2023年高考真題-海南物理-解析

2023年海南省普通高等學(xué)校招生選擇性考試

物理

一、單項(xiàng)選擇題，每題3分，共24分

1.社元素衰變時(shí)會(huì)放出』粒子，其中夕粒子是（）

A.中子B.質(zhì)子C.電子D.光子

【答案】C

【詳解】放射性元素衰變時(shí)放出的三種射線a、小y分別是氮核流、電子流和光子流。

故選C。

2.如圖所示，帶正電的小球豎直向下射入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)和受力說法正確的是（）

-------------------------

XXIXX

B|

XXvXX

XXXX

A.小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右B.小球運(yùn)動(dòng)過程中的速度不變

C.小球運(yùn)動(dòng)過程的加速度保持不變D.小球受到的洛倫茲力對(duì)小球做正功

【答案】A

【詳解】

A.依據(jù)左手定則，可知小球剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的洛倫茲力水平向右，A正確；

BC.小球受洛倫茲力和重力的作用，則小球運(yùn)動(dòng)過程中速度、加速度大小，方向都在變，BC錯(cuò)誤；

D.洛侖茲力永不做功，D錯(cuò)誤。

故選A。

3.如圖所示，工人利用滑輪組將重物緩慢提起，下列說法正確的是（）

A.工人受到的重力和支持力是一對(duì)平衡力

B.工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力

C.重物緩慢拉起過程，繩子拉力變小

D.重物緩慢拉起過程，繩子拉力不變

【答案】B

【詳解】AB.對(duì)人受力分析有

因此有A+Fr=〃?g,其中工人對(duì)繩的拉力和繩對(duì)工人的拉力是一對(duì)作用力與反作用力，A錯(cuò)誤、B正確;

CD.對(duì)滑輪做受力分析有

因此有耳=一絲一，所以隨著重物緩慢拉起過程，。逐漸增大，F(xiàn)T逐漸增大，CD錯(cuò)誤。

2cos。

故選Bo

4.下面上下兩圖分別是一列機(jī)械波在傳播方向上相距6m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)P、Q的振動(dòng)圖像，下列說法正確的是（）

Q

A.該波的周期是5sB.該波的波速是3m/s

C.4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)D.4s時(shí)。質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)

【答案】C

【詳解】

A.據(jù)振動(dòng)圖像可看出該波的周期是4s,A錯(cuò)誤；

B.由于。、P兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)反相，因此可知兩者間距離等于（〃+g）/l=6,n=0,1,2,-

23

根據(jù)u=—=—:——，n=0,1,2,???

T2〃+】

B錯(cuò)誤；

C.據(jù)尸質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向上振動(dòng)，C正確；

D.據(jù)Q質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像可看出，在4s時(shí)Q質(zhì)點(diǎn)在平衡位置向下振動(dòng)，D錯(cuò)誤。

故選C。

5,下列關(guān)于分子力和分子勢(shì)能的說法正確的是（）

o---2----

A.分子「瓦距離大于也時(shí)，分子間表現(xiàn)為斥力

B.分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離m處過程中分子勢(shì)能變大

C.分子勢(shì)能在4處最小

D.分子間距離小于小且減小時(shí)，分子勢(shì)能在減小

【答案】C

【詳解】

據(jù)圖分析，分子間距離大于皿分子間表現(xiàn)為引力，分子從無(wú)限遠(yuǎn)靠近到距離加處過程中，引力做正功，分子勢(shì)

能減小，因此在川處分子勢(shì)能最??；繼續(xù)減小距離，分子間表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大。

故選C。

6.汽車測(cè)速利用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，汽車可簡(jiǎn)化為一個(gè)矩形線圈出山/,埋在地下的線圈分別為1、2,通上順時(shí)針（俯

視）方向電流，當(dāng)汽車經(jīng)過線圈時(shí)（）

A.線圈1、2產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上

B.汽車進(jìn)入線圈1過程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)榍鷆d

C.汽車離開線圈1過程產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)槿浴?/p>

D.汽車進(jìn)入線圈2過程受到的安培力方向與速度方向相同

【答案】C

【詳解】

A.據(jù)圖分析可知，埋在地下的線圈1、2通順時(shí)針（俯視）方向的電流，因此根據(jù)右手定則，可知線圈1、2產(chǎn)生

的磁場(chǎng)方向豎直向下，A錯(cuò)誤；

B.汽車進(jìn)入線圈1過程中，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍dM（逆時(shí)針），B錯(cuò)誤；

C.汽車離開線圈1過程中，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)椤?（順時(shí)針），C正確；

D.汽車進(jìn)入線圈2過程中，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcb（逆時(shí)針），再根據(jù)左手定

則，可知汽車受到的安培力方向與速度方向相反，D錯(cuò)誤。

故選C。

7.如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為G閉合開關(guān)K,待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷

量為（）

【詳解】電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，因此整個(gè)回路可看成3R、2R的串聯(lián)部分與R、4R的串聯(lián)部分并聯(lián)，

E2E

若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為9上=丁?2/?二-電容器下極板的電勢(shì)為

5R5

p4F2F2

^.=—.4/?=—,因此電容兩端的電壓U下上二三，則電容器上的電荷量為。=。。上下二三位。

故選C。

8.如圖所示，一光滑絕緣軌道水平放置，直徑上有A、8兩點(diǎn)，A0=2cm,OB=4cm,在AB固定兩個(gè)帶電量分別

為。八。2的正電荷，現(xiàn)有一個(gè)帶正電小球靜置于軌道內(nèi)側(cè)P點(diǎn)（小球可視為點(diǎn)電荷），已知4P：BP=n：1,試求

Q”。2是多少（）

A.2〃2：1B.4/：1C.2〃3：1D.4〃3：1

【答案】C

【詳解】對(duì)小球受力分析如圖所示

AP.A5Oc，同理有----B-p----=——B-O-其中吊二O%u/，F(xiàn)e=k”O(jiān)a

sin（萬(wàn)一NP°B）sinZAPOsinZPOBsin/BPO'AP2BBP2

聯(lián)立解得Ql：02=2〃3：1。

故選C。

二、多項(xiàng)選擇題，每題4分，共20分

9.如圖所示，1、2軌道分別是天宮二號(hào)飛船在變軌前后的軌道，下列說法正確的是（）

/‘2、''、、

//...、、、'、

:/'1\\、

O

A.飛船從1軌道變到2軌道要點(diǎn)火加速B.飛船在1軌道周期大于2軌道周期

C.飛船在1軌道速度大于2軌道D.飛船在1軌道加速度大于2軌道

【答案】ACD

【詳解】

A.飛船從較低的軌道1進(jìn)入較高的軌道2要進(jìn)行加速做離心運(yùn)動(dòng)才能完成，A正確；

由舊V2442GM

BCD?根據(jù)G—z-=m—=m——r=ma，可每a=;~，可知飛船在軌道1的

r2rT2r2怦f舟

周期小于在軌道2的周期，在軌道1的速度大于在軌道2的速度，在軌道1的加速度大于在軌道2的加速度，B錯(cuò)

誤，CD正確。

故選ACDo

10.己知一個(gè)激光發(fā)射器功率為尸，發(fā)射波長(zhǎng)為；I的光，光速為c,普朗克常量為力，則（）

B.光子的能量為劣

A.光的頻率為彳

AA

c.光子的動(dòng)量為4D.在時(shí)間f內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)為當(dāng)

【答案】AC

【詳解】

光的頻率）/=￡

A.A正確;

2

B.光子的能量七二/也二二，B錯(cuò)誤;

A

h

C.光子的動(dòng)量pIC正確;

PlPfl

D.在時(shí)間，內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)〃=—=1一，D錯(cuò)誤。

Ehe

故選AC。

11.下圖是工廠利用〃=220&sinl00RV的交流電給36V照明燈供電的電路，變壓器原線圈匝數(shù)為1100匝，下

A.電源電壓有效值為220&VB.交變電流的周期為0.02s

C.副線圈匝數(shù)為180匝D.副線圈匝數(shù)為240匝

【答案】BC

【詳解】

A.電源電壓的有效值（7=必較V=220V,A錯(cuò)誤；

加

B.交流電的周期T=』=」-s=0.02s,B正確；

co100"

n,U,U-,36.__

CD.根據(jù)一L二;六，可得副線圈匝數(shù)〃2=于勺==x110°=18°匝，c正確，D錯(cuò)誤。

4U?U[220

故選BCo

12.如圖所示，正三角形三個(gè)頂點(diǎn)固定三個(gè)等量電荷，其中43帶正電，。帶負(fù)電，0、M、N為A8邊的四等分

點(diǎn)，下列說法正確的是（）

OC

A—?—■~-~-_R

A.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相同

C.負(fù)電荷在加點(diǎn)電勢(shì)能比在。點(diǎn)時(shí)要小D.負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能比在。點(diǎn)時(shí)要大

【答案】BC

【詳解】

A.根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)疊加以及對(duì)稱性可知，MN兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相同，但是方向不同，A錯(cuò)誤;

B.因在4B處的正電荷在MN兩點(diǎn)的合電勢(shì)相等，在C點(diǎn)的負(fù)電荷在MN兩點(diǎn)的電勢(shì)也相等，因此MN兩點(diǎn)電勢(shì)相

等，B正確；

CD.因負(fù)電荷從M到0,因AB兩電荷的合力對(duì)負(fù)電荷的庫(kù)侖力從。指向M,則該力對(duì)負(fù)電荷做負(fù)功，C點(diǎn)的負(fù)

電荷也對(duì)該負(fù)電荷做負(fù)功，可知三個(gè)電荷對(duì)該負(fù)電荷的合力對(duì)其做負(fù)功，因此該負(fù)電荷的電勢(shì)能增加，即負(fù)電荷在

"點(diǎn)的電勢(shì)能比在。點(diǎn)??；同理可知負(fù)電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在O點(diǎn)小。C正確，D錯(cuò)誤。

故選BCO

13.如圖所示，質(zhì)量為s，帶電量為+4的點(diǎn)電荷，從原點(diǎn)以初速度%射入第一象限內(nèi)的電磁場(chǎng)區(qū)域，在

O<y<^O<x<xo（v為為已知）區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在1>七區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，控制電場(chǎng)強(qiáng)度（￡值有多種可能），可讓粒子從NP射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)打到接收器MN上，則（）

A.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度滿足石=為孕

qx。

B.粒子從NP中點(diǎn)射入磁場(chǎng)時(shí)速度為%

粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心到NM的距離為絲1

C.

qB

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓周半徑最大值是嗎

D.

qB

【答案】AD

【詳解】

A.若粒子打到PN中點(diǎn)，因此%=%4，!%=??一,可解得七二竺噢，A正確;

22mq%

則有&=上4,速度4==生&；+尤,B錯(cuò)誤;

B.粒子從PN中點(diǎn)射出時(shí),

%

C.粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度方向與豎直方向夾角為仇則有年備嗡

m%

粒子從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度。=一工粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則/8=〃71，因此粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做圓

sin?r

周運(yùn)動(dòng)的圓心到MN的距離為〃=F。58，解得1=4乜，C錯(cuò)誤；

州)

D.當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)有最大運(yùn)動(dòng)半徑時(shí)，注入磁場(chǎng)的速度最大，因此此時(shí)粒子從N點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，此時(shí)豎直最大速

度七—>%=%匚出離電場(chǎng)的最大速度％

因此由夕陽(yáng)二Q1,可得最大半徑〃=嗎=蜉,D正確;

rqBqB

故選ADo

14.用激光測(cè)玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚與屏尸平行放置，從另一側(cè)用激光筆以一定角度照射，此時(shí)在屏上的

Si處有激光點(diǎn)，移走玻璃磚，光點(diǎn)移到S2處，回答下列問題:

(1)請(qǐng)畫出激光束經(jīng)玻璃折射后完整的光路圖

(2)已經(jīng)測(cè)出A8=/i,0A=/2,SS=h,則折射率〃=(用人、，2、人表示);

(3)若改用寬時(shí)更小的玻璃徜做實(shí)驗(yàn)，則SS2間的距離會(huì)(填“變大”“變小”或“不變”

③.變小

【詳解】

(1)根據(jù)題意分析畫出光路圖如下圖所示:

(2)設(shè)光線入射角為。、折射角為a,則在C點(diǎn)根據(jù)折射定律有〃sin。=sina,根據(jù)射入玻璃磚的入射角是射出玻

sina=,Z,

璃病的折射角，因此有SS2=C8,根據(jù)幾何關(guān)系可知sin。=

Ja-4)2師’

聯(lián)立解得”真霹

(3)如果改用寬時(shí)更小的玻璃磚做實(shí)驗(yàn)，因此畫出光路圖如下

可看出$S2間的距離變小。

15.用如圖所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為lOOgA,內(nèi)阻約為2000C的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V,

有兩個(gè)電阻箱可選，R\(0?9999.9Q),后(99999.9Q)

(1)Rw應(yīng)選,即應(yīng)選

(2)根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整

（3）下列操作順序合理排列是：

①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將心調(diào)至最大值；

②閉合開關(guān)S2,調(diào)節(jié)RM,使微安表半偏，并讀出RM阻值；

③斷開S2,閉合Si,調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏：

④斷開Si、S2,拆除導(dǎo)線，整理好器材

（4）如圖是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為,該測(cè)量值（填“大于”、“小于”、

“等于"）真實(shí)值。

（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為V（保留3

（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，Sn斷開，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻

箱R”，使電表半偏時(shí)讀出R”，若認(rèn)為。尸間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為（用以八年表示）

【答案】①.R②.&(3).④.①③1998.0Q

RNRM

⑥?小于⑦.1.28?.

%一RM

【詳解】

(1)根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，R”與Q相當(dāng)，當(dāng)閉合S2之后，變阻器上方的電流應(yīng)基本不變，就需要心較大,

對(duì)下方分壓電路影響甚微。因此RM應(yīng)選Ri,RN應(yīng)選R2。

(2)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖有

(3)根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)為:

①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將心調(diào)至最大值;

③斷開S2,閉合Si,調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏;

②閉合開關(guān)S2,調(diào)節(jié)RM,使微安表半偏，并讀出Rw陽(yáng)值;

④斷開S3S2,拆除導(dǎo)線，整理好器材。

(4)根據(jù)R“調(diào)節(jié)后面板讀數(shù)為1998.0Q。當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路

I—

R右

R左

閉合S2后,相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值,變小了，則流過RN的電流大于原來(lái)的電流，則流過RM的電流大于上，

2

因此待測(cè)表頭的內(nèi)阻的測(cè)量值小于真實(shí)值。

(5)將該微安表改裝成量程為2V的電壓表，因此需要串聯(lián)一個(gè)電阻Ro,則有U=/g(%+Ro)

此時(shí)的電壓讀數(shù)有"二P(Rg+Ro),其中U=2V,人=IOORA,P=64|iA,聯(lián)立解得。=1.28V

I±R\,"R、RM

(6)根據(jù)題意分析OP間電壓不變，可得/(R||Rj—(/I2)R\,I'RJ解得仆=R

2HM21

16.某飲料瓶?jī)?nèi)密封一定質(zhì)量理想氣體，1=27℃時(shí)，壓強(qiáng)p=1.050xl05pa。

(1)f'=37℃時(shí)，氣壓是多大？

(2)保持溫度不變，擠壓氣體，使之壓強(qiáng)與(1)時(shí)相同時(shí)，氣體體積為原來(lái)的多少倍?

【答案】(1)1.085xl05Pa；(2)0.97

【詳解】

(1)瓶?jī)?nèi)氣體的始末狀態(tài)的熱力學(xué)溫度分別為7=(27+273)K=300K,T'=(37+273)K=310K

溫度變化過程中體積不變，故由查理定律有彳=素;，解得〃'=1.085、10中@。

(2)保持溫度不變，擠壓氣體，等溫變化過程，由玻意耳定律有〃V=〃'V',蟀得V'QO.97U。

17.如圖所示，形金屬桿上邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=15cm,質(zhì)量為/n=lxl(r3kg,下端插入導(dǎo)電液體中，導(dǎo)電液體連接電源，

金屬桿所在空間有垂直紙面向里3=8x10-2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。

(1)若插入導(dǎo)電液體部分深內(nèi)=2.5cm,閉合電鍵后，金屬桿飛起后，其下端離液面高度”=10cm,設(shè)桿中電流

不變，求金屬桿離開液面時(shí)的速度大小和金屬桿中的電流有多大；(g=10m/s2)

(2)若金屬桿下端剛與導(dǎo)電液體接觸，改變電動(dòng)勢(shì)的大小，通電后金屬桿跳起高度H'=5cm,通電時(shí)間Z'=0.002s,

求通過金屬桿截面的電荷量。

XXXXXXXX

B

(1)對(duì)金屬桿，跳起的高度為H,豎直上拋運(yùn)動(dòng)由運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式2g”，解得u=^M=J5m/s,通電過程

金屬桿收到的安培力大小為&=8〃，由動(dòng)能定理得W〃2—"zg(〃+/z)=0,解得/=4.17A。

(2)對(duì)金屬桿，通電時(shí)間，=0.002s,根據(jù)動(dòng)量定理有(B/'L-mg)r=〃n/-O,

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式y(tǒng)'2=2g〃'，通過金屬桿截面的電荷量夕=/，，聯(lián)立解得夕=0.0B5C。

，8-如圖所示’有一固定的光滑;圓弧軌道'半徑R=02m’一質(zhì)量為/=1kg的小滑塊B從軌道頂端滑下'在其

沖上長(zhǎng)木板C左端時(shí)，給木板?個(gè)與小滑塊相同的初速度，已知砥：=3kg,B、C間動(dòng)摩擦因數(shù)從=0.2,C與地

面間的動(dòng)摩擦因數(shù)也=0.8,C右端有一個(gè)擋板，C長(zhǎng)為七。

求：

(1)B滑到A的底端時(shí)對(duì)A的壓力是多大？

(2)若B未與C右端擋板碰撞，當(dāng)B與地面保持相對(duì)靜止時(shí)，B、C間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少？

(3)在0.16mvLv0.8m時(shí)，B與C右端擋板發(fā)生碰撞，且碰后粘在--起，求B從滑上C到最終停止所用的時(shí)

(1)滑塊下滑到軌道底部，有叫g(shù)R=g〃％4—0，可解