2024年浙教版選修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版選修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示；方波交流電壓和正弦交流電壓分別加在相同阻值的電阻上，則。

A.方波交流電壓的有效值是10VB.正弦交流電壓的有效值是5VC.它們在此電阻上產生的熱功率之比Pa∶Pb為1∶1D.它們在此電阻上產生的熱功率之比Pa∶Pb為4∶12、在“用油膜法估測分子的大小”實驗中，用aml純油酸配制成bml的油酸酒精溶液，現已測得一滴溶液cml，將一滴溶液滴入水中，油膜充分展開后面積為Scm2，估算油酸分子的直徑大小為（）A.B.C.D.3、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內阻為r，R1和R3均為定值電阻，RT為熱敏電阻（溫度越高，電阻越低）．當環(huán)境溫度較低時合上電鍵S，當環(huán)境的溫度逐漸升高時，若三個電表A1、A2和V的示數分別用I1、I2和U表示．則各個電表示數的變化情況是（）

A.I1增大，I2不變，U增大B.I1減小，I2增大，U減小C.I1增大，I2減小，U增大D.I1減小，I2不變，U減小4、提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現象的科學家是（）A.奧斯特B.安培C.歐姆D.法拉第5、如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點，處于靜止狀態(tài)現將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點上方，其它條件不變下列說法中正確的是

A.液滴將向下運動B.液滴將向上運動C.電容器電容變小D.極板帶電荷量將減少6、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時，下面說法中正確的是（）

A.電壓表V2的讀數減??；電流表A的讀數增大。

B.電壓表V1的讀數增大，電壓表V2的讀數增大。

C.電壓表V2的讀數增加；電流表A的讀數減小。

D.無法確定電阻消耗的功率變化，電容器所帶電量增加7、一列沿x軸傳播的簡諧波在某時刻的波形圖如圖所示，此時質點P沿y軸正方向運動；已知波的周期，則該波

A.沿x軸正方向傳播，波速B.沿x軸正方向傳播，波速C.沿x軸負方向傳播，波速D.沿x軸負方向傳播，波速8、已知質子、中子、氘核質量分別是m1、m2、m3，光速為c．則質子和中子結合成氘核的過程中（）A.吸收的能量為（m1+m2+m3）c2B.吸收的能量為（m1+m2-m3）c2C.釋放的能量為（m1+m2+m3）c2D.釋放的能量為（m1+m2-m3）c29、一簡諧機械波沿x軸正方向傳播，周期為T，波長為．若在x=0處質點的振動圖象如圖所示；則該波在t=T/2時刻的波形曲線為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示，豎直光滑導軌上端接入一定值電阻R，C1和C2是半徑都為a的兩圓形磁場區(qū)域，其區(qū)域內的磁場方向都垂直于導軌平面向外，區(qū)域C1中磁場的磁感應強度隨時間接B1=b+kt(k>0)變化，C2中磁場的磁感應強度恒為B2，一質量為m．電阻為r、長度為L的金屬桿AB穿過C2的圓心垂直地跨放在兩導軌上，且與導軌接觸良好，并恰能保持靜止．則

A.通過金屬桿的電流大小為B.通過金屬桿的電流方向為從B到AC.定值電阻的阻值為R=D.整個電路的熱功率p=11、下面表格中給出了一些金屬材料的逸出功：。材料銫鈹鈣鈦逸出功（10﹣19J）3.06.24.36.6

現用波長為330-400nm（1nm=10-9m）的紫外線光照射上述材料，能產生光電效應的材料（普朗克常量光速c=3.0×108m/s）A.銫B.鈹C.鈣D.鈦12、如圖所示，從有界勻強磁場的邊界上O點以相同的速率射出三個相同粒子a、b、c，粒子b射出的方向與邊界垂直，粒子b偏轉后打在邊界上的Q點；另外兩個粒子打在邊界OQ的中點P處，不計粒子所受的重力和粒子間的相互作用力，下列說法正確的是。

A.粒子一定帶正電B.粒子a與b射出的方向間的夾角等于粒子b與c射出的方向間的夾角C.兩粒子a、c在磁場中運動的平均速度相同D.三個粒子做圓周運動的圓心與O點的連線構成一個菱形13、關于物體的內能、分子勢能和分子動能的說法中，不正確的是（）A.對于兩個分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時，分子勢能也最小B.100℃的沸水的內能比0℃的冰水混合物的內能大C.做自由落體運動的物體，分子的平均動能越來越大E.當一定質量的理想氣體溫度升高時，它的內能可以保持不變E.當一定質量的理想氣體溫度升高時，它的內能可以保持不變14、下列說法正確的是（）A.太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結果B.液體中的懸浮微粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數就越多，布朗運動越明顯C.一定質量的理想氣體克服外界壓力膨脹，且過程中不吸熱也不放熱，則內能一定減小E.兩個分子間的距離由很遠（）減小到很難再靠近的過程中，分子勢能不斷增大E.兩個分子間的距離由很遠（）減小到很難再靠近的過程中，分子勢能不斷增大15、一定質量的理想氣體發(fā)生狀態(tài)變化，其體積V隨熱力學溫度T變化的圖像如圖所示，氣體經歷了A→B→C→D→A的循環(huán)過程；下列分析正確的是（）

A.A→B的過程中外界對氣體做功B.B→C過程氣體壓強不變C.C狀態(tài)的單位體積氣體分子數一定比D狀態(tài)的小E.A狀態(tài)的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態(tài)的小E.A狀態(tài)的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態(tài)的小16、如圖所示為一定質量的理想氣體狀態(tài)變化時的p—T圖像，由圖像可知（）

A.該氣體的體積先增大后不變B.該氣體分子的平均動能一直變大C.該氣體的內能先變大后變小E.該氣體一直從外界吸熱E.該氣體一直從外界吸熱17、目前，在居室裝修中經常用到花崗巖、大理石等裝飾材料，這些巖石都不同程度地含有放射性元素，下列有關放射性知識的說法中正確的是（）A.氡的半衰期為3.8天，若有4kg氡原子核，經過7.6天后就只剩下1kg氡原子核B.氡的半衰期為3.8天，若有4個氡原子核，經過7.6天后就只剩下1個氡原子核C.放射性元素發(fā)生β衰變時釋放的電子是原子核外電子電離產生產生的高速電子D.放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙?guī)_______。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙?guī)_______電。19、如圖所示，一定質量的理想氣體經歷A→B、B→C、C→A三個變化過程；則：

（1）C→A過程中氣體______（選填“吸收”或“放出”）熱量，______（選填“外界對氣體”或“氣體對外界”）做功。

（2）已知理想氣體在狀態(tài)A時的溫度是27℃，求氣體在狀態(tài)C時的溫度______K。20、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體的壓強__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內氣體對外界________（填“做正功”、“做負功”或“不做功”）。21、如圖電路中，電源有內阻，開關S1、S2、S3、S4均閉合，在平行板電容器C的極板間懸浮著一帶電油滴P；

(1)若只斷開S1，則P將________．

(2)若只斷開S2，則P將________．

(3)若只斷開S3，則P將________．

(4)若只斷開S4，則P將________．22、有一個教學用的可拆變壓器；如圖甲所示，它有兩個外觀基本相同的線圈A；B，線圈外部還可以繞線．

(1)某同學用一多用電表的同一歐姆擋先后測量了A、B線圈的電阻值，指針分別對應圖乙中的A、B位置，由此可推斷________線圈的匝數較多(選填“A”或“B”)．

(2)如果把它看成理想變壓器，現要測定A線圈的匝數，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導線、一只多用電表和低壓交流電源，請簡要敘述實驗的步驟(寫出要測的物理量，并用字母表示)________;A線圈的匝數為nA＝________.(用所測物理量符號表示).23、如圖所示，D是一只二極管，它的作用是只允許電流從a流向b，不允許從b流向a，水平放置的平行板電容器AB內部原有一電荷P處于靜止狀態(tài)，一直保持兩極板處于平行狀態(tài)，若A和B的間距稍增大一些后，P的運動情況將是________；若把A和B的正對面積稍增大一些后，P的運動情況將是_________；若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，P的運動情況將是________．（填“靜止不動”；“向下運動”或“向上運動”）

24、據統(tǒng)計，人在運動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體所受重力的數倍．為探究這個問題，實驗小組同學利用落錘沖擊的方式進行了實驗，即通過一定質量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況．重物與地面的形變很小，可忽略不計，不考慮空氣阻力的影響取重力加速度g＝10m/s2下表為一次實驗過程中的相關數據．

。重物（包括傳感器）的質量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反彈高度h/cm

20

最大沖擊力Fm/N

850

重物與地面接觸時間t/s

0.1

（1）請你選擇所需數據；通過計算回答下列問題。

a．重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大小a＝_____

b．在重物與地面接觸過程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取一些具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由．_____．25、一個閉合的導線圓環(huán)，處在勻強磁場中，設導線粗細均勻，當磁感應強度隨時間均勻變化時，線環(huán)中電流為I，若將線環(huán)半徑增大1/3，其他條件不變，則線環(huán)中的電流強度為________.26、（1）用游標卡尺測量某鋼管的外徑，某次游標卡尺（主尺的最小分度為1mm）的示數如圖1所示，其讀數為_____cm。

（2）如圖2所示，螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)27、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

28、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

29、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)30、某同學準備將量程Ig=500μA、內阻rg約為200Ω的電流表G改裝成量程為2V的電壓表。

（1）該同學先設計了如圖甲所示的電路來測量電流表G的內阻rg；用此電路，經以下步驟：

①閉合S1，斷開S2，調節(jié)R1，使電流表G的示數為500μA；

②閉合S2，保持___________不變，調節(jié)___________，使電流表的示數為250μA，此時R2的示數如圖乙所示。

（2）由此可知，電流表G的內阻rg=___________Ω。

（3）為了將電流表G改裝成2V的電壓表，需要___________（填“串聯”或“并聯”）一個阻值為___________Ω的電阻。

（4）該同學的上述測量存在著系統(tǒng)誤差，電流表的內阻測量值___________（填“大于”或“小于”）真實值。因此，用這個改裝成的電壓表去直接測量電壓時，將使測量值___________（填“偏大”或“偏小”）。校正該改裝電壓表的可行辦法是___________（填“增大”或“減小”）與電流表串聯的分壓電阻。31、（1）一靈敏電流計，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為Ig=50μA，表頭電阻Rg=1kΩ，若改裝成量程為Im=1mA的電流表，應________聯的電阻阻值為________Ω（用分數表示）．

（2）用改裝好的多用電表的歐姆擋“×10Ω”擋測量一個電阻的阻值，發(fā)現表的指針偏轉角度極小，為了準確測定該電阻的阻值，正確的判斷和做法是________

A．這個電阻的阻值肯定也是極小的。

B．應把選擇開關換到“×1Ω”擋；將歐姆表重新調零后再進行測量。

C．應把選擇開關換到“×100Ω”擋；將歐姆表重新調零后再進行測量。

D．為了使測量值比較準確，應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏在一起，使表筆與待測電阻接觸良好32、用如圖甲所示電路測量某電原的電動和內阻,電路中AB段為拉力敏感電阻絲．拉力敏感電阻絲的阻值R隨拉力F線性變化,其線性關系為=15+10F；單位為Ω

(1)待測電源的電動勢E約為5V，內阻r約為2Ω，電流表應選擇_____填序號。

A.量程0.6A,內阻Ω

B.量程3A,內阻Ω

(2)改變拉力F的大小,記錄電流表讀數測得多組數據,作出廣圖象,如圖乙所示．由圖象可得=待測電源的電動勢E=_____V,內阻r=_____Ω(結果均保留2位有效數字)

(3)如圖丙所示為一燈泡的伏安特性曲線,現將若干個這種燈泡并聯之后與上述的電直接連接,并聯_____只燈泡可使電源的輸出功率最大評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)33、如圖所示，間距為L的兩根平行長直金屬導軌MN、PQ固定在傾角為θ的絕緣斜面上，導軌上端接有阻值為R的電阻，一根長為L、電阻為3R、質量為m的直導體棒ab垂直放在兩導軌上。整個裝置處于方向垂直斜面向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場中。ab由靜止釋放后沿導軌運動，下滑位移大小為時到達cd位置并恰好開始做勻速運動。ab在運動過程中與導軌接觸良好，導軌電阻及一切摩擦均不計，重力加速度大小為g。求：

（1）ab棒勻速時的速度大?。?/p>

（2）從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動整個過程通過電阻R的電荷量；

（3）從ab棒由靜止釋放到開始勻速運動的整個過程中電阻R產生的熱量Q。34、一束初速度不計的電子流在經U＝5000V的加速電壓加速后在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d＝1.0cm，板長＝5.0cm，電子電量e＝C；那么。

（1）電子經過加速電場加速后的動能為多少?

（2）要使電子能從平行板間飛出；兩個極板上最多能加多大的電壓?

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

A項：根據電流的熱效應有：解得：U=10V，故A正確；

B項：正弦交流電壓的有效值是：故B錯誤；

C、D項：根據可知，故C、D錯誤．2、A【分析】【詳解】

純油酸體積為油膜面積為S，油酸分子直徑故A正確．3、B【分析】試題分析：由圖知電壓表測量路端電壓，電流表A1測量流過R1的電流，電流表A2測量流過RT的電流；

當環(huán)境的溫度逐漸升高時，RT減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，電源的內電壓增大，則路端電壓減小，即電壓表示數U減小，R3電壓增大，R1、R2并聯電壓減小，通過R1的電流I1減小，而總電流I增大，則流過RT的電流I2增大．故ACD錯誤；B正確；故選B．

考點：電路的動態(tài)分析4、B【分析】提出分子電流假說并用以解釋物質磁性及磁化現象的科學家是安培，故選B.5、B【分析】【詳解】

將極板A向下平移一小段距離，電容器板間的電壓保持不變，根據分析得知，板間場強增大，油滴所受電場力增大，則油滴將向上運動．故A錯誤，B正確．將極板A向下平移一小段距離時，根據電容的決定式得知電容C增大，而電容器的電壓U不變，由知，極板帶電荷量將增大．故CD錯誤．故選B．6、D【分析】【詳解】

由圖可知，當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，總電流減小，故電流表A示數減??；根據歐姆定律知，R2的電壓減小，則電壓表V2的讀數減小。電壓表V1的讀數U1=E-I（R1+r），I減小，則U1增大。將R1、R2看成電源的內阻，由于等效電源的內電阻與RP的大小未知，不能判斷RP消耗的功率變化。電容器的電壓等于電壓表V2的讀數，則知電容器的電壓減小，電量減少。故D正確，ABC錯誤。7、B【分析】【詳解】

橫波的振動方向與傳播方向垂直，已知P點的振動方向向上，由同側法可知沿x軸正方向傳播，而讀圖得波長λ=2m，則波速故B正確，ACD錯誤；

故選B．

【點睛】考查機械波．由波的傳播方向和質點振動方向之間的關系可判斷波沿x軸正方向傳播，波速由公式求出．8、D【分析】【詳解】

在質子和中子結合成氘核的過程中存在質量虧損，釋放能量，根據愛因斯坦質能方程可知，釋放的能量為：故D正確．9、A【分析】【分析】

由x=0點處質點的振動圖象可知該質點的運動情況，得出時刻的運動性質即可得出符合題意的選項．

【詳解】

從振動圖上可以看出x=0處的質點在t=時刻處于平衡位置；且正在向下振動，波沿x軸正向傳播，根據走坡法，四個選項中只有A圖符合要求，故A項正確．

【點睛】

本題要求學生能正確的分析振動圖象和波動圖象；難點在于能否由波動圖象中得出物體的運動方向．二、多選題(共8題，共16分)10、B:C:D【分析】【詳解】

試題分析：金屬桿靜止；合力為零．根據受力分析，結合平衡條件與安培力表達式，求解通過金屬桿的電流大??；由楞次定律分析通過金屬桿的電流方向．根據法拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律，結合題意，即可求定值電阻的阻值．由功率公式整個電路中產生的熱功率P．

對金屬桿，根據平衡方程得解得故A錯誤；區(qū)域C1中磁場的磁感強度隨時間按B1=b+kt（k＞0）變化，可知磁感強度均勻增大，穿過整個回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通過金屬桿的電流方向為從B到A，B正確；由法拉第電磁感應定律，則有：回路中產生的感應電動勢為且閉合電路歐姆定律有又解得C正確；整個電路中產生的熱功率D正確．11、A:C【分析】【詳解】

一個光子的能量

根據入射光的能量大于逸出功，才會發(fā)生光電效應，所以能發(fā)生光電效應的材料有銫和鈣，故AC正確，BC錯誤．12、B:D【分析】【詳解】

如圖；粒子往右偏轉，根據左手定則，粒子帶負電，故A錯誤；

由幾何知識得，粒子a，c均從P點射出，所以弧OP的對稱弧與a粒子的軌跡半徑相等，故a，b粒子與b，c粒子的射出的方向間的夾角相等，故B正確；a，c粒子位移相等，時間不等，故兩粒子a，c在磁場中運動的平均速度不相同，故C錯誤；根據則速率相同的三個粒子在同一磁場中運動的軌跡半徑相等，故連接三個粒子做圓周運動的圓心與O點的連線構成一個菱形，故D正確；故選BD．

【點睛】

解答此題的關鍵是知道相同粒子在同一磁場中做勻速圓周運動的半徑是相等的，注意與數學知識相結合解答更容易．13、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．對于兩個分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時，兩分子距離為r0；若增大距離，則分子力表現為引力，分子力做負功分子勢能增加，若減小距離，則分子間表現為斥力，分子力做負功分子勢能增加。故此時分子勢能最小。故A正確，與題意不符；

B．內能大小的決定因素有溫度；體積和組成物質的分子數。選項中只談到了溫度一個因素。故B錯誤；與題意相符；

C．分子的平均動能與宏觀量溫度相對應；與其運動狀態(tài)無關。故C錯誤，與題意相符；

D．根據熱力學第一定律；改變物體內能，有兩種方式，做功和熱傳遞，選項中只給了做功一個信息。故D正確，與題意不符；

E．溫度與分子的平均動能相對應；當一定質量的理想氣體溫度升高時，它的內能肯定會變故E錯誤，與題意相符。

故選BCE。14、A:C:D【分析】【詳解】

A．太空中水滴成球形；是液體表面分子間距離大于平衡位置的距離，分子間體現為相互吸引的作用力，這就是表面張力，A正確；

B．懸浮微粒越大；在某一瞬間撞擊它的液體分子數就越多，受力就越趨于平衡，布朗運動就越不明顯，B錯誤；

C．根據熱力學第一定律有

因為過程中既不吸熱也不放熱Q＝0

又因為體積膨脹，所以氣體對外做功W＜0

故

氣體內能將減小；C正確；

D．溫度升高；分子熱運動的平均動能增大，但不意味著每個分子的動能都增大，D正確；

E．將一個分子從無窮遠處無限靠近另外一個分子的過程中；分子力先表現為引力，做正功，后表現為斥力，做負功，所以分子勢能先減小后增大，E錯誤。

故選ACD。15、A:D:E【分析】【詳解】

A．由題圖可知，從A到B；氣體做等溫變化，溫度不變，體積減小，外界對氣體做功，A正確；

B．從B到C，氣體做等容變化，體積不變，溫度升高，由查理定律可得因由此可知即壓強變大，B錯誤；

C．C狀態(tài)下，氣體的溫度比D狀態(tài)下高，D狀態(tài)下，氣體體積比C狀態(tài)下大，氣體分子數不變，可知C狀態(tài)的單位體積氣體分子數一定比D狀態(tài)的大；C錯誤；

D．從D到A，氣體做等容變化，溫度降低，內能減小，由熱力學第一定律可知可得

可知氣體對外放出熱量；D正確；

E．在A和C狀態(tài)，由理想氣體狀態(tài)方程可知

因為

則有

因為

則有

因此可知，A狀態(tài)的氣體分子在單位時間內撞擊容器壁上單位面積的平均次數一定比C狀態(tài)的??；E正確。

故選ADE。16、A:B:E【分析】【詳解】

AD．根據可得由圖可得，圖上各點與原點連線的斜率先減小后不變，則該氣體的體積先增大后不變，該氣體分子的密集程度先減小后不變，選項A正確，選項D錯誤；

BC．該氣體的溫度一直升高；該氣體分子的平均動能一直變大，理想氣體的內能僅與溫度有關，該氣體的內能一直變大，選項B正確，選項C錯誤；

E．第一個過程；對外做功，而內能增大，氣體從外界吸熱，第二個過程，內能增大，不對外做功，氣體從外界吸熱，選項E正確。

故選ABE。17、A:D【分析】【詳解】

氡的半衰期是3.8天，若有4kg氡原子核，則經過7.6天，即兩個半衰期，氡只剩下1kg，故A正確；放射性元素的半衰期與元素所處的物理和化學狀態(tài)有關，它是一個統(tǒng)計規(guī)律，只對大量的原子核才適用，故B錯誤；放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核內的中子轉變?yōu)橘|子和電子，電子釋放出來，故C錯誤；放射性元素的放射性與核外電子無關，故放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性，故D正確。三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷?！窘馕觥緽負負正正19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]C→A過程中氣體壓強不變；體積變大，則溫度升高，氣體對外做功，內能增加，則氣體吸收熱量；

（2）[3]從A到C由蓋呂薩克定律可知

解得TC=0.5TA=150K【解析】吸收氣體對外界15020、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內氣體的壓強

大氣壓強恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內氣體壓強變小，溫度變高，根據理想氣體狀態(tài)方程可知體積增大，則氣泡內氣體對外界做正功?！窘馕觥繙p小做正功21、略

【分析】【詳解】

（1）只斷開S1；電容器兩板間的電壓不變，場強不變，油滴所受的電場力不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)．

（2）只斷開S2；電容器兩板間的電壓增大，穩(wěn)定時，其電壓等于電源的電動勢，板間場強增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上做加速直線運動．

（3）只斷開S3；電容器通過電阻放電，板間場強逐漸減小，油滴所受的電場力減小，油滴將向下做加速直線運動．

（4）只斷開S4；電容器的電量不變，板間場強不變，油滴仍處于靜止狀態(tài)．

【點睛】

本題考查分析電容器電壓的能力．難點是斷開s2，要知道穩(wěn)定后電容器的電壓等于電源的電動勢，可以用電勢差等于電壓來理解.【解析】靜止向上做勻加速直線運動向下做加速直線運動靜止22、略

【分析】【詳解】

(1)由題圖乙可知A位置的阻值大于B位置的阻值，由電阻定律可得A線圈的匝數多于B線圈的．

(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；

②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；

③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA.

因為要測量A線圈匝數，所以要把A線圈與低壓交流電源相連接．變壓器輸入輸出電壓都是交流電，所以要用交流電壓檔測輸入和輸出電壓．根據變壓器電壓比等于匝數比，有:所以

【點睛】

此題既要對多用表能正確使用，又要對變壓器的原理熟練掌握，綜合要求較高．【解析】(1)A(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA；23、略

【分析】【詳解】

[1]電容器與電源保持相連，電容器的電壓不變，板間距離增大，電容減小，電容量的電量要減小，放電，但由于二極管的作用只允許電流從a流向b，電容器的電量無法減小，根據

板間電場強度

Q、S、?不變，則改變d，E不變，電荷P受的電場力不變；仍靜止。

[2]使極板A和B正對面積增大后，跟據

電容變大，根據

電量要增加，但是由于電壓不變，根據

兩板間距不變；故場強不變，電場力不變，則電荷仍靜止不動。

[3]若充電后去掉電源與二極管，再在AB間插入一塊陶瓷片，根據

則電容變大，電量不變，根據

則電壓減小，根據

場強減小，電場力減小，故P的運動情況將是向下運動【解析】（1）靜止不動（2）靜止不動（3）向下運動24、略

【分析】【詳解】

（1）a．重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a，由牛頓第二定律解得：

b．重物在空中運動過程中，由動能定理有：

重物與地面接觸前瞬時的速度大小為：

重物離開地面瞬時的速度大小為：

重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設豎直向上為正方向，由動量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍數為：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力．【解析】90m/s26人接觸地面后要同時下蹲以通過延長與地面接觸的時間來減小人受到地面的沖擊力25、略

【分析】【詳解】

設圓環(huán)的半徑為r，根據法拉第電磁感應定律得：感應電動勢為：

再由歐姆定律得：感應電流的大小是：

若將線環(huán)半徑增大其他條件不變，則線環(huán)中的電流強度為．

點睛：本題屬于磁感應強度變化，而線圈面積不變化的情形，根據法拉第電磁感應定律和歐姆定律結合求解感應電流是常用的方法，注意尋找電流與半徑，是解題的關鍵．【解析】26、略

【分析】【分析】

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數方法；螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀。

【詳解】

（1）[1]游標卡尺的主尺讀數為5.4cm，游標尺上第4個刻度與主尺刻度對齊，則游標尺讀數為

所以最終讀數為

（2）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數為5.5mm，可動刻度讀數為

所以最終讀數為

【點睛】

螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀，注意兩種儀器讀數的不同?！窘馕觥?.445.695四、作圖題(共3題，共18分)27、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】28、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】29、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同