______N/C．（保留三位有效數(shù)字，g取10m/s2）15、測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和U-I圖象如下：請回答下列問題。

（1）在閉合開關(guān)之前，為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在____處（填a．b）

（2）現(xiàn)備有以下器材：

A．干電池1個。

B．滑動變阻器（0～50Ω）

C．滑動變阻器（0～1750Ω）

D．電壓表（0～3V）

E．電壓表（0～15V）

F．電流表（0～0.6A）

G．電流表（0～3A）

H．電鍵一個；導(dǎo)線若干．

該實驗應(yīng)選擇的器材是____．（填字母代號）

（3）如圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的U-I圖象．由此可知這個干電池的電動勢E=____V，內(nèi)電阻r=_____Ω．

16、小球從2m高處自由下落，被水平地板彈回后在0.5m高處接住，則小球通過的路程等于____m，全過程位移的大小等于____m．17、如圖所示，q1、q2、q3分別表示在一條直線上的三個點電荷，已知q2為正電荷，q1與q2之間的距離為l1，q2與q3之間的距離為l2，且每個電荷都處于平衡狀態(tài).則q1,帶____（填正或負(fù)）電，q1、q2、q3三者電量大小之比是_____________.18、用一與斜面平行的力，把一質(zhì)量為100kg的物體沿長5m、高3m的斜面從其底端勻速拉上頂端，物體和斜面間的動摩擦因數(shù)為0.1，在這過程中，物體克服重力做的功為______J，摩擦力做的功為______J，拉力做的功為______J．19、當(dāng)某測電筆上的氖管兩端所加電壓達(dá)到86.7V時即開始發(fā)光，低于該電壓時熄滅．若把此氖管接在電壓U=71V，頻率f=50Hz，的正弦交流電商，則每秒內(nèi)閃光的次數(shù)n=______次．20、小明同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，為了更準(zhǔn)確選取電壓表和電流表的合適量程，決定先用多用電表測量小燈泡的阻值．

(1)

在使用前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖甲所示，該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)哪個位置________(

選“壟脵

”或“壟脷

”)

(2)

小明使用多用電表歐姆擋的“隆脕10

”擋測量小燈泡電阻阻值，讀數(shù)如圖乙所示，為了更準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，小明應(yīng)該旋轉(zhuǎn)開關(guān)至歐姆擋_____(

填“隆脕100

”擋或“隆脕1

”擋)

兩表筆短接并調(diào)節(jié)______(

選“壟脵

”或“壟脷

”)

．(3)

按正確步驟測量時，指針指在如圖丙位置，則小燈泡阻值的測量值為________婁賂

．21、如圖所示，某透明液體深1m

一束光線與水平面成30鈭?

角從空氣斜射向該液體，進(jìn)入該液體的光線與水平面的夾角為45鈭?.(

光在真空中的速率c=3.0隆脕108m/s)

則該液體的折射率n=

______，進(jìn)入液體的光線射到底面所需的時間為______s.

評卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)22、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、實驗探究題(共4題，共36分)23、某同學(xué)用圖示的裝置做“驗證動量守恒定律”的實驗，先將球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次，再把同樣大小的球b放在斜槽軌道水平段的最右端處靜止，讓球a仍從原固定點由靜止開始滾下，且與b球彈性相碰，碰后兩球分別落在記錄紙上的不同位置，重復(fù)10次．（兩球都在斜槽末端處的O點正上方水平飛出，且ma＞mb）

（1）本實驗必須測量的物理量是______

A．小球a、b的質(zhì)量ma、mb

B．小球a、b的半徑r

C．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

D．球a的固定釋放點到斜槽軌道末端的高度差h

E．小球a、b離開軌道后做平拋運動的飛行時間。

F．記錄紙上O點到兩小球的平均落點位置A、B、C的距離

（2）放上被碰小球，兩球（ma＞mb）相碰后，小球a、b的平均落點位置依次是圖中______點和______點．

（3）利用該實驗測得的物理量，也可以判斷兩球碰撞過程中機(jī)械能是否守恒．判斷的依據(jù)是看ma2與______在誤差允許范圍內(nèi)是否相等．24、在用“單擺測重力加速度”的實驗中：

（1）有下列備選器材中；需選用哪些器材較好______

A．長1m左右的粗一點結(jié)實棉線B．長1m左右的細(xì)棉線。

C．帶細(xì)孔的直徑2cm左右的鐵球D．帶細(xì)孔的直徑2cm左右的橡膠球。

E．時鐘F；秒表G、學(xué)生用刻度尺H、最小刻度是毫米的米尺。

（2）甲同學(xué)先用米尺測得擺線長，再用游標(biāo)卡尺測得擺球直徑如圖甲所示為______cm，然后用秒表記錄單擺完成50次全振動所用的時間如圖乙所示，則單擺的周期為______s（保留三位有效數(shù)字）25、在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中；備有下列器材：

。器材規(guī)格待測干電池電動勢為1.5V，內(nèi)電阻小于0.1Ω電流表G滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10Ω電流表A量程0～0.6A，內(nèi)電阻0.1Ω滑動變阻器R1最大阻值為20Ω，額定電流為10A滑動變阻器R2最大阻值為200Ω，額定電流為1A定值電阻R0990Ω開關(guān)、若干導(dǎo)線（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖1所示中的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是圖______所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選______．（填“R1”或者“R2”）

（2）該同學(xué)順利完成實驗，測出的數(shù)據(jù)經(jīng)轉(zhuǎn)換后如表所示．請你根據(jù)這些數(shù)據(jù)幫他在下面坐標(biāo)圖中畫出U-I圖象，并由圖得出電池的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω；

。I/A0.100.170.230.30U/V1.201.000.800.6026、如圖所示，某同學(xué)做驗證機(jī)械能守恒定律實驗的裝置.

在正確操下得到的紙帶上選取三個連續(xù)打出的點ABC

測得它們到起始點O

的距離分別為hAhBhC.

設(shè)重錘質(zhì)量為m

當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間

打點計時器打點周期為T

．

壟脜

為了驗證重錘從打O

點到打B

點過程中的機(jī)械能是否守恒，需要計算重錘重力勢能的減少量鈻?Ep=

____，動能的增加量鈻?Ek=

____(

用題中所給字母表示)

．壟脝

實驗結(jié)果顯示，重錘重力勢能的減少量總略大于動能的增加量，其主要原因是____A.

重錘的密度過大B.

電源的電壓偏低。

C.C.沒有采用多次實驗取平均值

D.存在空氣阻力和紙帶與限位孔之間摩擦阻力評卷人得分六、實驗題(共2題，共4分)27、在實驗室中用游標(biāo)卡尺測量一物體長度的讀數(shù)是________毫米,螺旋測微儀測量金屬絲的直徑時，由圖可知金屬絲的直徑是____毫米。28、（7分）某實驗小組想描繪標(biāo)有“4V2W”的小燈泡的U—I圖像，除導(dǎo)線和開關(guān)外還備有以下器材可供選擇：A．電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為1）B．電流表A2（量程3.0A，內(nèi)阻約為0.2）C．電壓表V1（量程5.0V，內(nèi)阻約為5k）D．電壓表V2（量程15.0V，內(nèi)阻約為15k）E．滑動變阻器R1（最大阻值為5額定電流500mA）F．滑動變阻器R2（最大阻值為10額定電流2.0A）G．電源（電動勢為6.0V，內(nèi)阻約為0.5）（1）實驗中所用的電流表應(yīng)選_________（填A(yù)1或A2）；電壓表應(yīng)選_________（填V1或V2）；滑動變阻器應(yīng)選___________（填R1或R2）。（2）在虛線框內(nèi)畫出實驗的電路圖。（3）經(jīng)過正確的操作，測得的數(shù)據(jù)如下表，請根據(jù)下表數(shù)據(jù)在下方坐標(biāo)系中描點畫出小燈泡的U—I曲線。。1234567891011U/V00.400.801.201.602.002.402.803.203.604.00I/A00.120.220.300.360.400.430.460.480.490.50參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【解析】試題分析：線圈繞垂直于磁場的軸線轉(zhuǎn)動會形成按正余弦規(guī)律變化的交流電，A中線圈轉(zhuǎn)動過程中，磁通量不發(fā)生變化，所以不會形成感應(yīng)電流，BCD均符合產(chǎn)生交流電的條件故選A考點：考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件【解析】【答案】A2、B【分析】解：速度是既有大小又有方向；相加時遵循平行四邊形定則的矢量，而質(zhì)量；路程、時間只有大小沒有方向，所以它們都是標(biāo)量．故ACD錯誤，B正確．

故選：B

既有大小又有方向；相加時遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力；速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，如路程、時間、質(zhì)量等都是標(biāo)量．

矢量與標(biāo)量要掌握它們的兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運算遵守代數(shù)加減法則．【解析】【答案】B3、C【分析】解：取兔子奔跑的速度方向為正方向。

根據(jù)動量定理得鈭?Ft=0鈭?mv

v=Ftm

由F=mg

得到v=mgtm=gt=2m/s

故選：C

以兔子為研究對象；它與樹樁碰撞過程中，水平方向受到樹對它的打擊力，速度減小至零，根據(jù)動量定理研究其速度．

本題應(yīng)用動量研究碰撞過程物體的速度.

對于打擊、碰撞、爆炸等變力作用過程，往往用動量定理研究作用力．【解析】C

4、B【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡移動問題，題目難度不大，注意通過改變體積濃度的變化判斷平衡移動的方向，此為解答該題的關(guān)鍵?！窘獯稹坎捎眉僭O(shè)法分析，假設(shè)rm{a=b}保持溫度不變，將容器體積增加一倍，平衡不移動，rm{A}和rm{B}的濃度應(yīng)均是原來的rm{dfrac{1}{2}}倍，但當(dāng)達(dá)到新的平衡時，rm{A}的濃度是原來的rm{60%}說明減小壓強(qiáng)平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動。

A.增大體積，壓強(qiáng)減小，平衡向逆反應(yīng)方向移動，則說明rm{a>b}故A錯誤；B.平衡時rm{A}的濃度是原來的rm{60%}大于原來的rm{dfrac{1}{2}}倍；說明平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動，故B正確；

C.平衡時rm{A}的濃度是原來的rm{60%}大于原來的rm{dfrac{1}{2}}倍，說明平衡向逆反應(yīng)反應(yīng)方向移動，故C錯誤；D.平衡應(yīng)向逆反應(yīng)方向移動，物質(zhì)rm{B}的質(zhì)量減小，混合物總質(zhì)量不變，所以物質(zhì)rm{B}質(zhì)量分?jǐn)?shù)減小，故D錯誤。故選B。

【解析】rm{B}5、C【分析】【解析】試題分析：電鍵閉合后有電流通過電表的表頭，則兩電表指針都會發(fā)生偏轉(zhuǎn)；改裝成電流表需并聯(lián)一電阻，改裝成電壓表需串聯(lián)一電阻，將改裝后的電流表和電壓表串聯(lián)接入電路中，因電流表并聯(lián)電阻的分流，通過電流表表頭的電流較小，電流表的指針的偏轉(zhuǎn)角小于電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角。故選C考點：電表的改裝【解析】【答案】C二、多選題(共7題，共14分)6、AB【分析】略【解析】AB

7、CD【分析】【分析】由圖示圖象求出物塊的加速度；然后應(yīng)用牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)，根據(jù)動摩擦因數(shù)判斷物塊能否下滑；根據(jù)圖示圖象求出物塊向上滑行的最大高度；應(yīng)用牛頓第二定律求出推力大小。

本題考查動力學(xué)知識與圖象的綜合，通過圖線求出勻加速和勻減速運動的加速度是解決本題的關(guān)鍵?！窘獯稹緼C.AC.由圖乙所示圖象可知，加速度：a1=?v?t=30.9m/s2=103m/s2，a2=?v?t=31.2鈭?0.9m/s2=10m/s2，

在勻減速直線運動過程中，由牛頓第二定律知：mgsin30鈭?+婁脤mgcos30鈭?=mamgsin30^{circ}+婁脤mgcos30^{circ}=ma22，解得：婁脤=33，

由于婁脤=tan婁脠=33，物塊到達(dá)CC點后將靜止在CC點不會下滑，故A錯誤，C正確；

B.由圖乙所示圖象可知，物塊向上滑行的最大距離：s=12隆脕3隆脕1.2m=1.8m，向上滑行的最大高度：h=ssin30鈭?=0.9mh=ssin30^{circ}=0.9m故B錯誤；

D.在勻加速運動階段，由牛頓第二定律得：F鈭?mgsin30鈭?鈭?婁脤mgcos30鈭?=maF-mgsin30^{circ}-婁脤mgcos30^{circ}=ma11，解得：F=4NF=4N故D正確。

故選CD。

【解析】CD

8、BCD【分析】【分析】布朗運動反映了液體分子的無規(guī)則運動，不能反映花粉分子的熱運動；液體表面存在表面張力，能使空氣的小雨滴呈球形；液晶具有各向異性的特點；高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)氣壓低的緣故；濕溫度計下端包有濕紗布，濕紗布上的水分要蒸發(fā)，蒸發(fā)是一種汽化現(xiàn)象，汽化要吸熱，所以濕溫度計的示數(shù)較低。本題重點要掌握布朗運動的實質(zhì)，液體表面張力的形成的原因，等基礎(chǔ)知識?！窘獯稹?/p>

A.布朗運動是懸浮在水中花粉的無規(guī)則運動；由于花粉是由大量花粉分子組成的，所以布朗運動不能反映了花粉分子的熱運動，故A錯誤；

B.空氣的小雨滴呈球形是水的表面張力；使雨滴表面有收縮的趨勢的結(jié)果，故B正確；

C.液晶像液體一樣具有流動性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點，故C正確；

D.干濕泡溫度計的濕泡顯示的溫度低于干泡顯示的溫度；主要是由于濕泡外紗布中的水蒸發(fā)吸熱，從而溫度降低的緣故，故D正確。

故選BCD?！窘馕觥緽CD

9、ABC【分析】解：由于質(zhì)子帶正電；因此則有：

A

選項中；磁場對粒子作用力為零，電場力與粒子運動方向在同一直線，方向不會發(fā)生偏移，AB正確．

C

選項中；電場力方向向上，洛倫茲力方向向下，當(dāng)這兩個力平衡時，粒子方向可以始終不變，C正確．

D

選項；電場力沿z

軸正方向，洛倫茲力沿z

軸正方向，兩力方向相同，兩力的合力與運動方向垂直，粒子將做曲線運動，D錯誤．

故選ABC．

根據(jù)各選項提供的電場方向和磁場方向；逐一分析各選項中的受力情況，分析電場力和磁場力的合力，即可判斷帶電粒子的運動情況．

該題考查了電場力和磁場力的方向的判斷，在判斷磁場力方向時，要會熟練的應(yīng)用左手定則；了解二力平衡的條件，會準(zhǔn)確的判斷二力是否能平衡是解決此類問題的關(guān)鍵．【解析】ABC

10、ABC【分析】解：A

根據(jù)左手定則知，導(dǎo)體棒開始所受的安培力方向水平向右，根據(jù)F=BIL

知，安培力在第一個T2

內(nèi)做勻加速直線運動，在第二個T2

內(nèi)；安培力方向水平向左，大小不變，做勻減速直線運動，根據(jù)運動的對稱性知，一個周期末速度為零，金屬棒的速度方向未變.

知金屬棒一直向右移動，先向右做勻加速直線運動，再向右做勻減速運動，速度隨時間周期性變化.

故A；B正確．

C；因為電流周期性變化；則安培力也周期性變化.

故C正確．

D；在一個周期內(nèi)；動能的變化量為零，則安培力在一個周期內(nèi)做功為零.

故D錯誤．

故選：ABC

．

根據(jù)左手定則判斷出安培力的方向；結(jié)合加速度方向與速度方向的關(guān)系判斷金屬棒的運動規(guī)律.

從而得出速度；安培力隨時間的變化規(guī)律．

解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的方向判斷，會根據(jù)金屬棒的受力情況判斷其運動情況是解決本題的基礎(chǔ)．【解析】ABC

11、BD【分析】解：A

海市蜃樓是由光的折射；導(dǎo)致光線偏離出現(xiàn)的現(xiàn)象，并滿足全反射條件，因此是光的全反射現(xiàn)象，故A錯誤；

B；泊松亮斑是光射到不透明的小圓盤；屏上中心處出現(xiàn)亮斑，則說明光偏離直線傳播，屬于光的衍射，因此具有波動性，故B正確；

C；調(diào)制有調(diào)幅與調(diào)頻兩種；圖為調(diào)頻，故C錯誤；

D；測量兩垂直光的光速差值的一項著名的物理實驗.

但結(jié)果證明光速在不同慣性系和不同方向上都是相同的；由此確定了光速不變原理，故D正確；

故選BD

海市蜃樓是光的全反射現(xiàn)象；泊松亮斑說明光偏離直線傳播；調(diào)制分為調(diào)頻與調(diào)幅兩種；莫雷實驗證實了光速不變原理．

考查光的全反射條件、光的衍射現(xiàn)象，并知道調(diào)制的兩種方式．【解析】BD

12、BD【分析】解：A

電場強(qiáng)度的大小與試探電荷的電量無關(guān)；q

減半，則該處場強(qiáng)不變，故A正確．

B、E=kQr2

適用于點電荷的場強(qiáng)，當(dāng)某點與點電荷Q

間距離r隆煤0

時；該電荷不能看成點電荷，該公式不再適用，故B錯誤．

C、由E=kQr2

知，在以Q

為球心、r

為半徑的球面上；各處場強(qiáng)大小相等，故C正確．

D、在E=Ud

中；d

表示兩點沿電場線方向的距離，不一定是兩點的距離，故D錯誤．

本題選錯誤的；故選：BD

．

E=Fq

為電場強(qiáng)度的定義式，適用于一切電場，E=kQr2

是點電荷的場強(qiáng)公式，適用于點電荷產(chǎn)生的電場，E=Ud

適用于勻強(qiáng)電場的計算；注意d

表示兩點沿電場線方向上的距離．

明確電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)；場強(qiáng)公式E=Fq

是采用比值法下的定義是解題的關(guān)鍵.

知道E=FqE=kQr2E=Ud

三個公式的適用條件．【解析】BD

三、填空題(共9題，共18分)13、正【分析】【解答】向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在下方產(chǎn)生的磁場方向向里，則N極轉(zhuǎn)向里，S極轉(zhuǎn)向外．

故答案為：正。

【分析】小磁針N極受力方向與磁場方向相同．電流方向與正電荷定向移動方向相同，與負(fù)電荷定向移動方向相反．根據(jù)安培定則，將選項逐一代入檢查，選擇符合題意的選項．14、略

【分析】解：電場力水平向左；但電荷帶負(fù)電，負(fù)電荷電場力方向與電場線方向相反，故電場強(qiáng)度方向向右．

由平衡條件：

Tsin30°=qE

Tcos30°=mg

聯(lián)立兩方程得：

E==1.73×107N/C

故答案為：水平向右；，1.73×107．

小球受重力；電場力、拉力．根據(jù)電場力的方向確定電場強(qiáng)度的方向．

根據(jù)共點力平衡求出電場力的大?。俑鶕?jù)E=求出電場強(qiáng)度的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵知道電場強(qiáng)度的方向與正電荷所受電場力方向相同，與負(fù)電荷所受電場力方向相反．以及會正確進(jìn)行受力分析，利用共點力平衡求解力．【解析】水平向右；1.73×10715、略

【分析】

（1）閉合開關(guān)之前，為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在電阻的阻值最大處，故滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在b處；

（2）電流表和電壓表的選擇要保證安全和讀數(shù)時指針的偏轉(zhuǎn)大約在～之間，干電池1節(jié)，電壓1.5V，故電壓表應(yīng)選擇量程為3V的；在該實驗中，一般要求電流最大不超過1A左右，故應(yīng)選擇0.6A的電流表；電流值在0.1～0.6A之間變化時，電路中的電阻約為：故選擇50Ω的滑動變阻器較為合適；另外還要選擇干電池和電建和導(dǎo)線．故該實驗應(yīng)選擇的器材是ABDFH；

（3）在圖線中，圖線與縱軸的交點就是所要測量的電動勢，讀數(shù)為1.5V；內(nèi)電阻可以使用公式：

故答案為：b；ABDFH；1.5V；1.0Ω．

【解析】【答案】（1）閉合開關(guān)之前；為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭P應(yīng)放在電阻的阻值最大處，以保證電路的安全；

（2）電流表和電壓表的選擇要保證安全和讀數(shù)時指針的偏轉(zhuǎn)大約在～之間；

（3）在圖線中，圖線與縱軸的交點就是所要測量的電動勢，內(nèi)電阻可以使用公式：進(jìn)行計算．

16、略

【分析】

小球從2m高處為起點自由下落；被地板彈回后在離地面0.5m處被接住，終點離地面0.5m故物體的位移為1.5m，因為經(jīng)地板彈回，落回地板時路程2m，又反彈0.5m，故全程的路程為2+0.5m=2.5m．

故答案為：2.5；1.5．

【解析】【答案】位移是物體位置的移動；由物體初末位置決定，路程是物體運動軌跡的長度，由運動軌跡決定．

17、略

【分析】試題分析：假設(shè)q1帶負(fù)電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶負(fù)電；假設(shè)q1帶正電，要使q2平衡則q3也應(yīng)帶正電，但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都帶負(fù)電荷．由于三個電荷均處于平衡狀態(tài)，由庫侖定律建立如下平衡式：對q1：對q2：對q3：解得：q1：q2：q3=考點：庫侖定律，共點力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】負(fù)，18、略

【分析】解：重力做功為：WG=-mgh=100×10×3=-3×103J；

負(fù)號說明克服重力做功為3×103J；

斜面與水平面夾角的正弦值sinθ=

則余弦值為：cosθ=

摩擦力大小為：f=μmgcosθ=0.1×100×10×=80N；

則摩擦力做功為：Wf=-fL=-80×5=-400J；

根據(jù)動能定理可知：WF+Wf+WG=0

解得拉力做功為：WF=3.4×103J；

故答案為：3×103；-400；3.4×103；

根據(jù)功的計算方法可分別求出重力的功和摩擦力的功；再根據(jù)動能定理可求出拉力的功．

本題考查動能定理的應(yīng)用，要注意明確合力的功為各力做功的代數(shù)和，在計算時一定注意各功的正負(fù)，不要在符號上出現(xiàn)問題．【解析】3×103；-400；3.4×10319、略

【分析】解：當(dāng)某測電筆上的氖管兩端所加電壓達(dá)到86.7V時即開始發(fā)光；低于該電壓時熄滅．

若把此氖管接在電壓U=71V，電壓最大值為71V；

頻率f=50Hz；周期T=0.02s；

一個周期內(nèi)發(fā)光兩次；所以每秒內(nèi)閃光的次數(shù)n=100次；

故答案為：100．

根據(jù)電壓必須達(dá)到86.7V以上才能發(fā)光；根據(jù)瞬時表達(dá)式求出周期及頻率，求出一個周期內(nèi)發(fā)光的次數(shù)，進(jìn)而可以求得通電1s內(nèi)，氖管發(fā)光的次數(shù)．

本題考查了交流電表達(dá)式的靈活應(yīng)用，寫出交流電的表達(dá)式，靈活應(yīng)用數(shù)學(xué)知識即可正確解答．【解析】10020、（1）①（2）×1②（3）28【分析】【分析】(1)

明確多用電表的使用方法；知道在使用前應(yīng)觀察指針是否在左側(cè)零刻度處，如不在應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；

(2)

用歐姆表測電阻時；歐姆表指針應(yīng)指在歐姆表刻度盤中央附近，根據(jù)待測電阻阻值選擇合適的擋位，并進(jìn)行歐姆調(diào)零；

(3)

根據(jù)指針位置得出讀數(shù)，再乘以檔位即可得出最終的讀數(shù)。本題利用多用電表測量電阻，要注意掌握多用電表的使用方法，掌握機(jī)械調(diào)零和歐姆調(diào)零，同時注意如何選擇合適的檔位，并進(jìn)行讀數(shù)，注意明確每次換檔均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零?！窘獯稹?1)

由圖甲可知；電表指針沒有指在左側(cè)零刻度處，故應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故應(yīng)用螺絲刀調(diào)節(jié)旋鈕壟脵

(2)

由圖乙可知；測量電阻時指針偏轉(zhuǎn)較大，表盤上示數(shù)偏小，則說明所選檔位太大，故應(yīng)換用小檔位，故選：隆脕1

同時每次換檔后均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零，故將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指到右側(cè)零刻度處；

(3)

由圖可知；電阻R=28隆脕1=28婁賂

故填：(1)壟脵(2)隆脕1壟脷(3)28

【解析】(1)壟脵(1)壟脵(2)隆脕1(2)隆脕1壟脷壟脷(3)28(3)2821、略

【分析】解：根據(jù)幾何知識可知，入射角i=60鈭?

折射角r=45鈭?

根據(jù)折射定律得：

n=sinisinr=sin60鈭?sin45鈭?=62

光在液體中傳播的速度為：v=cn

光線射到底面時傳播的距離為：S=hcosr=2h

所以進(jìn)入液體的光線射到底面所需的時間：t=Sv=2nhc=2隆脕62隆脕13隆脕108=33隆脕10鈭?8s

故答案為：6233隆脕10鈭?8

．

由題圖知入射角i=60鈭?

折射角r=45鈭?

根據(jù)折射定律求解該液體的折射率；由幾何知識求出光在液體中傳播的距離S

由v=cn

求出光在液體中傳播的速度v

根據(jù)公式t=Sv

求出傳播的時間．

本題是幾何光學(xué)中基本問題，是折射定律和光速公式的應(yīng)用，要注意入射角和折射角都是指光線與光線的夾角，不是與界面的夾角．【解析】6233隆脕10鈭?8

四、判斷題(共1題，共2分)22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．五、實驗探究題(共4題，共36分)23、略

【分析】解：（1）小球平拋運動的時間相等，t=a球與b球不碰撞，落在B點，則速度：a球與b球碰撞后，a球落在A點，b球落在C點；則碰后a球的速度：

b球的速度：

本實驗驗證mav0=mav1+mbv2，即：所以需要測量兩球的質(zhì)量和記錄紙上O點到兩小球的平均落點位置A；B、C的距離，故A、F正確．

故選：AF．

（2）a小球和b小球相撞后，b小球的速度增大，a小球的速度減小，所以碰撞后a球的落地點距離O點最近，b小球離O點最遠(yuǎn)，中間一個點是未放b球時a的落地點，所以相碰后，小球a、b的平均落點位置依次是圖中A；C點．

（3）由于小球小球平拋運動的高度相同；因此時間相等，設(shè)時間為t，則a球碰前的速度為：

a球與b球碰撞后，a球落在A點，b球落在C點，則碰后a球的速度：b球的速度：

若滿足：則兩球碰撞過程中機(jī)械能守恒，即需要驗證：=是否成立，即可驗證兩球碰撞過程中機(jī)械能是否守恒．

故答案為：（1）AF；（2）A，C；（3）．

（1）根據(jù)平拋運動的特點求出碰撞前后兩個小球的速度；從而得出動量守恒的表達(dá)式，確定所需測量的物理量．

（2）小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大；小球a的速度減小，都做平拋運動，由平拋運動規(guī)律不難判斷出各自做平拋運動的落地點．

（3）平拋運動的時間由豎直高度決定；因此在高度一定的情況下，水平距離表示速度大小，然后根據(jù)碰前動能等于碰后動能可以得出需要驗證的表達(dá)式．

驗證動量守恒定律中，要學(xué)會在相同高度下，由水平射程來間接測出速度的方法，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．【解析】AF；A；C；24、BCFH0.971.50【分析】解：（1）為減小實驗誤差；應(yīng)選擇適當(dāng)長些的非彈性細(xì)線做擺線，為減小實驗誤差應(yīng)選擇質(zhì)量大而體積小即密度大的球做擺球；

則擺線應(yīng)選擇B；長1m左右的細(xì)棉線；擺球應(yīng)選擇C、帶細(xì)孔的直徑2cm左右的鐵球；測量時間需要F、秒表，測量擺長需要H、最小刻度是毫米的米尺；

（2）由圖示游標(biāo)卡尺可知；其示數(shù)為：9mm+7×0.1mm=9.7mm=0.97cm；

由圖示秒表可知，其示數(shù)：t=60s+15.2s=75.2s，單擺的周期：T=≈1.50s；

故答案為：（1）BCFH；（2）0.97；1.50。

（1）為減小實驗誤差；應(yīng)選擇適當(dāng)長些的非彈性細(xì)線做擺線，為減小實驗誤差應(yīng)選擇質(zhì)量大而體積小即密