2024年人教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年人教版高三物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、研究表明，地球自轉(zhuǎn)在逐漸變慢，自轉(zhuǎn)周期逐漸變大，3億年前地球自轉(zhuǎn)的周期約為22小時(shí)．假設(shè)這種趨勢(shì)會(huì)持續(xù)下去，地球的其他條件都不變，未來(lái)人類發(fā)射的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比（）A.距地面的高度變大B.向心加速度變大C.線速度變大D.角速度變大2、靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示．以正點(diǎn)電荷為中心取一個(gè)正方形路徑abcd，a、c與兩個(gè)點(diǎn)電荷在同一直線上．下列說(shuō)法正確的是（）A.a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比c點(diǎn)大B.a點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)高C.b、d兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同D.b、d兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等3、【題文】如圖所示，AB是真空中點(diǎn)電荷形成的一條電場(chǎng)線，一個(gè)帶正電的粒子在只受電場(chǎng)力的，以速度vA經(jīng)過(guò)A點(diǎn)沿直線向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后，該粒子以相反的速度vB經(jīng)過(guò)B點(diǎn)；則下列判斷正確的是（）

A.A點(diǎn)的電勢(shì)一定低于B點(diǎn)的電勢(shì)B.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C.該帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能D.該帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和小于它在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和4、美國(guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)精確測(cè)定了元電荷e

的電荷量，獲得諾貝爾獎(jiǎng)。A.正確B.錯(cuò)誤5、霧霾主要是空氣中懸浮的大量微粒和特定氣象條件共同作用的結(jié)果，發(fā)生霧霾天氣時(shí)直接導(dǎo)致了能見(jiàn)度降低，在這種情況下（）A.只有波長(zhǎng)較長(zhǎng)的一部分光容易發(fā)生衍射才能到達(dá)地面B.只有折射率較大的一部分光容易發(fā)和衍射才能到達(dá)地面C.只有頻率較大的一部分光容易發(fā)生干涉才能到達(dá)地面D.只有波長(zhǎng)較長(zhǎng)的一部分容易發(fā)生干涉才能到達(dá)地面6、在如圖所示的裝置中，木塊B與水平桌面間的接觸是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在其中，將彈簧壓縮到最短．若將子彈、木塊和彈簧合在一起作為系統(tǒng)，則此系統(tǒng)在從子彈開(kāi)始射入到彈簧被壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中（）A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒D.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒7、如圖所示，用細(xì)繩將球系住掛在豎直光滑的墻壁上，繩AB所受的拉力為F1，球?qū)Φ膲毫镕2．當(dāng)將繩AB縮短時(shí)，力F1和F2大小的變化情況是（）A.F1增大，F(xiàn)2減小B.F1減小，F(xiàn)2增大C.F1和F2都減小D.F1和F2都增大8、電場(chǎng)強(qiáng)度E的定義式為E=；根據(jù)此式，下列說(shuō)法中正確的是（）

①上式說(shuō)明電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)E與F成正比；與q成反比，拿走q，則E=0

②式中q是放入電場(chǎng)中的點(diǎn)電荷的電量；F是該點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，E是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度。

③式中q是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷的電量；F是放在電場(chǎng)中的點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力，E是電場(chǎng)強(qiáng)度。

④在庫(kù)侖定律的表達(dá)式F=中，可以把看做是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q1處的場(chǎng)強(qiáng)大小，也可以把看做是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q2處的場(chǎng)強(qiáng)大?。瓵.只有①②B.只有①③C.只有②④D.只有③④評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、某同學(xué)用螺旋測(cè)微器和游標(biāo)為20分度的卡尺分別測(cè)量圓筒形工件的直徑和長(zhǎng)度．如圖所示，該圓筒形工件外徑的測(cè)量值為_(kāi)___mm，長(zhǎng)度測(cè)量值為_(kāi)___mm．

10、（2014春?綿陽(yáng)校級(jí)月考）如圖所示；將邊長(zhǎng)為L(zhǎng)；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以速度v勻速拉出（磁場(chǎng)方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F=____．

（2）拉力F的功率PF=____．

（3）線圈放出的熱量Q=____．

（4）通過(guò)導(dǎo)線截面的電量q=____．11、（2014春?船營(yíng)區(qū)校級(jí)期中）如圖所示為一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的三個(gè)等勢(shì)面A、B、C，相鄰兩個(gè)等勢(shì)面間距離為10cm，此電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為3000V/m，若B點(diǎn)的電勢(shì)為零，A、C的電勢(shì)分別為_(kāi)___；或____．12、【題文】（2分）如圖；驗(yàn)電器A與B的頂端各安裝了一個(gè)上端開(kāi)有小孔的金屬圓筒，驗(yàn)電器B帶有正電荷，用帶有絕緣柄的金屬小球C，把C與筒B的----______壁接觸后，再與筒A的_____壁接觸，重復(fù)多次，就能將B上的電荷盡量多的搬至筒A。（提示：本題的兩空格中填寫“內(nèi)”或“外”）

13、如圖所示的電路中，R1=10Ω，R2=4Ω，R3=6Ω，R4=3Ω，U=2.4V．在a、b間接一只理想的電壓表，它的示數(shù)是____________．14、未來(lái)人類在研究火星時(shí)，將要在火星上完成一系列的探究實(shí)驗(yàn)，比如在火星的表面將一小球以v0的初速度豎直上拋，小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為_(kāi)___．若發(fā)射一顆火星的衛(wèi)星，其最小的運(yùn)行周期為_(kāi)___，已知火星的質(zhì)量為M，火星可以視為半徑為R的球體，萬(wàn)有引力常量為G．15、兩平行金屬板電容器，充電后兩板間的電勢(shì)差為100V，極板帶電量是為5×10-6C，電容C=____法拉．16、在家用電器中，依靠電流的熱效應(yīng)工作的有____、____、____（填三種），要依靠通電導(dǎo)體受安培力運(yùn)動(dòng)而工作的有____、____、____（填三種）．17、約里奧?居里夫婦因發(fā)現(xiàn)人工放射性而獲得了1935年的諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)，他們發(fā)現(xiàn)的放射性元素衰變成的同時(shí)放出另一種粒子，這種粒子是____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動(dòng)，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，說(shuō)明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、直線電流磁場(chǎng)的方向的判斷可以用安培定則：____．22、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會(huì)發(fā)生改變____．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、某時(shí)刻一個(gè)分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、物體的速度為零時(shí)，它的機(jī)械能一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、推斷題(共2題，共18分)25、鹽酸氨溴索rm{(H)}對(duì)于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{)}對(duì)于治療老年重癥肺炎有良好的療效，其合成路線如下rm{(H)}部分反應(yīng)條件及產(chǎn)物已略rm{(}

rm{)}

的名稱為_(kāi)_______；反應(yīng)rm{(1)B}中為取代反應(yīng)的是__________rm{壟脵-壟脼}填序號(hào)rm{(}rm{)}的芳香族同分異構(gòu)體rm{(2)B}滿足下列條件：rm{J}可水解rm{壟脵}可發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脹}最多消耗rm{1molJ}rm{2molNaOH}有_______種；rm{J}有_______種；rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{J}rm{B}rm{NaHCO}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)__________。rm{{,!}_{3}}可用堿性新制氫氧化銅懸濁液檢驗(yàn)溶液反應(yīng)，并有氣體生成，其核磁共振氫譜有rm{4}組吸收峰，則它的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)__________。中的特征官能團(tuán)，寫出該檢驗(yàn)的離子反應(yīng)方程rm{4}rm{(3)}關(guān)于rm{C}的說(shuō)法正確的是________。A.式：___________________________。難溶于水rm{(4)}可使酸性rm{E}溶液褪色C.rm{E}最多與rm{B.E}加成rm{KMnO_{4}}不能與金屬鈉反應(yīng)rm{1molE}鄰氨基苯甲酸甲酯rm{1molH_{2}}具有塔花的甜香味，也是合成糖精的中間體，以甲苯和甲醇為原料，無(wú)機(jī)試劑自選，參照rm{D.E}的合成路線圖，設(shè)計(jì)rm{(5)}的合成路線___________。rm{(L)}26、rm{A(C_{2}H_{4})}是基本的有機(jī)化工原料。用rm{A}和常見(jiàn)的有機(jī)物可合成一種醚類香料和一種縮醛類香料，具體合成路線如圖所示rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}已知：回答下列問(wèn)題：rm{(1)B}的分子式是________，rm{C}中含有的官能團(tuán)名稱是________。rm{(2)}若rm{D}為單取代芳香族化合物且能與金屬鈉反應(yīng)；每個(gè)rm{D}分子中只含有rm{1}個(gè)氧原子，rm{D}中氧元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)約為rm{13.1攏樓}則rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______，rm{壟脼}的反應(yīng)類型是________。rm{(3)}據(jù)報(bào)道，反應(yīng)rm{壟脽}在微波輻射下，以rm{NaHSO_{4}隆隴H_{2}O}為催化劑進(jìn)行，請(qǐng)寫出此反應(yīng)的化學(xué)方程式：________。rm{(4)}請(qǐng)寫出滿足下列條件的苯乙醛的所有同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)和結(jié)構(gòu)Ⅱrm{.}核磁共振氫譜有rm{4}組峰，且峰面積之比為rm{3隆脙2隆脙2隆脙1}rm{(5)}若化合物rm{E}為苯甲醚的同系物，且相對(duì)分子質(zhì)量比苯甲醚大rm{14}則能使rm{FeCl_{3}}溶液顯色的rm{E}的所有同分異構(gòu)體共有________種。rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}rm{(6)}參照的合成路線，寫出由rm{2G}氯丙烷和必要的無(wú)機(jī)試劑制備的合成流程圖：________。合成流程圖示例如下：rm{C{H}_{2}=C{H}_{2}xrightarrow[]{HBr}C{H}_{3}C{H}_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}C{H}_{3}C{H}_{2}OH}rm{C{H}_{2}=C{H}_{2}

xrightarrow[]{HBr}C{H}_{3}C{H}_{2}Br

xrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}C{H}_{3}C{H}_{2}OH}評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共16分)27、電磁彈是我國(guó)最新研究的重大科技項(xiàng)目，原理可用下述模型說(shuō)明．如圖甲所示，虛線MN右側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質(zhì)量為m，ab邊在磁場(chǎng)外側(cè)緊靠MN虛線邊界．t=0時(shí)起磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計(jì)．

（1）求t=0時(shí)刻；線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．28、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個(gè)狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過(guò)程1-3-2到達(dá)狀態(tài)2．試?yán)脷怏w實(shí)驗(yàn)定律證明：．評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共3題，共18分)29、光呼吸是所有進(jìn)行光合作用（使用卡爾文循環(huán)進(jìn)行碳固定）的細(xì)胞（但并非所有這些細(xì)胞都能運(yùn)行完整的光呼吸）在光照和高氧低二氧化碳情況下發(fā)生的一個(gè)生化過(guò)程。它是光合作用(卡爾文循環(huán))中一個(gè)損耗能量的副反應(yīng)。植物細(xì)胞中的葉綠體在光照條件下可以消耗一定量的O2，這屬于植物細(xì)胞光呼吸的重要環(huán)節(jié)。如圖表示光合作用和光呼吸的部分過(guò)程，請(qǐng)回答：

（1）過(guò)程①發(fā)生在________中，并且需要光反應(yīng)提供____．在黑暗條件下C3不能被還原再生成________化合物，使光呼吸因缺乏底物而不能進(jìn)行。（2）研究發(fā)現(xiàn)，催化過(guò)程②和③的是同一種酶，CO2和O2會(huì)競(jìng)爭(zhēng)此酶的同一活性位點(diǎn)．因此，當(dāng)細(xì)胞中O2濃度升高時(shí)，過(guò)程②會(huì)受到____。（3）在強(qiáng)光下，光反應(yīng)轉(zhuǎn)換的能量超過(guò)暗反應(yīng)的需要，會(huì)對(duì)細(xì)胞造成傷害，此時(shí)光呼吸可以對(duì)細(xì)胞起到保護(hù)作用，據(jù)圖回答，其原因是____。（4）從能量代謝的角度看，光呼吸和有氧呼吸最大的區(qū)別是____________。30、Notch信號(hào)途徑是一種細(xì)胞間相互作用的基本途徑，調(diào)控著細(xì)胞增殖、分化、凋亡等過(guò)程。下圖表示肝臟組織受損或部分切除后激活Notch信號(hào)途徑實(shí)現(xiàn)再生的過(guò)程。圖中受損細(xì)胞A的膜上產(chǎn)生信號(hào)分子，與正常細(xì)胞B膜上的Notch分子（一種跨膜受體）結(jié)合，導(dǎo)致Notch的膜內(nèi)部分水解成NICD，NICD再與RBP（一種核內(nèi)轉(zhuǎn)錄因子）一起結(jié)合到靶基因的相應(yīng)部位，激活靶基因，最終引起肝臟再生。請(qǐng)分析回答：（1）信號(hào)分子與細(xì)胞膜上的Notch分子結(jié)合后引起肝細(xì)胞的一系列變化，這體現(xiàn)了細(xì)胞膜的功能。（2）在Notch分子基因表達(dá)過(guò)程中，過(guò)程①需要的酶主要是________；過(guò)程②除需要mRNA外，還需要________。（3）直接參與Notch分子合成、加工和轉(zhuǎn)運(yùn)的細(xì)胞器有________，其中轉(zhuǎn)運(yùn)過(guò)程依賴于生物膜的________。（4）靶基因激活后能促進(jìn)過(guò)程①，其意義是________。（5）眾多研究發(fā)現(xiàn)，Notch信號(hào)傳導(dǎo)的異?；罨c多種腫瘤的形成有關(guān)。請(qǐng)結(jié)合圖中信息，寫出一種通過(guò)阻斷Notch信號(hào)傳導(dǎo)途徑以治療肝癌的設(shè)想：________。31、學(xué)生面臨重要考試時(shí)，可能因焦慮、緊張而心跳、呼吸加快等。下圖為該過(guò)程的部分調(diào)節(jié)示意圖。請(qǐng)結(jié)合所學(xué)知識(shí)，據(jù)圖回答下列問(wèn)題：

（1）圖中的a將感受器產(chǎn)生的興奮，傳至大腦皮層的____時(shí)，可對(duì)試卷的文字進(jìn)行分析。（2）當(dāng)考試太緊張時(shí)，呼吸會(huì)加快，此過(guò)程的調(diào)節(jié)方式是____。（3）考試結(jié)束后依然興奮，并不立即恢復(fù)平靜，是因?yàn)轶w液調(diào)節(jié)具有____的特點(diǎn)。（4）適度的緊張更容易精力集中，發(fā)揮更好，原因是甲狀腺激素可以____。（5）在飲水量相同的情況下，冬天的尿液比夏天多的原因是____。因此，冬天參加考試前要合理飲水。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得到同步衛(wèi)星的周期與半徑的關(guān)系，再分析變軌后與變軌前半徑大小、線速度大小和角速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓涸O(shè)同步衛(wèi)星的質(zhì)量為m，軌道半徑為r；地球的質(zhì)量為M，則有：

G=m=m=mω2r=ma向

得周期為：T=2π，線速度為：v=，則角速度為：ω=，向心加速度a向=

由題意知，現(xiàn)在同步衛(wèi)星的周期變大，則知，其軌道半徑r增大；則線速度v減小，角速度ω減小，向心加速度減小，故A正確，B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．

故選：A2、B【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分析場(chǎng)強(qiáng)的大小，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，判斷電勢(shì)高低，再分析電勢(shì)能的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，a處電場(chǎng)線比b處電場(chǎng)線疏；則a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比c點(diǎn)小，故A錯(cuò)誤．

B；a和正電荷間的場(chǎng)強(qiáng)小于與c和正電荷間場(chǎng)強(qiáng)；由U=Ed知，a與正電荷間的電勢(shì)差大于正電荷與c間的電勢(shì)差，則a點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)高，故B正確．

C、b；d兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等；方向不同，則場(chǎng)強(qiáng)不同．故C錯(cuò)誤．

D、b；d兩點(diǎn)的電勢(shì)相等；而不是電勢(shì)能相等，故D錯(cuò)誤．

故選：B．3、A|C【分析】【解析】由題意可知。該帶正電的粒子先減速經(jīng)過(guò)B點(diǎn)速度為零后反向加速運(yùn)動(dòng)，所以粒子受力向左，場(chǎng)強(qiáng)方向向左，電場(chǎng)線由b到a；又因?yàn)檠仉妶?chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以A對(duì)；

電場(chǎng)線的疏密程度反映場(chǎng)強(qiáng)大小；只給出了一條電場(chǎng)線無(wú)法判斷場(chǎng)強(qiáng)大小，B錯(cuò)；

粒子先減速后加速；所以電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能先減小后增加，C對(duì)；

根據(jù)能量守恒，只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能與動(dòng)能之和保持不變，D錯(cuò)?！窘馕觥俊敬鸢浮緼C4、A【分析】【分析】美國(guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)精確測(cè)定了元電荷e

的電荷量，獲得諾貝爾獎(jiǎng)。本題考查物理學(xué)史，注意識(shí)記?！窘獯稹棵绹?guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)精確測(cè)定了元電荷e

的電荷量；獲得諾貝爾獎(jiǎng)。

故選A?！窘馕觥緼

5、A【分析】【分析】波的干涉條件：兩列波頻率完全相同，會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象．而波的衍射則是能繞過(guò)障礙物繼續(xù)向前傳播的現(xiàn)象，產(chǎn)生明顯衍射現(xiàn)象的條件是：孔或障礙物的尺寸比波長(zhǎng)要小得多或相差不大．【解析】【解答】解：A；波長(zhǎng)很小的波也可以產(chǎn)生衍射；不過(guò)衍射現(xiàn)象不太明顯，當(dāng)孔或障礙物的尺寸比波長(zhǎng)要小得多或相差不大，才會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A正確，B錯(cuò)誤．

C；任意的兩列波相遇；不一定都能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，只有兩列波頻率完全相同，才會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故CD錯(cuò)誤．

故選：A．6、C【分析】【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的條件分析答題；

當(dāng)系統(tǒng)所受合外力為零時(shí)；系統(tǒng)動(dòng)量守恒；

當(dāng)只有重力或只有彈力做功時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒．【解析】【解答】解：在木塊與子彈一起向左運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧的過(guò)程中；木塊；子彈、彈簧所組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；

在子彈擊中木塊的過(guò)程中；要克服摩擦力做功，系統(tǒng)的部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒；

因此子彈；木塊和彈簧所組成的系統(tǒng)；在從子彈開(kāi)始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個(gè)過(guò)程中，動(dòng)量不守恒、機(jī)械能不守恒；

故選：C．7、D【分析】【分析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力，由平衡條件得出繩對(duì)球的拉力、墻對(duì)小球的支持力與繩子與墻的夾角的關(guān)系式，再分析F1和F2如何變化．【解析】【解答】解：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力如圖．

設(shè)繩子與墻的夾角為θ，由平衡條件得：F1′=，F(xiàn)2′=mgtanθ

根據(jù)牛頓第三定律得球?qū)K的拉力為：F1=F1′=；

球?qū)Φ膲毫椋篎2=F2′=mgtanθ

把繩的長(zhǎng)度減小，θ增加，cosθ減小，tanθ增大，則得到F1和F2都增大．

故選：D．8、C【分析】【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為E═，適用于任何電場(chǎng)，E反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)【解析】【解答】解：①電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為E=；適用于任何電場(chǎng)，E反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)，故①錯(cuò)誤；

②定義式中；q是放入電場(chǎng)中的點(diǎn)電荷的電量，F(xiàn)是該點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，E是該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故②正確；

由②知；③錯(cuò)誤；

④在庫(kù)侖定律的表達(dá)式F=中，可以把看做是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q1處的場(chǎng)強(qiáng)大小，也可以把看做是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q2處的場(chǎng)強(qiáng)大?。盛苷_．由以上分析得；C正確；

故選：C二、填空題(共9題，共18分)9、0.39810.30【分析】【分析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】【解答】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為0；可動(dòng)刻度為39.8×0.01mm=0.398mm，所以最終讀數(shù)為0+0.398mm=0.398mm．

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1cm=10mm；游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6×0.05mm=0.30mm，所以最終讀數(shù)為：10mm+0.30mm=10.30mm．

故答案為：0.398；10.3010、【分析】【分析】（1）線圈勻速拉出時(shí)；拉力等于安培力，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式；閉合電路歐姆定律以及安培力的大小公式求出拉力的大?。?/p>

（2）拉力F的功率PF=Fv．

（3）根據(jù)焦耳定律求出線圈中產(chǎn)生的熱量或由功能關(guān)系求解．

（4）根據(jù)電量q=It求出通過(guò)線圈某一截面的電荷量．【解析】【解答】解：（1）因?yàn)榫€圈被勻速拉出，所以F=F安

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為：E=BLv

根據(jù)閉合歐姆定律得：I=．

則拉力為：F=F安=

（2）拉力F的功率為：PF=Fv=

（3）線圈放出的熱量等于拉力F做的功，則Q=W=

（4）通過(guò)導(dǎo)線截面的電量為：q=It=

又L=vt

則得：q=

故答案為：（1）．（2）．（3）．（4）．11、φA=300V，φC=-300VφA=-300V，φC=300V【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可以判定電場(chǎng)線的方向水平向左；根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中U=Ed可以求出電勢(shì)差的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓河蒛=Ed可知，相鄰兩等勢(shì)面間的電勢(shì)差的大小|UAB|=|UBC|=Ed=3000×0.1V=300V；

那么：φA=300V，φC=-300V或φA=-300V，φC=300V．

故答案為：φA=300V，φC=-300V；φA=-300V，φC=300V12、略

【分析】【解析】

試題分析：處于靜電平衡的帶電導(dǎo)體；所帶的電荷帶著導(dǎo)體的外表面上，用帶有絕緣柄的金屬小球C與筒B外側(cè)接觸，再與筒A的內(nèi)壁接觸，重復(fù)多次，就能將B上的電荷盡量多的搬至筒A。

考點(diǎn)：靜電平衡狀態(tài)的帶電體的特點(diǎn)【解析】【答案】外，內(nèi)13、略

【分析】解：(1)R2、R3串聯(lián)后電阻為R串=R2+R3=4Ω+6Ω=10Ω，R串與R1并聯(lián)后電阻為R分=5Ω，再與R4串聯(lián)后總電阻為R總=R分+R4=5Ω+3Ω=8Ω；

此時(shí)電路電流I總=

R4兩端的電壓U4=I總R4=0.3A×3Ω=0.9V；

所以R2、R3串聯(lián)后兩端的電壓為U串=U-U4=2.4V-0.9V=1.5V；

R2、R3串聯(lián)后電流I分=

R3兩端的電壓為U3=I分R3=0.15A×6Ω=0.9V；

電阻R3、R4兩端的電壓之和也就是電壓表的示數(shù)U分=U3+U4=0.9V+0.9V=1.8V．

故答案為：1.8V【解析】1.8V14、2π【分析】【分析】根據(jù)重力等于萬(wàn)有引力列式求解重力加速度；然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

對(duì)衛(wèi)星，萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解運(yùn)行周期表達(dá)式討論得到最小周期．【解析】【解答】解：在火星表面，重力等于萬(wàn)有引力，故有：mg=G

解得：g=

將一小球以v0的初速度豎直上拋，從上升到落回過(guò)程是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故有：t=

對(duì)衛(wèi)星，萬(wàn)有引力提供向心力，故有：G=m（）2r

解得：T=2π

由于r≥R，故周期T≥；

故答案為：，．15、5×10-8【分析】【分析】已知電容器的帶電量和電勢(shì)差，則由電容的定義可明確電容器的電容的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)電容器的定義可知：

C===5×10-8F；

故答案為：5×10-8F16、電飯煲電熱毯電熨斗電風(fēng)扇洗衣機(jī)電動(dòng)剃須刀【分析】【分析】明確家用電器的原理，并掌握電流的熱效應(yīng)的應(yīng)用；同時(shí)注意電動(dòng)機(jī)在電器中的應(yīng)用．【解析】【解答】解：應(yīng)用電流的熱效應(yīng)工作的有：電飯煲；電熱毯、電熨斗、電水壺等；

而應(yīng)用安培力工作的主要是應(yīng)用電動(dòng)機(jī)的有：電風(fēng)扇；洗衣機(jī)、電動(dòng)剃須刀等；

故答案為：電飯煲、電熱毯、電熨斗；電風(fēng)扇、洗衣機(jī)、電動(dòng)剃須刀17、正電子【分析】【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒判斷粒子的屬性．【解析】【解答】解：核反應(yīng)方程式為：3015P→3014Si+X；由質(zhì)量數(shù)守恒知X的質(zhì)量數(shù)為0，由電荷數(shù)守恒知X的電荷數(shù)為1，所以X為正電子；

故答案為：正電子三、判斷題(共7題，共14分)18、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．19、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動(dòng)的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動(dòng)比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波．以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√21、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會(huì)顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會(huì)減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：（×）23、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，物體內(nèi)部個(gè)別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來(lái)看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：對(duì)于大量分子；其運(yùn)動(dòng)有一定的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，但對(duì)于個(gè)別分子，其運(yùn)動(dòng)的速度完全是偶然的；

故答案為：√24、×【分析】【分析】機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，速度為零說(shuō)明動(dòng)能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時(shí)；則動(dòng)能為零，但重力勢(shì)能不一定為零，所以機(jī)械能不一定為零，故錯(cuò)誤．

故答案為：×四、推斷題(共2題，共18分)25、（1）鄰硝基甲苯(或2-硝基甲苯)①⑤

（2）6種

（3）

（4）AB

（5）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成和有機(jī)物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)的關(guān)系，難度不大?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知rm{B}的名稱為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}；反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯的取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脷}是甲基的氧化反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脺}是加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脻}是取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脼}是氨基和酸的反應(yīng)，故答案為：鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}rm{壟脵壟脻}rm{(2)}rm{B}的芳香族同分異構(gòu)體rm{J}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時(shí)滿足rm{1molJ}最多消耗rm{2molNaOH}的的芳香族同分異構(gòu)體rm{B}可以水解，則含有酯基，可發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則要有醛基或甲酸某酯，同時(shí)滿足rm{J}最多消耗rm{1molJ}的rm{2molNaOH}有rm{J}有種，rm{J}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{6}rm{B}的另一種芳香族同分異構(gòu)體可與rm{NaHCO}rm{B}故答案為：rm{NaHCO}rm{{,!}_{3}}中含有醛基，可以和新制的氫氧化銅反應(yīng)生成磚紅色沉淀，反應(yīng)方程式為：故答案為：溶液反應(yīng)，并有氣體生成，則含有羧基，且有四種等效氫的是：rm{6}中含有羥基和雙鍵，可以發(fā)生加成反應(yīng)，可以和金屬鈉反應(yīng)，故答案為：rm{(3)C}的合成路線為：故答案為：rm{(4)E}【解析】rm{(1)}鄰硝基甲苯rm{(}或rm{2-}硝基甲苯rm{)}rm{壟脵壟脻}rm{(2)6}種rm{(3)}rm{(4)AB}rm{(5)}26、（1）CH4O羥基

（2）氧化反應(yīng)

（3）

（4）

（5）9

（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成、官能團(tuán)結(jié)構(gòu)、有機(jī)反應(yīng)類型、限制條件同分異構(gòu)體書寫等，是對(duì)有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)綜合考查，rm{(6)}中注意根據(jù)轉(zhuǎn)化關(guān)系中反應(yīng)進(jìn)行設(shè)計(jì)，較好的考查學(xué)生信息獲取與遷移運(yùn)用。中注意根據(jù)轉(zhuǎn)化關(guān)系中反應(yīng)進(jìn)行設(shè)計(jì)，較好的考查學(xué)生信息獲取與遷移運(yùn)用?！窘獯稹縭m{(6)}為由分子式可知rm{A}為rm{CH}rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}轉(zhuǎn)化得到苯乙醛，則rm{{,!}_{2}}為，環(huán)氧乙烷與苯反應(yīng)得到rm{D}rm{D}轉(zhuǎn)化得到苯乙醛，則rm{D}為rm{D}rm{D}rm{D}，苯乙醛與rm{C(C}rm{C(C}rm{{,!}_{2}}反應(yīng)得到縮醛，結(jié)合縮醛的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，可知rm{H}為rm{H}rm{{,!}_{6}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}結(jié)合信息rm{)}反應(yīng)得到縮醛，結(jié)合縮醛的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，可知rm{C}為rm{HOCH}可知rm{)}為rm{C}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}由以上分析可知rm{CH}為rm{{,!}_{2}}rm{OH}結(jié)合信息rm{壟脵}可知rm{B}為rm{CH}rm{OH}其分子式為rm{壟脵}rm{B}為rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH}rm{OH}rm{(1)}含有的官能團(tuán)名稱是羥基，故答案為：rm{B}為rm{CH}rm{B}rm{CH}羥基；rm{{,!}_{3}}rm{OH}其分子式為的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{OH}是苯乙醇氧化生成苯乙醛，屬于氧化反應(yīng)，故答案為：氧化反應(yīng)；rm{CH_{4}O}反應(yīng)rm{C}為rm{HOCH}在微波輻射下，以rm{C}為催化劑進(jìn)行，此反應(yīng)的化學(xué)方程式為故答案為：rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}組峰，峰面積之比為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}含有的官能團(tuán)名稱是羥基，rm{OH}符合條件的同分異構(gòu)體為故答案為：rm{CH}rm{4}為苯甲醚的同系物，且相對(duì)分子質(zhì)量比苯甲醚大rm{4}則rm{O}的分子式為rm{(2)}，由上述分析可知rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{D}，反應(yīng)rm{壟脼}是苯乙醇氧化生成苯乙醛，屬于氧化反應(yīng)，種結(jié)構(gòu)，若苯環(huán)上有rm{壟脼}個(gè)取代基，則另rm{(3)}個(gè)取代基均為甲基，此時(shí)有rm{壟脽}種結(jié)構(gòu)，滿足條件的共rm{NaHSO_{4}隆隴H_{2}O}種同分異構(gòu)體，故答案為：rm{(4)}苯乙醛的同分異構(gòu)體的滿足：含有苯環(huán)和結(jié)構(gòu)，核磁共振氫譜有rm{4}組峰，峰面積之比為rm{3}rm{2}rm{2}rm{1}符合條件的同分異構(gòu)體為氯丙烷在氫氧化鈉醇溶加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{4}rm{3}rm{2}rm{2}rm{1}作催化劑條件下氧化生rm{(5)}若化合物rm{E}為苯甲醚的同系物，且相對(duì)分子質(zhì)量比苯甲醚大rm{14}則rm{E}的分子式為rm{C_{8}H_{10}O}故答案為：rm{E}【解析】rm{(1)CH_{4}O}羥基rm{(2)}氧化反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)9}rm{(6)}五、證明題(共2題，共16分)27、略

【分析】【分析】（1）先計(jì)算出線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；再代入功率的公式計(jì)算出線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）先計(jì)算出n匝線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而計(jì)算出安培力的大小，再由牛頓第二定律算出加速度來(lái)證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．【解析】【解答】解：（1）t=0時(shí)刻線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得。

功率=；

（2）n匝線框中時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。

線框的總電阻R總=nR

線框中的感應(yīng)電流

t=0時(shí)刻線框受到的安培力F=nB0IL

設(shè)線框的加速度為a；根據(jù)牛頓第二定律有。

F=（nm+M）a

解得：

可知n越大；a越大。

證得：若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框；如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．

答：（1）求t=0時(shí)刻，線框中感應(yīng)電流的功率P為；

（2）證明過(guò)程見(jiàn)解析．28、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過(guò)程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量變化時(shí)的關(guān)系．【解析】【解答】證明：設(shè)狀態(tài)3的溫度為T；

狀態(tài)1-3為等壓過(guò)程，①

狀態(tài)3-2為等容過(guò)程，②

由①②兩式消去T，即得．六、識(shí)圖作答題(共3題，共18分)29、（1）葉綠體的基質(zhì)ATP和[H]C5（2）抑制（3）光呼吸可消耗過(guò)剩的ATP和[H]（或答“光呼吸可消耗過(guò)剩的能量”）（4）光呼吸消耗ATP，有氧呼吸產(chǎn)生ATP【分析】【分析】本題以光合作用為背景主要考查植物的光