2024年人教版PEP高三物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年人教版PEP高三物理下冊月考試卷220考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、物體在粗糙的水平面上運動，其運動圖象如圖所示，已知沿著運動方向的作用力為F，所受的摩擦力為f，則由圖象可知（）A.F＞fB.F=fC.物體做減速運動D.物體做加速運動2、如圖所示是小型交流發(fā)電機的示意圖，線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，線圈的匝數(shù)為n、電阻為外接電阻為R，交流電流表A。線圈從圖示位置（線圈平面平行于電場方向）開始轉(zhuǎn)過時的感應(yīng)電流為下列說法中正確的有A.電流表的讀數(shù)為B.轉(zhuǎn)動過程中穿過線圈的磁通量的最大值為C.從圖示位置開始轉(zhuǎn)過的過程中，通過電阻R的電荷量為D.線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，電阻R產(chǎn)生的熱量為3、【題文】如圖所示，水面下的光源S向水面A點發(fā)射一束光線，反射光線為c，折射光線分成a、b兩束；則。

A.在水中a光的速度比b光的速度小B.由于色散現(xiàn)象，經(jīng)水面反射的光線c也可能分為兩束C.用同一雙縫干涉實驗裝置分別以a、b光做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距D.若保持入射點A位置不變，將入射光線順時針旋轉(zhuǎn)，則從水面上方觀察，a光先消失4、四種短周期元素在周期表中的位置如圖，其中rm{Y}元素原子電子層數(shù)等于最外層電子數(shù)。下列說法不正確的是

。rm{X}rm{X}rm{Y}rm{Z}

A.rm{Z}位于元素周期表中第三周期、第Ⅳrm{A}族。

B.rm{Y}的最高價氧化物不能和rm{X}的簡單氫化物反應(yīng)C.rm{M}的非金屬性比rm{Z}的弱D.原子半徑比較：rm{X<M}5、下列說法正確的是（）A.線圈中磁通量變化得越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越大B.線圈中磁通量變化越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一定越大C.線圈處在磁場越強的位置，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一定越大D.線圈中的磁通量越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一定越大6、對于質(zhì)量為m的物體做勻速圓周運動時，不變的物理量是（）A.線速度B.合外力C.角速度D.向心加速度7、在下列圖中，標出了磁場B的方向、通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方向，其中正確的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)8、用α光照射某種金屬時恰好能發(fā)生光電效應(yīng)，若增大α光的強度，則逸出的光電子的最大初動能____（填“變大”、“不變”或“變小”），同改用頻率更大的b光照射該金屬，則一定____（填“會”或“不會”）發(fā)生光電效應(yīng)．9、一個電容器，充電后所帶電量為Q，兩板間電壓為U．若向電容器再充進△Q=4×10-6C的電量時，它的板間電壓又升高△U=2V，由此可知該電容器的電容是____F．10、在光滑水平面上有一靜止物體．現(xiàn)以水平恒力甲推這一物體，作用一段時間后，換成相反方向水平恒力乙推這一物體，當(dāng)恒力乙作用時間與恒力甲作用時間相同時，物體恰好回到原處，此時物體動能為32J，則在整個過程中，恒力甲做的功為____J，恒力乙做的功為____J．11、有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度．用它測量一小球的直徑，如圖甲所示的讀數(shù)是____mm．用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數(shù)是____mm．12、（2015?閘北區(qū)一模）如圖，用跨過光滑定滑輪的纜繩將海面上一艘小船直線拖向岸邊．已知拖動纜繩的電動機功率恒為P，小船的質(zhì)量為m，小船所受到水的阻力大小恒為f，經(jīng)過A點時的速度大小為v，小船從A點沿直線運動到B點經(jīng)歷時間為t，此時纜繩與水平面夾角為θ，A、B兩點間水平距離為d，纜繩質(zhì)量忽略不計．則小船經(jīng)過B點時的速度大小為____，小船經(jīng)過B點時的加速度大小為____．13、（2010春?二七區(qū)校級月考）甲；乙兩物體在同一直線上運動；由圖象可知：

①甲、乙速度方向____（填“相同”或“相反”）；

甲、乙加速度方向____（填“相同”或“相反”）；

②甲、乙初速度大小之比為____；

甲、乙加速度大小之比為____；

③在t=____s時，甲、乙瞬時速度相同．14、判斷下列各過程中氣體與外界熱傳遞的情況：

（1）理想氣體在等溫膨脹過程中____；

（2）理想氣體在等容冷卻過程中____；

（3）理想氣體在等壓膨脹過程中____；

（4）理想氣體在絕熱過程中____．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因為分子沖擊力小，不易改變大顆粒的運動狀態(tài)．____．（判斷對錯）16、某時刻一個分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判斷對錯）17、非晶體的結(jié)構(gòu)跟液體非常相似，可以看成是黏滯性極大的液體．____．（判斷對錯）18、電流周圍存在磁場____．（判斷對錯）19、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．20、質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，所以，引入這個概念沒有多大意義．____．21、串聯(lián)電路中，電壓分配與電阻成反比．____．（判斷對錯）22、電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．____．（判斷對錯）23、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）評卷人得分四、證明題(共2題，共20分)24、如圖所示，細繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內(nèi)側(cè)的小球（如圖乙所示）在豎直面內(nèi)做圓周運動，在最高點時的臨界狀態(tài)為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過最高點的臨界速度v=．

試證明小球在最高點時：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達最高點．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．25、一物體做初速度為v0的勻加速直線運動，加速度為a，經(jīng)過時間t速度達到vt，試證明物體經(jīng)過時刻的速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，還等于．評卷人得分五、畫圖題(共2題，共16分)26、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）27、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分六、實驗探究題(共4題，共28分)28、某同學(xué)在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，把鉤碼的重力記為彈簧的彈力，實驗裝置如圖1所示，關(guān)于該實驗以下說法正確的是______

A．應(yīng)在彈簧位于豎直位置且處于平衡狀態(tài)時讀取刻度尺上的示數(shù)。

B．a(chǎn)彈簧被拉伸時；所掛鉤碼越多，誤差越小。

C．用直尺測得彈簧的長度即為彈萵的伸長量。

D．本實驗得出的彈力與彈簧長度的關(guān)系圖象一定不過坐標原點。

用如圖2所示實驗裝置驗證、濟2組成的系統(tǒng)機械能守恒，m2從高處由靜止開始下落，m1拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律．圖3中給出的是實驗中獲取的一條紙帶；0是打下的第一個點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點（圖中未標出），計數(shù)點間的距離如圖所示．已知m1=50g、m2=150g，則在打點0?5過程中系統(tǒng)動能的增量△Ek=______J，系統(tǒng)勢能的減少△EJ=______J，（g取9.8m/s2；結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

29、假設(shè)我們己經(jīng)進人了航天時代；一個由三個高中學(xué)生組成的航天興趣小組正乘外星科學(xué)考察船前往X

星球，準備用攜帶的下列器材測量X

星球表面的重力加速度，這些器材是：

。A.鉤碼一盒，質(zhì)量未知且各鉤碼質(zhì)量不等F.

測力計1

個B.能夾紙帶的重錘一個，質(zhì)量未知G.天平1

臺含砝碼1

盒C.太陽能電池板一塊，輸出直流電壓可，滿足任何要求H.打點計時器1

臺(

含復(fù)寫紙、紙帶)D.導(dǎo)線、開關(guān)若干I.帶有光控計時器的實驗平板一塊.

在平板兩端各有一個光控門，同時還配有其專用的直流電源、導(dǎo)線、開關(guān)、重錘線、滑塊，該器材可用來測量物體從一個光控門運動到另一個光控門的時間E.刻度尺1

把J.支架：能滿足實驗所需的固定作用實驗一：(

己完成)

(l)

器材有：AFG

(2)

主要的實驗步驟是：

壟脵

選取一個合適的鉤碼；用天平測出質(zhì)量m

壟脷

用測力計測出該鉤碼的重力F

壟脹

計算重力加速度的表達式為gx=Fm

實驗二：

(1)

選用的器材有______(

填字母序號)

．

(2)

主要的實驗步驟是：壟脵

將光控計時器的平板用支架豎直架穩(wěn)；壟脷

測量兩個光控門之間的______；壟脹

讓滑塊從上面的光控門處自由釋放讀出下落到下面光控門的______．

(3)

計算重力加速度的表達式為gx=

______.(

用步驟中字母表示)

30、為了測量小滑塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)；某研究小組設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，其中擋板可固定在桌面上，輕彈簧左端與擋板相連，圖中桌面嗎到地面高為hO1O2ABC

點在同一水平直線上，已知重力加速度為g

空氣阻力可忽略不計．

實驗過程一：擋板固定在O1

點；推動滑塊壓縮彈簧，滑塊移到A

處，測量O1A

的距離，如圖甲所示，滑塊由靜止釋放，經(jīng)B

點飛出后落在水平地面上的P

點，測出P

點到桌面右端的水平距離為x1

．

實驗過程二：將擋板的固定點移到距O1

點距離為d

的O2

點，如圖乙所示，推動滑塊壓縮彈簧，滑塊移到C

處，使O2C

的距離相等.

滑塊由靜止釋放，經(jīng)B

點飛出后落在水平地面上的Q

點，測出Q

點到桌面右端的水平距離x2

．

(1)

為完成本實驗；下列說法中正確的是______．

A.必須測出小滑塊的質(zhì)量B.

必須測出彈簧的勁度系數(shù)。

C.彈簧的壓縮量不能太小D.

必須測出彈簧的原長。

(2)

寫出動摩擦因數(shù)的表達式婁脤

______(

用題中所給物理量的符號表示)

．

(3)

小紅在進行實驗過程二時，發(fā)現(xiàn)滑塊未能滑出桌面.

為了測量小滑塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)，還需測量的物理量是______．31、為了“探究加速度與力；質(zhì)量的關(guān)系”；現(xiàn)提供如圖1所示的實驗裝置．請思考探究思路并回答下列問題：

（1）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應(yīng)采取的做法是______；

A．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高；使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動。

B．將木板帶滑輪的一端適當(dāng)墊高；使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動。

C．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高；在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動。

D．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高；在不掛鉤碼的情況下使小車能夠靜止在木板上。

（2）在實驗中，得到一條打點的紙帶，如圖2所示，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T，且間距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，則小車在B點的速度表達式為vB=______；加速度的表示式為a=______．

（3）有一組同學(xué)保持小車及車中的砝碼質(zhì)量一定，探究加速度a與所受外力F的關(guān)系，他們在軌道水平和傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條a-F圖線，如圖3所示．圖線______是在軌道傾斜情況下得到的（選填“①”或“②”）；小車及車中的砝碼總質(zhì)量m=______kg．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【分析】位移圖象的斜率等于物體的速度，根據(jù)斜率判斷出物體做什么運動，再分析F與摩擦力f的關(guān)系．【解析】【解答】解：由圖看出；物體的位移隨時間均勻變化，其斜率不變，說明物體的速度不變，物體做勻速直線運動，受力平衡．水平方向受到作用力F和滑動摩擦力f，根據(jù)平衡條件得到：F=f．

故選B2、B|C|D【分析】試題分析：線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢最大值線框轉(zhuǎn)過時的感應(yīng)電流為感應(yīng)電動勢有效值感應(yīng)電流為I則電流的有效值為A錯誤；從垂直中性面位置開始計時，所以有又知道兩式聯(lián)立可得B正確；從圖示位置開始，線圈轉(zhuǎn)過90°的過程中，磁通量變化為：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，有：根據(jù)歐姆定律，有根據(jù)電流強度定義：聯(lián)立可得:，C正確；根據(jù)公式可得還知道聯(lián)立可得D正確；考點：考查了交流電的產(chǎn)生【解析】【答案】BCD3、C【分析】【解析】

試題分析：光源S向水面A點發(fā)射一束光線，折射光線分成a，b兩束，兩條光路入射角相同，a光的折射角小于b光的折射角．根據(jù)折射定律分析折射率的大?。晒絭=分析光在水中的速度關(guān)系．折射率大的光，頻率高，波長短，波動性弱，干涉條紋間距?。舯３秩肷潼cA位置不變，將入射光線順時針旋轉(zhuǎn)，則從水面上方觀察，b光的折射角先達到90°；最先消失．

A、由題，兩光束的入射角i相同，折射角ra＜rb，根據(jù)折射定律得到，折射率na＜nb．由公式v=分析得知，在水中a光的速度比b光的速度大．故A錯誤。

B；入射角等于反射角；所以經(jīng)水面反射的光線c不能分為兩束，故B錯誤。

C、折射角ra＜rb，頻率fa＜fb，波長λa＞λb，則a光的干涉條紋間距大于b光的間距．故C正確．

D、若保持入射點A位置不變，將入射光線順時針旋轉(zhuǎn)，則從水面上方觀察，b光的折射角先達到90°；發(fā)生全反射，最先消失．故D錯誤．

考點：幾何光學(xué)。

點評：本題整合了光的折射、全反射、干涉、速度等多個知識點，有效地考查了學(xué)生對光學(xué)內(nèi)容的掌握情況．常規(guī)題【解析】【答案】C4、C【分析】【分析】本題考查元素周期表與元素周期律的綜合應(yīng)用，難度不大，關(guān)鍵是根據(jù)位置關(guān)系確定元素所處的周期，注意基礎(chǔ)知識的掌握?！窘獯稹坑啥讨芷谠卦谥芷诒淼奈恢每芍?，rm{M}rm{X}處于第二周期，rm{Y}rm{Z}處于第三周期，其中rm{Y}原子最外層電子數(shù)等于其電子層數(shù)，最外層電子數(shù)為rm{3}則rm{Y}為rm{Al}可推知rm{Z}為rm{Si}rm{M}為rm{N}rm{X}為rm{O}A.rm{Si}的原子序數(shù)為rm{14}，有三個電子層，最外層有rm{4}個電子，位于元素周期表中的第三周期、第Ⅳrm{A}族，正確；

B.氧化鋁不溶于水，正確；

C.同周期元素從左到右非金屬性逐漸增強，同主族元素從上到下非金屬性逐漸減弱，所以rm{N}的非金屬性比rm{Si}的強，錯誤；

D.同周期元素從左到右子原半徑逐漸減小，所以原子半徑：rm{O<N}正確。故選C?！窘馕觥縭m{C}5、A【分析】【分析】由磁生電的現(xiàn)象叫電磁感應(yīng)現(xiàn)象，由電生磁的現(xiàn)象叫電流的磁效應(yīng)．只有當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時，才會有感應(yīng)電流出現(xiàn)，而感應(yīng)電流的大小則是由法拉第電磁感應(yīng)定律來得．【解析】【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知；感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比，磁通量的變化率越大，即磁通量變化越快，感應(yīng)電動勢越大，感應(yīng)電動勢與磁感應(yīng)強度大小；磁通量大小、磁通量變化大小無關(guān)，故A正確，BCD錯誤；

故選：A．6、C【分析】【分析】物理量不變，要求大小和方向都不變，線速度、合外力、角速度、向心加速度都是矢量，注意這些物理量的方向．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運動時；線速度的大小不變，方向時刻改變；故A錯誤．

BD；向心加速度、合外力的大小不變；方向始終指向圓心，可知方向在改變；故B、D錯誤．

C；勻速圓周運動角速度的大小和方向都不變．故C正確．

故選：C．7、C【分析】【分析】通電直導(dǎo)線所受安培力F的方向根據(jù)左手定則判斷．用左手定則逐一檢查四個選項，選擇正確的選項．【解析】【解答】解：A；根據(jù)左手定則：伸開左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外．四指指向電流方向：向左上，拇指指向安培力方向：左下．不符合左手定則．故A錯誤．

B；根據(jù)左手定則；電流向下，安培力的方向垂直于紙面向外，故B錯誤．

C；根據(jù)左手定則：伸開左手；拇指與手掌垂直且共面，磁感線向外穿過手心，則手心朝里．四指指向電流方向：向下，拇指指向安培力方向：向左，此項符合左手定則．故C正確．

D；據(jù)左手定則；磁場方向向上，電流向左，安培力的方向垂直于紙面向里．故D錯誤．

故選：C．二、填空題(共7題，共14分)8、不變會【分析】【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射光的強度無關(guān)．入射光的強度影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．【解析】【解答】解：某金屬在一束α光的照射下，發(fā)生了光電效應(yīng)，增大α光的強度，單位時間內(nèi)發(fā)出的光電子數(shù)目增加，而根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hγ-W0，知最大初動能與入射光的強度無關(guān)，因此逸出的光電子的最大初動能不變，改用頻率更大的b光照射該金屬；根據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件，一定會發(fā)生光電效應(yīng)．

故答案為：不變，會．9、2×10-6【分析】【分析】電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小的物理量，由電容器本身的特性決定，與其電量和電壓無關(guān)，給定電容器，電容C一定，根據(jù)數(shù)學(xué)知識應(yīng)有C=．代入求解．【解析】【解答】解：電容器再充進△Q=4×10-6C的電量時；該電容器的電容不變，則有：

C===F=2×10-6F

故答案為：2×10-610、824【分析】【分析】推力F甲作用時，物體勻加速運動；推力F乙作用時；物體先減速運動，速度減至零后反向加速運動，整個過程加速度不變，可看成一種勻變速運動．

設(shè)第一個過程加速運動的末速度為v甲，第二個過程勻變速運動的末速度為v乙，根據(jù)平均速度公式可以求出v甲與v乙的關(guān)系；然后可根據(jù)動能定理求出恒力F甲、F乙做的功．【解析】【解答】解：設(shè)第一個物體加速運動的末速度為v甲，第二個物體勻變速運動的末速度為v乙，由于兩個運動過程的位移大小相等、方向相反，又由于恒力F乙作用的時間與恒力F甲作用的時間相等，根據(jù)平均速度公式有：t=-t

解得：v乙=-2v甲

根據(jù)動能定理；加速過程有：

W甲=m

W乙=m-m

聯(lián)立以上三式得：=

可知W甲+W乙=32J；

則W甲=8J、W乙=24J

故答案為：8，24．11、略

【分析】本題考查的是游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)問題。游標卡尺讀數(shù)：以游標零刻度線為準在尺身上讀取毫米整數(shù)，再讀出游標上第n條刻度線與尺身刻度線對齊，讀出尺寸L=毫米整數(shù)部分+n*分度值。螺旋測微器的讀數(shù)：在主尺（固定刻度）上讀取毫米整數(shù)（注意0.5毫米的短線是否露出），在副尺(可動刻度）上讀取與主尺橫線對齊的格數(shù)n，在第三標尺上讀取與副尺刻度對齊的千分位數(shù)值。（無第三標尺的千分位估讀）L=主尺毫米整數(shù)+n*可動刻度分度值+千分位數(shù)值；【解析】【答案】（10分）(1)10.501.731（1.730～1.733均給分）12、【分析】【分析】（1）根據(jù)功的表達式求出阻力所做的功；根據(jù)動能定理求出小船經(jīng)過B點時的速度．

（2）設(shè)小船經(jīng)過B點時繩的拉力大小為F，繩與水平方向夾角為θ，繩的速度大小為u，根據(jù)牛頓第二定律、功率P=Fu，以及小船速度與繩子收縮速度的關(guān)系求出B點的加速度．【解析】【解答】解：（1）小船從A點運動到B點克服阻力做功Wf=fd①

小船從A點運動到B點；電動機牽引繩對小船做功W=Pt②

由動能定理有W-Wf=m-mv2③

由①②③式解得v1=④

（2）設(shè)小船經(jīng)過B點時繩的拉力大小為F；繩與水平方向夾角為θ，繩的速度大小為u；

P=Fu⑤

u=v1cosθ⑥

牛頓第二定律Fcosθ-f=ma⑦

由④⑤⑥⑦得a=

故答案為：；．13、相同相反6：12：14【分析】【分析】在速度-時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數(shù)，時間軸下方速度是負數(shù)；切線表示加速度，加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負．【解析】【解答】解：①由圖看出；甲乙的速度均為正值，說明兩個物體的速度均沿正方向，方向相同．速度圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學(xué)知識可知，甲的加速度沿負向，乙的加速度沿正向，兩者加速度的方向相反．

②由圖知；甲的初速度為6m/s，乙的初速度為1m/s，兩者之比為6：1．

甲的加速度大小為：a甲=||=1m/s2，乙的加速度大小為：a乙==0.5m/s2；則加速度之比為：2：1．

③由圖知；t=4s時甲乙速度相同．

故答案為：

①相同，相反；②6：1；2：1；③4．14、吸熱放熱吸熱沒有熱傳遞【分析】【分析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程判斷各物理量的變化，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷吸熱還是放熱．【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程知：

等溫膨脹過程中內(nèi)能不變；對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體吸熱；

等容冷卻過程中溫度降低；內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知氣體要放熱；

等壓膨脹過程中溫度升高；內(nèi)能增大，對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知吸熱；

在絕熱過程中沒有熱傳遞；

故答案為：（1）吸熱；（2）放熱；（3）吸熱；（4）沒有熱傳遞．三、判斷題(共9題，共18分)15、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運動是因為跟顆粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因為各個方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運動狀態(tài)，不是因為分子的沖擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．16、√【分析】【分析】分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動，物體內(nèi)部個別分子的速度具有怎樣的數(shù)值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整體來看，在一定的條件下，物體分子的速度分布也遵從一定的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：對于大量分子；其運動有一定的統(tǒng)計規(guī)律，但對于個別分子，其運動的速度完全是偶然的；

故答案為：√17、√【分析】【分析】液體微觀結(jié)構(gòu)理論：

（1）液體分子的排列更接近于固體；是密集在一起的，因而液體具有一定的體積，不易被壓縮。

（2）液體分子之間的相互作用不像固體中的微粒那樣強；液體分子只在很小的區(qū)域內(nèi)做有規(guī)則的排列，這種區(qū)域是暫時形成的，邊界和大小隨時改變，有時瓦解，有時又重新形成，液體由大量的這種暫時形成的小區(qū)域構(gòu)成，這種小區(qū)域雜亂無章地分布著，因而液體表現(xiàn)出各向同性。

（3）液體分子的熱運動與固體類似，主要表現(xiàn)為在平衡位置附近做微小的振動，但液體分子沒有長期固定的平衡位置，在一個平衡位置附近振動一小段時間以后，又轉(zhuǎn)移到另一個平衡位置附近去振動，即液體分子可以在液體中移動，這就是液體具有流動性的原因．【解析】【解答】解：由液體的結(jié)構(gòu)知非晶體的結(jié)構(gòu)進行比較可知；二者在很多的方面非常類似，可以看作是粘滯性極大的液體．該說法是正確的；

故答案為：√18、√【分析】【分析】丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場．【解析】【解答】解：丹麥物理學(xué)家奧斯特首先發(fā)現(xiàn)的電流周圍存在磁場；安培確定了電流周圍的磁場的方向．所以電流周圍存在磁場是正確的．

故答案為：（√）19、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當(dāng)加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．20、×【分析】【分析】質(zhì)點是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個理想化模型，故實際上并不存在，質(zhì)點雖然忽略物體的形狀和大小但保留了物體其它的性質(zhì)，故不同于幾何中的點，只要物體的形狀和大小對研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計時物體就可以當(dāng)作質(zhì)點，與物體的體積的大小無關(guān)．【解析】【解答】解：質(zhì)點是一個理想化模型；實際上并不存在，質(zhì)點是人們?yōu)榱搜芯繂栴}的方便而忽略物體的形狀和大小而人為引入的一個理想化模型，只要物體的形狀和大小對研究問題沒有影響或者影響可以忽略不計時物體就可以當(dāng)作質(zhì)點．故說法錯誤．

故答案為：×．21、×【分析】【分析】根據(jù)串并聯(lián)電路電流和電壓的規(guī)律進行分析，串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比．【解析】【解答】解：串聯(lián)電路中電流相等；故電壓分配與電阻成正比；所以該說法是錯誤的．

故答案為：×22、√【分析】【分析】電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．【解析】【解答】解：電源是通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；電源電動勢反映了電源內(nèi)部非靜電力做功的本領(lǐng)．故此說法正確．

故答案為：√23、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）四、證明題(共2題，共20分)24、略

【分析】【分析】利用小球做圓周運動時的向心力與速度之間的關(guān)系式Fn=m以及向心力是沿半徑方向上的所有力的合力即可證明．【解析】【解答】解：（1）、當(dāng)小球的速度v=時，在最高點需要的向心力為：Fn=m=mg；此時需要的向心力與重力大小相等，方向為重力的方向，即重力提供向心力，所以此時拉力或壓力為零；

（2）當(dāng)小球的速度v＞，在最高點需要的向心力為：Fn=m＞mg；此時需要的向心力大于重力，方向為重力的方向，重力不足以提供小球的向心力，所以小球要做圓周運動，小球還得受向下的拉力或壓力作用；

（3）當(dāng)小球的速度v＜，在最高點需要的向心力為：Fn=m＜mg；所以小球會在上升的過程中脫離圓形軌道，不能到達最高點．

由以上闡述可知，輕繩模型的臨界速度為v臨=．

答：證明過程如上．25、略

【分析】【分析】根據(jù)位移時間公式的表達式，結(jié)合平均速度的定義式求出平均速度的大小，通過速度時間公式得出中間時刻的瞬時速度，判斷是否相等．【解析】【解答】證明：設(shè)物體在上述兩個T內(nèi)的總位移為s，則s=v0?2T+a（2T）2

物體在這兩個T內(nèi)的平均速度為==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可證物體經(jīng)過時刻的速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，還等于．五、畫圖題(共2題，共16分)26、略

【分析】【解析】試題分析：由圖讀出波長，由波速公式求出周期．根據(jù)簡諧運動在一個周期內(nèi)通過的路程，求出位移．采用波形平移的方法畫出7s時的波形圖．由圖直接可得波長根據(jù)得：7秒內(nèi)波傳播的位移為：根據(jù)平移法，把波形沿傳播方向平移3.5米，如下圖實線：考點：畫波形圖【解析】【答案】圖形向左平移1.5m27、略

【分析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題【解析】【答案】【解析】彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體，據(jù)此可得思路分析：彈力的方向總是與物體接觸面的切面垂直，然后指向受力物體試題六、實驗探究題(共4題，共28分)28、略

【分析】解：（1）A；應(yīng)在彈簧位于豎直位置且處于平衡狀態(tài)時讀取刻度尺上的示數(shù)；故A正確；

B；彈簧被拉伸時；不能超出它的彈性限度，否則彈簧會損壞，故B錯誤．

C；彈簧的長度不等于彈簧的伸長量；伸長量等于彈簧的長度即彈簧的原長，故C錯誤．

D、根據(jù)胡克定律可知：F=k（l-l0）=kx；即彈簧彈力與彈簧的形變量成正比，與彈簧長度不成正比，不過遠點，故D正確．

故選：AD

（2）根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度；可知打第5個點時的速度為：

v5==2.40m/s

（2）物體的初速度為零，所以動能的增加量為：△Ek=m-0=0.576J；

重力勢能的減小量等于物體重力做功，故：△EP=W=mgh=0.588J；

故答案為：（1）AD；（2）0.576；0.588

（1）在《探索彈力和彈簧伸長的關(guān)系》實驗中；彈簧的彈力與變化量的關(guān)系滿足F=kx，其中k由彈簧本身決定；

（2）根據(jù)物體的初末動能大小可以求出動能的增加量；根據(jù)物體重力做功和重力勢能之間的關(guān)系可以求出系統(tǒng)重力勢能的減小量，比較動能增加量和重力勢能減小量之間的關(guān)系可以得出機械能是否守恒；

（1）本題關(guān)鍵明確實驗原理；知道伸長量；原長和長度間的關(guān)系，明確彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定。

（2）考查了驗證機械能守恒定律中的數(shù)據(jù)處理問題，要熟練掌握勻變速直線運動的規(guī)律以及功能關(guān)系，增強數(shù)據(jù)處理能力【解析】AD；0.576；0.58829、略

【分析】解：(1)

讓重物做自由落體運動；根據(jù)自由落體運動的公式求出X

星球的重力加速度，則需要J

支架：能滿足實驗所需的固定作用，I.

帶有光控計時器的實驗平板一塊.

在平板兩端各有一個光控門，同時還配有其專用的直流電源；導(dǎo)線、開關(guān)、重錘線、滑塊，該器材可用來測量物體從一個光控門運動到另一個光控門的時間，要刻度尺測量下落的高度；

需要的器材有：EIJ

(2)壟脵

將帶光控計時器的平板用支架豎直架穩(wěn)；

壟脷

測量兩個光控門之間的距離h

壟脹

把滑塊從上面的一個光控門處自由釋放；讀出下落時間t

(3)

根據(jù)h=12gt2

得：gx=2ht2

故答案為：(1)EIJ

(2)壟脷

距離h壟脹

時間t(3)2ht2

．

模仿地球上根據(jù)自由落體運動位移時間公式測出重力加速度的方法去測X

星球的重力加