2025年華師大新版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版必修3物理下冊月考試卷740考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，兩電荷量分別為和的點電荷固定在直線上，兩者相距為L，以點電荷所在位置為圓心、為半徑畫圓，是圓周上四點，其中在直線上，兩點連線垂直于下列說法正確的是（）

A.兩點的電場強度相同B.兩點的電勢相同C.a點的電勢高于b點的電勢D.a點的電場強度小于b點的電場強度2、關(guān)于電荷下列說法錯誤的是（）A.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍B.元電荷的值通常取作e＝1.60×10－19CC.電子和質(zhì)子就是元電荷D.點電荷是一種理想化模型，實際不存在3、如圖所示，一傾角為30的粗糙絕緣斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和頂端B分別固定等量的同種負(fù)電荷。質(zhì)量為m、帶電荷量為?q的物塊從斜面上的P點由靜止釋放，物塊向下運動的過程中經(jīng)過斜面中點O時速度達到最大值vm，運動的最低點為Q（圖中沒有標(biāo)出）；則下列說法正確的是（）

A.P、Q兩點場強相同B.UPO=UOQC.P到Q的過程中，物體先做加速度減小的加速，再做加速度增加的減速運動D.物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)4、圖（a）為示波管的原理圖．如果在電極之間所加的電壓圖按圖（b）所示的規(guī)律變化，在電極之間所加的電壓按圖（c）所示的規(guī)律變化；則在熒光屏上會看到的圖形是。

A.B.C.D.5、智能手機耗電量大；移動充電寶應(yīng)運而生，它是能直接給移動設(shè)備充電的儲能裝置．充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之間（包括移動電源和被充電池的線路板；接頭和連線的損耗）．如圖為某一款移動充電寶，其參數(shù)見如表，下列說法正確的是。

容量

20000mAh

兼容性

所有智能手機

邊充邊放

否

保護電路

是

輸入

DC5V2AMAX

輸出

DC5V0.1-2.5A

尺寸

156*82*22mm

轉(zhuǎn)換率

0.60

產(chǎn)品名稱

索揚SY10-200

重量

約430g

A.充電寶充電時將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B.該充電寶最多能儲存能量為3.6×106JC.該充電寶電量從零到完全充滿電的時間約為2hD.該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機充電，則理論上能充滿4次6、如圖所示，匝數(shù)為N、面積為S的閉合線圈abcd水平放置，與磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場夾角為現(xiàn)將線圈以ab邊為軸順時針轉(zhuǎn)動則該過程中線圈的磁通量變化量的大小為（）

A.NBSB.BSC.NBSD.BS評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為（）的粒子以速度從連線上的P點水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強電場中。已知與水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，則粒子到達連線上的某點時（）

A.所用時間為B.速度大小為C.與P點的距離為D.速度方向與豎直方向的夾角為30°8、如圖所示的電路；閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變大，電壓表讀數(shù)變小B.小燈泡L變亮C.電源的總功率先變大后變小D.電容器C上電荷量變小9、兩正；負(fù)點電荷周圍電場線分布如圖；取無窮遠處電勢為零，則（）

A.正電荷由P靜止釋放能運動到QB.電荷在P的加速度大于在Q的加速度C.負(fù)電荷在P的電勢能高于在Q的電勢能D.負(fù)電荷從P移動到Q，其間必有一點電勢能為零10、如圖所示電路中，C為電容器，R1為0～99.99Ω的電阻箱，電源內(nèi)阻r＝5Ω，定值電阻R2＝2Ω，R3＝R4＝5Ω?，F(xiàn)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R1使其電阻從零逐漸增至最大；在此過程中（??）

A.電容器的a板先帶正電后帶負(fù)電B.電容器的a板先帶負(fù)電后帶正電C.電源的輸出功率先增大后減小D.電容器兩板間的電壓先增大后減小11、如圖所示，已知電源電動勢E＝2V，電源內(nèi)阻r＝0.5Ω，小燈泡電阻R0＝2Ω，滑動變阻器R最大阻值為10Ω．當(dāng)開關(guān)閉合后；調(diào)節(jié)滑動變阻器，設(shè)燈泡電阻不隨溫度變化而變化，則()

A.當(dāng)滑動變阻器阻值調(diào)至0.5Ω時，電源輸出功率最大B.當(dāng)滑動變阻器阻值調(diào)至1.5Ω時，燈泡最亮C.當(dāng)滑動變阻器阻值逐漸減小時，電源輸出功率逐漸增大D.當(dāng)滑動變阻器阻值調(diào)至2.5Ω時，滑動變阻器的電功率最大12、2021年4月28日；在全運會田徑測試賽女子撐桿跳高的決賽中，選手徐惠琴以4米50的成績獲得冠軍。若不計空氣阻力，則（）

A.徐惠琴在撐桿的過程中桿對她的彈力與她對桿的壓力大小相等B.徐惠琴在撐桿上升過程中，她始終處于超重狀態(tài)C.徐惠琴在上升過程中撐桿的彈性勢能轉(zhuǎn)變?yōu)檫\動員的機械能D.徐惠琴落到軟墊后一直做減速運動評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖所示，有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的粒子，從極板左側(cè)中央以相同的水平速度v先后垂直地射入勻強電場中．分別落在正極板的a、b、c處，粒子所受重力不能忽略，則可知粒子a、b、c三個粒子在電場中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________電（填“帶正電”、“帶負(fù)電”或“不帶電”）

14、如圖所示，AB、CD為一水平圓周上兩條相互垂直的直徑，O點為該圓的圓心．將電流強度都為I的兩通電直導(dǎo)線M、N垂直圓面分別放置在圓周上，其位置關(guān)于AB對稱且距離等于圓的半徑，其中導(dǎo)線M中電流流向紙內(nèi)，導(dǎo)線N中電流流向紙外，現(xiàn)要使O點的磁感應(yīng)強度為零，可加一平行于圓面的勻強磁場，則該磁場方向為_________；或在圓周_______點上再垂直放置一電流大小方向合適的通電直導(dǎo)線。15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－8C的正點電荷，則A處場強大小EA=______N/C，B處的場強大小EB=______N/C.

16、電阻率：

（1）物理意義：反映了材料導(dǎo)電性能的好壞，電阻率越___________；表示這種材料的導(dǎo)電性能越好。

（2）決定因素：導(dǎo)體的材料和___________。

（3）金屬的電阻率：隨溫度的升高而___________。

（4）超導(dǎo)現(xiàn)象：某些材料當(dāng)溫度特別低時，電阻可以降到___________的現(xiàn)象。17、某同學(xué)將一個帶電量為0.1C的正點電荷放入勻強電場中，測得其受到的電場力大小為lN，方向水平向左，則此電場的電場強度大小為______N/C，方向______（填“水平向左”或“水平向右”）。若將另一點電荷放人該電場中，測得其受到的電場力大小為0.5N，則此點電荷的電量大小為______C。18、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關(guān)S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關(guān)S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

19、由4個電阻連接成的混聯(lián)電路如圖所示。R1＝8Ω，R2＝4Ω，R3＝6Ω，R4＝3Ω。則a、d之間的總電阻為________；如果把42V的電壓加在a、d兩端，通過R3的電流是__________。

20、某學(xué)生小組使用DIS做“測定電動機效率”實驗；實驗裝置如圖。

（1）用電流傳感器和電壓傳感器（圖中電流表和電壓表）測量的是電動機_________電流電壓值（填“輸入”或“輸出”）

（2）（每空4分）右圖是用位移傳感器測定重物勻速上升時的位移——時間圖線，同時電流傳感器和電壓傳感器的讀數(shù)基本不變，約為0.14A和3.3V，已知重物質(zhì)量則在2.4~2.8s時間段，重物克服重力做功的功率為___________W；該電動機的工作效率約為___________。

21、在非純電阻電路（像含有電動機、電解槽的電路）中，電流做的功只有_______一部分轉(zhuǎn)化為電熱，_______部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機械能或化學(xué)能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即_______=_______+_______。評卷人得分四、實驗題(共4題，共40分)22、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中；所用小燈泡的額定電壓為2.8V

①小張同學(xué)已經(jīng)連接好電路，如圖甲所示，在開關(guān)閉合前，請你幫小張同學(xué)檢查一下導(dǎo)線連接情況___________；

A.準(zhǔn)確無誤B.導(dǎo)線a連錯C.導(dǎo)線b連錯D.導(dǎo)線c連錯。

②電路檢查無誤后，合上開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)該移到___________端（選填“A”或“B”）；

③實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如乙圖中實線所示，虛線是它的漸近線。由乙圖可知，燈泡正常發(fā)光時的電阻為___________Ω（保留兩位有效數(shù)字）。23、要測量某種合金的電阻率。

（1）若合金絲長度為L，直徑為D，阻值為R，則其電阻率ρ=___________，用螺旋測微器測合金絲的直徑如圖甲所示，讀數(shù)D=___________mm。

（2）圖乙是測量合金絲阻值的原理圖，S2是單刀雙擲開關(guān)。根據(jù)原理圖在圖丙中將實物連線補充完整___________。

（3）閉合S1，當(dāng)S2處于位置a時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1=1.35V，I1=0.30A；當(dāng)S2處于位置b時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2=0.92V，I2=0.32A，根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當(dāng)S2處于位置___________（選填“a”或“b”）時，測量相對準(zhǔn)確，測量值Rx=___________Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。24、①小明同學(xué)用螺旋測微器測定某一金屬絲的直徑，測得的結(jié)果如下左圖所示，則該金屬絲的直徑d=_____mm．然后他又用游標(biāo)尺上標(biāo)有20等分刻度的游標(biāo)卡尺測該金屬絲的長度L=_____cm．

②然后小明又用多用電表粗略測量某金屬電阻絲的電阻Rx約為5.0Ω；為了盡可能精確地測定該金屬絲的電阻，且測量時要求通過金屬絲的電流在0～0.5A之間變化.根據(jù)下列提供的實驗器材，解答如下問題：

A、量程0.1A，內(nèi)阻r1=1Ω的電流表A1

B、量程0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表A2

C、滑動變阻器R1全電阻1.0Ω；允許通過最大電流10A

D、滑動變阻器R2全電阻100Ω；允許通過最大電流0.1A

E、阻值為29Ω的定值電阻R3

F、阻值為599Ω的定值電阻R4

G、電動勢為6V的蓄電池E

H、電鍵S一個；導(dǎo)線若干。

（a）根據(jù)上述器材和實驗要求完成此實驗，請在虛線框內(nèi)畫出測量該金屬絲電阻Rx的實驗原理圖（圖中元件用題干中相應(yīng)的元件符號標(biāo)注）．()

（b）實驗中測得電表A1示數(shù)為I1，A2表示數(shù)為I2，其它所選的物理量題目中已給定，請寫出電阻絲的電阻表達式Rx=_____.25、測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和圖象如下：請回答下列問題：

（1）在閉合開關(guān)之前為防止電表過載，滑動變阻器的滑動頭應(yīng)放在__________處．

（2）由此可知這個干電池的電動勢_______內(nèi)電阻__________．評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)26、水平放置的兩塊彼此絕緣、正對平行金屬板A板為正，B板為負(fù)，板的電勢差保持不變板間距M位于板的中點；試求：

（1）若B板接地，M點的電勢；

（2）若B板不接地，A板接地，B板下移M點的電勢。

27、如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強電場，A、B相距6cm，CD為電場中的兩點（其中C點在金屬板上），且CD=4cm，CD連線和場強方向成60°角。已知電子從D點移到C點克服電場力做功為3.2×10-17J，電子電荷量e=1.6×10-19C；求：

（1）勻強電場的場強大??；

（2）若B板接地，D點電勢為多少?

（3）將一質(zhì)子從極板B移到D點時；其電勢能變化多少?

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．的場源在兩點產(chǎn)生的場強大小相等，的場源在兩點的產(chǎn)生的場強大小也相等，根據(jù)場強的合成可知兩點的總場強大小相等，但方向不同，故兩點的電場強度不同；故A錯誤；

BC．四點在以點電荷為圓心的圓上，可知產(chǎn)生的電場在四點的電勢是相等的，所以四點的總電勢可以通過產(chǎn)生的電場的電勢確定，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，點的電勢最高，兩點對稱電勢相等，點電勢最低；故B正確；C錯誤；

D．由點電荷的場強公式

合成可得

方向向左；

方向向右；故

則D錯誤。

故選B。

【點睛】

本題考查判斷電勢、場強大小的能力，要利用庫侖定律和場強的矢量合成的方法對各點的電勢和場強進行判定，并且要充分利用電場的疊加原理進行分析。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍；A不符合題意；

B．元電荷的值通常取作e＝1.60×10－19C；B不符合題意；

C．元電荷是基本的電量單位；不是指電子和質(zhì)子本身，C符合題意；

D．點電荷是一種理想化模型；實際不存在，D不符合題意。

故選C。3、C【分析】【詳解】

ABD．物塊在斜面上運動到O點時的速度最大，加速度為零，又電場強度為零，所以有

所以物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)為

由于運動過程中

所以物塊從P點運動到Q點的過程中受到的合外力為電場力，因此最低點Q與釋放點P關(guān)于O點對稱，根據(jù)等量的異種點電荷周圍電勢的對稱性可知，P、Q兩點的電勢相等，則有UOP=UOQ，根據(jù)等量的異種點電荷產(chǎn)生的電場特征可知，P、Q兩點的場強大小相等；方向相反，故ABD錯誤；

C．根據(jù)點電荷的電場特點和電場的疊加原理可知，沿斜面從B到A電場強度先減小后增大，中點O的電場強度為零。設(shè)物塊下滑過程中的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律有

物塊下滑的過程中電場力qE先方向沿斜面向下逐漸減少后沿斜面向上逐漸增加，所以物塊的加速度大小先減小后增大，所以P到O電荷先做加速度減小的加速運動，O到Q電荷做加速度增加的減速運動；故C正確。

故選C。4、B【分析】【詳解】

電子在和間沿電場方向均做初速度為零的勻加速直線運動，由位移公式：

前半個周期0-t1時間內(nèi)電子受到的力偏向一側(cè)，所以電子前半周期偏向一側(cè)．

前半個周期0-t1時間內(nèi)電子受到的力偏向Y一側(cè)，所以電子前半周期偏向Y一側(cè)．綜上，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限．

同理；后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．

A．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限；后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故A錯誤．

B．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限；后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故B正確．

C．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限；后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故C錯誤．

D．分析可知，前半個周期0-t1時間內(nèi)圖像應(yīng)該在第二象限，后半周期的圖像應(yīng)在第四象限．故D錯誤．5、D【分析】【詳解】

A．充電寶充電時將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，不是內(nèi)能．故A錯誤．

B．該充電寶的容量為：

該電池的電動勢為5V，所以充電寶儲存的能量：

故B錯誤．

C．以2A的電流為用電器供電則供電時間：

故C錯誤．

D．由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電能為：E=

給容量為3000mAh的手機充電的次數(shù)：次

故D正確．6、B【分析】【詳解】

兩次情況下磁感線穿過線圈的面不同，設(shè)初位置時穿過線圈的磁通量為正，則初位置時

轉(zhuǎn)過90°，到達末位置時

初、末位置磁通量的變化量的大小為

故選B。二、多選題(共6題，共12分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，水平方向

豎直方向

由

可得

故A錯誤；

B．由于

故粒子速度大小為

故B正確；

C．由幾何關(guān)系可知，到P點的距離為

故C正確；

D．由于平拋推論可知

可知速度正切

可知速度方向與豎直方向的夾角小于30°；故D錯誤。

故選BC。8、A:B:D【分析】【詳解】

當(dāng)滑動變阻器滑片P向右移動時，滑動變阻器的有效電阻減小，電路總電阻減小，電流I增大，內(nèi)電壓增大，外電壓U減小。所以電流表讀數(shù)變大，電壓表讀數(shù)變小，燈泡變亮，電源總功率

變大。因為滑動變阻器電壓為外電壓減去燈泡電壓，所以滑動變阻器電壓減小，即電容器電壓減小，根據(jù)

知，電容器C上電荷量變小；故ABD正確，C錯誤。

故選ABD。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．正電荷在電場中受到的力沿該點的切線方向，故正電荷由P靜止釋放不能運動到Q；A錯誤；

B．電場線的疏密代表場強的大小，故

根據(jù)

正電荷在P的電場力大于在Q的電場力，則正電荷在P的加速度大于在Q的加速度；B正確；

C．負(fù)電荷從P到Q電場力做負(fù)功，電勢能增加，故負(fù)電荷在P的電勢能小于在Q的電勢能；C錯誤；

D．在正負(fù)電荷之間，有一點電勢必定為零，因為我們一般規(guī)定無窮遠或者大地為零勢能點，故從P到Q的過程中，沿電場線方向電勢降低，故在PQ間有一點電勢為零點，因

故其間必有一點電勢能為零；D正確。

故選BD。10、A:C【分析】【詳解】

ABD．當(dāng)R1為零時，a板接電源正極，電勢最高，帶正電；當(dāng)R1＝2Ω時，電容器兩板等勢，不帶電；當(dāng)R1>2Ω時，b板電勢較高，a板帶負(fù)電，即a板先帶正電后帶負(fù)電；電容器兩板間的電壓先減小后增大，故A正確，BD錯誤；

C．當(dāng)R1為零時，外電阻最小，最小值為Rmin＝＝1.67Ω

當(dāng)R1最大時，外電阻最大，最大值為Rmax＝＝9.11Ω

根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像。

可知電源的輸出功率先增大后減?。还蔆正確。

故選AC。11、C:D【分析】【詳解】

由于r＜R0+R，根據(jù)推論：外電路的電阻等于內(nèi)電阻時電源的輸出功率最大，可知，當(dāng)滑動變阻器阻值調(diào)至0Ω時，電源輸出功率最大，故A錯誤．當(dāng)滑動變阻器阻值調(diào)至0Ω時，電路中電流最大，燈泡最亮，故B錯誤．由于r＜R0+R，當(dāng)滑動變阻器阻值逐漸減小時，內(nèi)外電阻逐漸接近，電源輸出功率逐漸增大，故C正確．將燈泡看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)R=r+R0=0.5+2=2.5Ω時，等效電源的輸出功率最大，即滑動變阻器的電功率最大，故D正確．故選CD.12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．徐惠琴在撐桿的過程中桿對她的彈力與她對桿的壓力是作用力與反作用力；大小相等，故A正確；

B．在撐桿上升開始階段加速度的方向向上；她處于超重狀態(tài)，在上升的最后階段加速度的方向向下，她處于失重狀態(tài)，故B錯誤；

C．徐惠琴在上升過程中撐桿的彈性勢能轉(zhuǎn)變?yōu)檫\動員的機械能；選項C正確；

D．徐惠琴落到軟墊后；開始階段軟墊的作用力小于重力，則她仍然要做一段加速運動后才做減速運動，故D錯誤。

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【分析】

不帶電的粒子在電場中做平拋運動；帶正電和帶負(fù)電的粒子在電場中做類平拋運動，粒子在垂直電場方向做勻速直線運動，平行于電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)垂直電場方向位移的大小可以判斷運動時間的大小，再根據(jù)電場方向的初速度為0的勻加速直線運動求得加速大小關(guān)系，并由加速度大小關(guān)系確定電場力的方向即電荷的種類．

【詳解】

[1][2]．由題意知帶電粒子在電場中做類平拋運動，不帶電粒子做平拋運動可知，垂直電場方向做勻速直線運動，平行電場方向做初速度為0的勻加速直線運動，由圖可知a在垂直電場方向的位移最大，c最小，故可知，在電場中的運動時間滿足：ta＞tb＞tc，在平行電場方向粒子做初速度為0的勻加速直線運動，因為位移相同，則根據(jù)位移時間關(guān)系h＝at2得粒子的加速度a=因為ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在電場中合外力為電場力和重力的合力，由題意知電場方向豎直向上，故正電荷在電場中受電場力方向與重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，負(fù)電荷受力方向與電場方向相反即豎直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不帶電粒子只受重力，其加速度為重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判斷，c帶負(fù)電，b不帶電，a帶正電．

【點睛】

掌握正確確定電場的方向，在電場中能正確的對粒子進行受力分析，能使用平拋知識處理類平拋運動的問題是解決本題的關(guān)鍵．【解析】<<c粒子帶負(fù)電14、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)安培定則知，分別作出M、N在O點的磁場方向，如圖所示，兩電流在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，根據(jù)平行四邊形定則，兩磁感應(yīng)強度疊加后，合磁感應(yīng)強度由A指向B，若要使O點磁感應(yīng)強度為零，磁場方向應(yīng)為B指向A；

[2]根據(jù)平行四邊形定則知，合磁感應(yīng)強度的大小與兩分磁感應(yīng)強度的大小相等，根據(jù)安培定則知，也可以在C點垂直放置一方向垂直紙面向外、大小和M、N相等的電流，或在D點垂直放置一方向垂直紙面向里、大小和M、N相等的電流?！窘馕觥繌腂指向AC或D15、略

【分析】【詳解】

圓心O處的點電荷在A點產(chǎn)生的場強方向水平向左，根據(jù)矢量求和，所以A處的合場強為零；B處場強大小．

思路分析：先根據(jù)點電荷的場強公式求出點電荷在A點的場強大?。桓鶕?jù)矢量求和勻原勻強電場疊加得到A；B兩點的場強大?。?/p>

試題點評：考查點電荷產(chǎn)生的電場和矢量求和的應(yīng)用．【解析】9×103N/C方向與E成45°角斜向右下方16、略

【分析】【詳解】

略【解析】小溫度增大017、略

【分析】【詳解】

[1]由電場強度定義可得

[2]由電場強度方向與正電荷受力方向相同可知；此電場強度方向水平向左。

[3]該電荷的電荷量為【解析】10水平向左0.0518、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況是減少。

（2）[3]如果先斷開開關(guān)S，兩極板的電荷量保持不變，根據(jù)

再把A板向左移動一段距離，正對面積減小，所以電場強度增大，則

粒子的運動情況是向上運動。

[4]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

則兩極板間的電勢差增大，所以靜電計指針張角的變化情況是增大?！窘馕觥竣?靜止②.減少③.向上運動④.增大19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，R3與R4并聯(lián)后再與R1、R2串聯(lián)，故a、d之間的總電阻為。

[2]由歐姆定律得干路中電流為。

此即通過R1、R2的電流。

設(shè)通過R3、R4的電流分別為I3、I4；則得。

而。

聯(lián)立解得。

【解析】14Ω1A20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電壓傳感器和電流傳感器測量的是電動機的輸入電流和輸入電壓。

（2）[2]根據(jù)圖線知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]電動機的工作效率【解析】輸入0.21346%21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5]在非純電阻電路（像含有電動機、電解槽的電路）中，電流做的功只有很少一部分轉(zhuǎn)化為電熱，絕大部分轉(zhuǎn)化為其他形式的能（機械能或化學(xué)能等）。因此，即根據(jù)能量守恒定律知，在非純電阻電路中滿足：電功=電熱+其他形式的能，即。