2024-2025學年廣東東莞中學、廣州二中、惠州一中、深圳實驗、珠海一中、中山紀念中學六校高三上學期12月聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12025屆高三十二月六校聯(lián)考物理科試題（滿分100分?？荚嚂r間75分鐘。）注意事項：1.答題前，考生務必用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的姓名和考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。并用2B鉛筆將對應的信息點涂黑，不按要求填涂的，答卷無效。2.選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案，不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答的答案無效。4.考生必須保持答題卡的整潔，考試結束后，只需將答題卡交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求。1.“判天地之美，析萬物之理”，學習物理不僅要掌握物理知識，還要領悟并掌握處理物理問題的思想方法。下面四幅課本插圖中包含的物理思想方法相同的是（）A.甲和乙 B.甲和丁 C.乙和丙 D.乙和丁【答案】D【解析】甲圖中包含的物理思想方法是微元法；乙圖中和丁圖包含的物理思想方法是放大法；丙圖中包含的物理思想方法是等效替代法。故選D。2.如圖甲是客家人口中的“風車”也叫“谷扇”，是農(nóng)民常用來精選谷物的農(nóng)具。谷粒從上方喂料斗的小口無初速度進入風道，在風力作用下，精谷和癟谷（空殼）都從洞口水平飛出，結果精谷和癟谷落地點不同，自然分開。簡化裝置如圖乙所示，谷粒在風道內(nèi)所受的風力大小相等，最終落在同一水平面上，風道口的直徑遠小于下落高度，不計風道內(nèi)的陰力和飛出洞口后的空氣阻力，下列分析正確的是（）A.N處是癟谷B.從風道口飛出到落在水平面過程，癟谷運動時間更長C.落到水平面時，癟谷的速度更大D.落到水平面時，精谷和癟谷的重力瞬時功率一樣大【答案】C【解析】AB．精谷的質量大于癟谷的質量，在相同的水平風力作用下，癟谷獲得的水平加速度大于精谷的水平加速度，在豎直方向上則精谷和癟谷的下落高度相同，則精谷和癟谷的落地時間相同，癟谷的水平加速度大于精谷的水平加速度，則癟谷的水平位移大于精谷的水平位移，則N處是精谷，M處為癟谷，故AB錯誤；C．落到水平面時，兩者的豎直速度一樣，癟谷的水平速度更大，故癟谷的速度更大，故C正確；D．落到水平面時，兩者的豎直速度一樣，但是精谷的重力更大，故精谷的重力瞬時功率更大，故D錯誤。故選C。3.2024年10月30日，搭載神舟十九號載人飛船的火箭成功發(fā)射升空，載人飛船進入預定軌道后，與天宮空間站完成自主快速交會對接，6名中國航天員在太空順利會師。如圖是飛船發(fā)射至對接的原理圖，以下說法正確的是（）A.火箭發(fā)射加速升空過程，載人飛船處于失重狀態(tài)B.飛船先進入軌道2，再加速即可完成對接C.飛船從地面發(fā)射進入軌道1的速度應超過11.2km/sD.飛船在軌道2的運行周期大于在軌道1的運行周期【答案】D【解析】A．火箭發(fā)射加速升空過程，加速度向上，載人飛船處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．飛船先進入軌道2，再加速，萬有引力不足以提供向心力，飛船將做離心運動，無法實現(xiàn)對接，故B錯誤；C．飛船從地面發(fā)射進入軌道1的速度應大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律知，軌道半徑越大，周期越大，飛船在軌道2的運行周期大于在軌道1的運行周期，故D正確。故選D。4.風箏由中國古代勞動人民發(fā)明，南北朝時是傳遞信息的工具；到了宋代的時候，放風箏成為人們喜愛的戶外活動。一平板風箏懸停在空中，如圖為風箏的側視圖，風箏平面與水平面的夾角為，風箏受到空氣的作用力F垂直于風箏平面向上。若拉線長度一定，不計拉線的重力及拉線受到風的作用力，一段時間后，風力增大導致作用力F增大，方向始終垂直于風箏平面，夾角θ不變，再次平衡后相比于風力變化之前（）A.風箏所受的合力變大B.風箏距離地面的高度變大C.拉線對風箏拉力與水平方向的夾角變小D.拉線對風箏的拉力變小【答案】B【解析】A．風箏懸停在空中，可得風箏所受的合力為零，合力保持不變，故A錯誤；CD．如下圖所示為風箏受力示意圖，風力為F時，重力為G，拉線拉力為，當風力變大為時，重力不變，拉線拉力變?yōu)?，根?jù)矢量三角形可知，拉線拉力變大，拉線對風箏的拉力與水平方向的夾角變大，故CD錯誤；B．設拉線長為L，則風箏距地面高度為則風箏距離地面的高度變大，故B正確。故選B。故選B。5.“場離子顯微鏡”的金屬鎢針尖處于球形真空玻璃泡的球心O，玻璃泡內(nèi)壁有一層均勻導電膜，在鎢針和導電膜間加上高電壓后，玻璃泡上半部分的電場可視為位于O點處點電荷形成的電場，如圖所示。a、b、c、d、O為同一平面上的5個點，是一段以0為圓心的圓弧，d為的中點。下面說法正確的是（）A.三點場強相同B.d點電勢小于a點電勢C.Oa間電勢差是Od間電勢差的2倍D.電中性的粒子在O點附近更容易被電離【答案】D【解析】A．a(chǎn)、b、c三點場強方向不同，故A錯誤；B．沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知d點電勢高于a點電勢，故B錯誤；C．越靠近O點場強越強，則od部分的場強均大于db部分的場強，則根據(jù)U=Ed，結合微元法可定性判別出Oa間電勢差小于Od間電勢差的2倍，故C錯誤；D．場強越大，電中性的粒子越容易被電離，O點附近場強最大，在O點附近更容易被電離，故D正確。故選D。6.如圖所示是快遞包裹運送和緩沖裝置，水平傳送帶以恒定速度v順時針轉動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧起緩沖作用。將快遞輕放在傳送帶左端，快遞在接觸彈簧前速度已達到v，之后與彈簧接觸繼續(xù)向右運動。規(guī)定水平向右為正方向，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下面是描述快遞從開始釋放到第一次到達最右端過程中的v-t圖像和a-x圖像，其中可能正確的是（）A B.C. D.【答案】B【解析】AB．快遞在接觸彈簧前速度已達到v，說明它在接觸彈簧前先加速再勻速，勻速階段不受摩擦力。接觸彈簧后，在開始一段時間內(nèi)快遞相對于傳送帶靜止，即其受彈簧彈力和靜摩擦力平衡，繼續(xù)做勻速運動，運動到彈力與最大摩擦力相等時，由于慣性繼續(xù)壓縮彈簧，彈力越來越大，快遞接下來做加速度增大的減速運動直到速度為零。故A錯誤；B正確；CD．快遞在接觸彈簧前加速階段，有解得方向向右。勻速運動階段，有接觸彈簧后，運動到彈力大于最大靜摩擦力前，仍做勻速運動，加速度仍然為零，彈力大于最大靜摩擦力后，有解得方向向左。故CD錯誤。故選B。7.某工地小型升降電梯的原理圖如圖所示，轎廂A、對重B跨過輕質定滑輪通過足夠長輕質纜繩連接，電機通過輕質纜繩拉動對重，使轎廂由靜止開始向上運動，運動過程中A未接觸滑輪、B未落地。已知A、B質量分別為、，電機輸出功率恒為，不考慮空氣阻力與摩擦阻力，重力加速度g取，則當轎廂速度為時，A、B之間輕質纜繩的拉力大小為（）A.5400N B.6000N C.6600N D.7000N【答案】C【解析】當轎廂速度為時，電動機的牽引力為以轎廂A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以對重B為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得A、B之間輕質纜繩的拉力大小為故選C。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.中醫(yī)的懸絲診脈中給懸的是“絲”，“診”的是脈搏通過懸絲傳過來的振動，即通過機械波判斷出病灶的位置與輕重緩急。如圖甲，假設“絲”上有A、B、C三個質點，坐標分別為xA=0、xB=0.4m、xC=1.4m。t=0時刻，脈搏搭上絲線圖中的質點A，質點A開始振動，其振動圖像如圖乙所示，產(chǎn)生的機械波沿絲線向x軸正方向傳播，A、B兩質點運動的方向始終相反，波長大于0.6m。關于該機械波，下列說法正確的是（）A.波長為0.8mB.質點C的起振方向沿y軸正方向C.在時刻，質點B位于平衡位置D.若將絲線的另一端搭在另一個人的脈搏上，則絲線中兩列波相遇時一定發(fā)生干涉現(xiàn)象【答案】AC【解析】A．A、B兩質點運動的方向始終相反，可知A、B兩質點間的距離為由于波長大于0.6m，故故A正確；B．由乙圖可知，振源的起振方向沿y軸負方向，則所有質點的起振方向均沿y軸負方向，則質點C的起振方向沿y軸負方向，故B錯誤；C．由乙圖可知，在時刻，質點A位于平衡位置，振動方向沿y軸負方向，依題意，A、B兩質點運動的方向始終相反，則該時刻質點B位于平衡位置，振動方向沿y軸正方向，故C正確；D．若將絲線的另一端搭在另一個人的脈搏上，二人脈搏的頻率大小關系不明，所以絲線中兩列波相遇時不一定發(fā)生干涉現(xiàn)象，故D錯誤。故選AC。9.電容式加速度傳感器可用于汽車安全氣囊系統(tǒng)，傳感器的核心部件為由一塊固定極板和一塊可前后移動的極板組成的平行板電容器，可移動極板的移動距離與汽車的加速度大小成正比。已知電容器所帶電荷量始終保持不變，當汽車速度減小時，由于慣性導致極板M、N之間的相對位置發(fā)生變化，電容器M、N兩極板之間的電壓減小，當電壓減小到某一值時，安全氣囊彈出。則減速過程該電容器（）A.電容減小B.M、N兩極板間的距離減小C.極板間電場強度增大D.N板為可移動極板【答案】BD【解析】A．由于極板所帶的電荷量不變，由知，電容增大，故A錯誤；BC．聯(lián)立、及有可知，電場強度不變；由于電壓減小，則M、N兩極板間的距離減小，故B正確，C錯誤；D．當汽車速度減小時，可移動極板因為慣性速度沒來的及變化相對汽車向前運動，M、N兩極板間的距離減小，則N板為可移動極板，故D正確。故選BD10.如圖，長為L的長木板c靜止在光滑水平面上，物塊b放在c的正中央，物塊a放在c的左端，瞬間給a一個向右的初速度v0，之后a與b發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短，最終物塊b剛好到c的右端，已知物塊a、b的質量均為m，長木板質量為2m，物塊a、b與c間動摩擦因數(shù)均為μ、重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.a與b碰撞前，b與c保持相對靜止B.a與b碰撞后，a與b都相對c滑動C.a的初速度D.若物塊b初始位置離木板右端近一些，重復上述過程，b將滑離木板c【答案】AC【解析】A．a(chǎn)滑上c后相對c滑動過程中，假設b相對c靜止，由牛頓第二定律得，對b、c整體對b解得即b與c間的靜摩擦力小于最大靜摩擦力，則b相對c保持靜止，b、c一起加速運動，故A正確；B．設a、b碰撞前瞬間a的速度為v，a、b發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得由機械能守恒定律得解得，即碰撞后a、b兩者交換速度，b相對c滑動，由A可知，a、c相對靜止一起運動，故B錯誤；C．b剛好滑到c的右端與c相對靜止，a、b、c共速，設共同速度為v′，a、b、c組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得由能量守恒定律得其中解得故C正確；D．若物塊b初始位置離木板右端近一些，重復上述過程，全程動量守恒的表達式和能量守恒的表達式不變，故b仍剛好到c的右端，故D錯誤。故選AC三、非選擇題：本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答。11.某實驗小組利用鐵架臺、彈簧、鉤碼、打點計時器、刻度尺等器材驗證系統(tǒng)機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為，鉤碼的質量為m。已知彈簧的彈性勢能表達式為其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，當?shù)氐闹亓铀俣却笮間。（1）在彈性限度內(nèi)將鉤碼緩慢下拉至某一位置，測得此時彈簧的長度為L，接通打點計時器電源，從靜止釋放鉤碼，彈簧收縮，得到了一條點跡清晰的紙帶。鉤碼加速上升階段的部分紙帶如圖乙所示，紙帶上相鄰兩點之間的時間間隔均為T（在誤差允許范圍內(nèi)，認為釋放鉤碼的同時打出A點）。從打出A點到打出F點時間內(nèi)，鉤碼的重力勢能增加量為________，鉤碼的動能增加量為________，彈簧的彈性勢能減少量為________。（2）實驗小組發(fā)現(xiàn)彈簧彈性勢能減少量總要大于鉤碼的機械能增加量，除了各種阻力原因外，還可能的原因是________________________________?！敬鸢浮浚?）（2）彈簧自身質量不能忽略【解析】【小問1詳析】[1]鉤碼的重力勢能增加量為[2]打F點時鉤碼的速度為由于在誤差允許的范圍內(nèi)，認為釋放鉤碼的同時打出A點，則鉤碼動能的增加量為[3]從打出A點到打出F點時間內(nèi)，彈簧的彈性勢能減少量為整理有【小問2詳析】實驗小組發(fā)現(xiàn)彈簧彈性勢能減少量總要大于鉤碼的機械能增加量，除了各種阻力原因外，還可能的原因是彈簧自身質量不能忽略,彈簧的重力勢能也增加了。12.某同學想測量某容器的深度，發(fā)現(xiàn)沒有足夠長的測量工具，他靈機一動，想到利用單擺實驗進行測量，步驟如下：（1）該同學找到一把游標卡尺，游標卡尺可用來測物體的深度，應使用圖甲中的________（選填“位置1”“位置2”或“位置3”）測量物體深度。但游標卡尺量程并不夠測量該容器的深度，他先測量了小球的直徑，圖乙所示的游標卡尺讀數(shù)為________。（2）將做好的單擺豎直懸掛于容器底部且開口向下（單擺的下部分露于容器外），如圖（a）所示。將懸線拉離平衡位置一個小角度后由靜止釋放，單擺擺動的過程中懸線不會碰到器壁，測出容器的下端口到擺球球心的距離L，并通過改變L而測出對應的擺動周期T，再以為縱軸、L為橫軸作出圖像，那么就可以通過此圖像得出當?shù)氐闹亓铀俣萭和該容器的深度h，取，回答下列問題：①如果實驗中所得到的圖像如圖（b）所示，那么實驗圖像應該是線________（選填“a”、“b”或“c”）。②由圖像可知，當?shù)氐闹亓铀俣萠_______（結果保留三位有效數(shù)字），容器的深度________m。（結果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）位置3##9.3（2）a【解析】【小問1詳析】[1]游標卡尺測深度應該使用圖中的位置3；[2]游標卡尺讀數(shù)為【小問2詳析】[1]由單擺的周期公式得可得所以圖像應該是a。[2][3]結合圖像可知聯(lián)立可得，13.如圖所示，在方向水平向左、范圍足夠大的勻強電場中，固定一由內(nèi)表面絕緣光滑且內(nèi)徑很小的圓管彎制而成的圓弧，圓弧的圓心為O，豎直半徑（，B點和地面上A點的連線與地面成角，一質量為m、電荷量為q的小球（可視為質點）沿方向做直線運動恰好無碰撞地從管口B進入管道中，小球恰好經(jīng)過管道內(nèi)C點（未畫出）并順利到達D點，其中C點是小球在管道內(nèi)的速度最小點，已知，，重力加速度大小為g。求：（1）說明小球的電性、求勻強電場的場強大小E。（2）小球到達D處時，軌道對小球的支持力。【答案】（1）正電，（2）2mg，方向豎直向下【解析】【小問1詳析】小球做直線運動時的受力情況如圖甲所示所以小球帶正電，且得【小問2詳析】小球到達C處時電場力與重力的合力恰好提供小球做圓周運動的向心力，如圖乙所示OC∥AB，則得小球從C處運動到D處的過程，根據(jù)動能定理有得小球在D點，根據(jù)向心力公式有得故軌道對小球的支持力大小為2mg，方向豎直向下。14.車速鑒定是交通事故司法鑒定的重要組成部分，也是難點所在，其中基于動量守恒定律開展車速鑒定是當前應用比較廣泛的車速鑒定方法。在限速為的水平公路上，一輛質量為的客車與正前方行駛的質量為的重型貨車發(fā)生追尾事故。碰撞導致客車前部產(chǎn)生形變，通過測量形變量可求出車輛對應的有效碰撞速度，車輛的有效碰撞速度是指該車的碰前速度與兩車達共同速度的矢量差，即。經(jīng)勘測，客車的有效碰撞速度大小為。根據(jù)事故現(xiàn)場圖可知，碰前客車司機已采取剎車操作，剎車痕跡長度。碰撞后，客車運動的距離為，貨車運動的距離為。兩車碰撞時間極短，碰后兩車均無動力沿直線行駛且不再發(fā)生二次碰撞。已知客車所受阻力與車重的比值，貨車所受阻力與車重的比值，重力加速度大小g取。求：（1）碰后分離時，兩車的速度分別為多大；（2）碰撞過程，兩車達共同速度的大??；（3）碰前瞬間，兩車的速度分別為多大，并判斷事故前客車是否有超速?！敬鸢浮浚?），（2）（3），，超速【解析】【小問1詳析】碰后兩車均無動力沿直線行駛，客車運動的距離為，客車的加速度大小由運動學公式解得客車碰后的速度為貨車運動的距離為，貨車的加速度大小由運動學公式解得貨車碰后的速度為【小問2詳析】設共速的速度為，碰撞時間極短，系統(tǒng)動量守恒，有解得【小問3詳析】客車的有效碰撞速度大小為，由題意知解得由動量守恒得解得碰前客車司機已采取剎車操作，剎車痕跡長度，由運動學公式有解得故已超速。15.中科院高能物理研究所利用電場約束帶電粒子的運動，其簡化模型如圖1所示，一粒子發(fā)射源固定在坐標原點O，該裝置可以沿x軸正方向連續(xù)發(fā)射質量為m、電荷量為的粒子P，粒子的初速度均為。在平面內(nèi)的第一象限和第四象限加一沿y軸正方向的勻強電場。（未知），粒子剛好能過第一象限內(nèi)的M點，已知M點坐標為，不計重力及粒子間的相互作用。（1）求勻強電場的場強大??；（2）若將原來的勻強電場替換為另一交變電場，如圖2所示，場強為正值時表示電場方向沿y軸正方向，題干中其他條件均不變，時刻從坐標原點射出的粒子P仍能過M點，求圖2中與的比值；（3）在（2）問的條件下,在處放置一垂直于x軸、可吸收帶電粒子的擋板，擋板長度為，擋板中心在x軸上。求在至時間內(nèi)發(fā)射的粒子，哪個時間范圍內(nèi)發(fā)射能打到擋板上?！敬鸢浮浚?）（2）4（3）【解析】【小問1詳析】粒子在電場中做類平拋運動，有根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得【小問2詳析】換成交變電場后，粒子P運動至M點的運動時間仍為結合題圖2可知，交變電場在此期間經(jīng)歷了兩個周期，粒子P沿y軸的分速度隨時間變化的圖像如圖所示所以整個運動過程其在y軸方向運動的距離為可解得故【小問3詳析】粒子P運動至M點的運動時間仍為設時刻發(fā)射出的粒子，在時間內(nèi)，沿y軸正方向做初速度為0的勻加速，沿y軸方向的位移大小根據(jù)對稱性可知，粒子在時間內(nèi)，沿y軸正方向減速為0。時間內(nèi)，粒子沿y軸負方向做初速度為0的勻加速，沿y軸方向的位移大小由對稱性可知，粒子時間內(nèi)，沿y軸負方向勻減速至0，因此=T時間內(nèi)，粒子沿y軸正方向的運動距離若粒子恰好打在擋板上沿，則解得若粒子恰好打在擋板下沿，則解得可知在時間范圍內(nèi)射出的粒子能打到擋板上。2025屆高三十二月六校聯(lián)考物理科試題（滿分100分?？荚嚂r間75分鐘。）注意事項：1.答題前，考生務必用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的姓名和考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。并用2B鉛筆將對應的信息點涂黑，不按要求填涂的，答卷無效。2.選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案，不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答的答案無效。4.考生必須保持答題卡的整潔，考試結束后，只需將答題卡交回。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求。1.“判天地之美，析萬物之理”，學習物理不僅要掌握物理知識，還要領悟并掌握處理物理問題的思想方法。下面四幅課本插圖中包含的物理思想方法相同的是（）A.甲和乙 B.甲和丁 C.乙和丙 D.乙和丁【答案】D【解析】甲圖中包含的物理思想方法是微元法；乙圖中和丁圖包含的物理思想方法是放大法；丙圖中包含的物理思想方法是等效替代法。故選D。2.如圖甲是客家人口中的“風車”也叫“谷扇”，是農(nóng)民常用來精選谷物的農(nóng)具。谷粒從上方喂料斗的小口無初速度進入風道，在風力作用下，精谷和癟谷（空殼）都從洞口水平飛出，結果精谷和癟谷落地點不同，自然分開。簡化裝置如圖乙所示，谷粒在風道內(nèi)所受的風力大小相等，最終落在同一水平面上，風道口的直徑遠小于下落高度，不計風道內(nèi)的陰力和飛出洞口后的空氣阻力，下列分析正確的是（）A.N處是癟谷B.從風道口飛出到落在水平面過程，癟谷運動時間更長C.落到水平面時，癟谷的速度更大D.落到水平面時，精谷和癟谷的重力瞬時功率一樣大【答案】C【解析】AB．精谷的質量大于癟谷的質量，在相同的水平風力作用下，癟谷獲得的水平加速度大于精谷的水平加速度，在豎直方向上則精谷和癟谷的下落高度相同，則精谷和癟谷的落地時間相同，癟谷的水平加速度大于精谷的水平加速度，則癟谷的水平位移大于精谷的水平位移，則N處是精谷，M處為癟谷，故AB錯誤；C．落到水平面時，兩者的豎直速度一樣，癟谷的水平速度更大，故癟谷的速度更大，故C正確；D．落到水平面時，兩者的豎直速度一樣，但是精谷的重力更大，故精谷的重力瞬時功率更大，故D錯誤。故選C。3.2024年10月30日，搭載神舟十九號載人飛船的火箭成功發(fā)射升空，載人飛船進入預定軌道后，與天宮空間站完成自主快速交會對接，6名中國航天員在太空順利會師。如圖是飛船發(fā)射至對接的原理圖，以下說法正確的是（）A.火箭發(fā)射加速升空過程，載人飛船處于失重狀態(tài)B.飛船先進入軌道2，再加速即可完成對接C.飛船從地面發(fā)射進入軌道1的速度應超過11.2km/sD.飛船在軌道2的運行周期大于在軌道1的運行周期【答案】D【解析】A．火箭發(fā)射加速升空過程，加速度向上，載人飛船處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．飛船先進入軌道2，再加速，萬有引力不足以提供向心力，飛船將做離心運動，無法實現(xiàn)對接，故B錯誤；C．飛船從地面發(fā)射進入軌道1的速度應大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律知，軌道半徑越大，周期越大，飛船在軌道2的運行周期大于在軌道1的運行周期，故D正確。故選D。4.風箏由中國古代勞動人民發(fā)明，南北朝時是傳遞信息的工具；到了宋代的時候，放風箏成為人們喜愛的戶外活動。一平板風箏懸停在空中，如圖為風箏的側視圖，風箏平面與水平面的夾角為，風箏受到空氣的作用力F垂直于風箏平面向上。若拉線長度一定，不計拉線的重力及拉線受到風的作用力，一段時間后，風力增大導致作用力F增大，方向始終垂直于風箏平面，夾角θ不變，再次平衡后相比于風力變化之前（）A.風箏所受的合力變大B.風箏距離地面的高度變大C.拉線對風箏拉力與水平方向的夾角變小D.拉線對風箏的拉力變小【答案】B【解析】A．風箏懸停在空中，可得風箏所受的合力為零，合力保持不變，故A錯誤；CD．如下圖所示為風箏受力示意圖，風力為F時，重力為G，拉線拉力為，當風力變大為時，重力不變，拉線拉力變?yōu)?，根?jù)矢量三角形可知，拉線拉力變大，拉線對風箏的拉力與水平方向的夾角變大，故CD錯誤；B．設拉線長為L，則風箏距地面高度為則風箏距離地面的高度變大，故B正確。故選B。故選B。5.“場離子顯微鏡”的金屬鎢針尖處于球形真空玻璃泡的球心O，玻璃泡內(nèi)壁有一層均勻導電膜，在鎢針和導電膜間加上高電壓后，玻璃泡上半部分的電場可視為位于O點處點電荷形成的電場，如圖所示。a、b、c、d、O為同一平面上的5個點，是一段以0為圓心的圓弧，d為的中點。下面說法正確的是（）A.三點場強相同B.d點電勢小于a點電勢C.Oa間電勢差是Od間電勢差的2倍D.電中性的粒子在O點附近更容易被電離【答案】D【解析】A．a(chǎn)、b、c三點場強方向不同，故A錯誤；B．沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知d點電勢高于a點電勢，故B錯誤；C．越靠近O點場強越強，則od部分的場強均大于db部分的場強，則根據(jù)U=Ed，結合微元法可定性判別出Oa間電勢差小于Od間電勢差的2倍，故C錯誤；D．場強越大，電中性的粒子越容易被電離，O點附近場強最大，在O點附近更容易被電離，故D正確。故選D。6.如圖所示是快遞包裹運送和緩沖裝置，水平傳送帶以恒定速度v順時針轉動，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧起緩沖作用。將快遞輕放在傳送帶左端，快遞在接觸彈簧前速度已達到v，之后與彈簧接觸繼續(xù)向右運動。規(guī)定水平向右為正方向，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下面是描述快遞從開始釋放到第一次到達最右端過程中的v-t圖像和a-x圖像，其中可能正確的是（）A B.C. D.【答案】B【解析】AB．快遞在接觸彈簧前速度已達到v，說明它在接觸彈簧前先加速再勻速，勻速階段不受摩擦力。接觸彈簧后，在開始一段時間內(nèi)快遞相對于傳送帶靜止，即其受彈簧彈力和靜摩擦力平衡，繼續(xù)做勻速運動，運動到彈力與最大摩擦力相等時，由于慣性繼續(xù)壓縮彈簧，彈力越來越大，快遞接下來做加速度增大的減速運動直到速度為零。故A錯誤；B正確；CD．快遞在接觸彈簧前加速階段，有解得方向向右。勻速運動階段，有接觸彈簧后，運動到彈力大于最大靜摩擦力前，仍做勻速運動，加速度仍然為零，彈力大于最大靜摩擦力后，有解得方向向左。故CD錯誤。故選B。7.某工地小型升降電梯的原理圖如圖所示，轎廂A、對重B跨過輕質定滑輪通過足夠長輕質纜繩連接，電機通過輕質纜繩拉動對重，使轎廂由靜止開始向上運動，運動過程中A未接觸滑輪、B未落地。已知A、B質量分別為、，電機輸出功率恒為，不考慮空氣阻力與摩擦阻力，重力加速度g取，則當轎廂速度為時，A、B之間輕質纜繩的拉力大小為（）A.5400N B.6000N C.6600N D.7000N【答案】C【解析】當轎廂速度為時，電動機的牽引力為以轎廂A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以對重B為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得A、B之間輕質纜繩的拉力大小為故選C。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.中醫(yī)的懸絲診脈中給懸的是“絲”，“診”的是脈搏通過懸絲傳過來的振動，即通過機械波判斷出病灶的位置與輕重緩急。如圖甲，假設“絲”上有A、B、C三個質點，坐標分別為xA=0、xB=0.4m、xC=1.4m。t=0時刻，脈搏搭上絲線圖中的質點A，質點A開始振動，其振動圖像如圖乙所示，產(chǎn)生的機械波沿絲線向x軸正方向傳播，A、B兩質點運動的方向始終相反，波長大于0.6m。關于該機械波，下列說法正確的是（）A.波長為0.8mB.質點C的起振方向沿y軸正方向C.在時刻，質點B位于平衡位置D.若將絲線的另一端搭在另一個人的脈搏上，則絲線中兩列波相遇時一定發(fā)生干涉現(xiàn)象【答案】AC【解析】A．A、B兩質點運動的方向始終相反，可知A、B兩質點間的距離為由于波長大于0.6m，故故A正確；B．由乙圖可知，振源的起振方向沿y軸負方向，則所有質點的起振方向均沿y軸負方向，則質點C的起振方向沿y軸負方向，故B錯誤；C．由乙圖可知，在時刻，質點A位于平衡位置，振動方向沿y軸負方向，依題意，A、B兩質點運動的方向始終相反，則該時刻質點B位于平衡位置，振動方向沿y軸正方向，故C正確；D．若將絲線的另一端搭在另一個人的脈搏上，二人脈搏的頻率大小關系不明，所以絲線中兩列波相遇時不一定發(fā)生干涉現(xiàn)象，故D錯誤。故選AC。9.電容式加速度傳感器可用于汽車安全氣囊系統(tǒng)，傳感器的核心部件為由一塊固定極板和一塊可前后移動的極板組成的平行板電容器，可移動極板的移動距離與汽車的加速度大小成正比。已知電容器所帶電荷量始終保持不變，當汽車速度減小時，由于慣性導致極板M、N之間的相對位置發(fā)生變化，電容器M、N兩極板之間的電壓減小，當電壓減小到某一值時，安全氣囊彈出。則減速過程該電容器（）A.電容減小B.M、N兩極板間的距離減小C.極板間電場強度增大D.N板為可移動極板【答案】BD【解析】A．由于極板所帶的電荷量不變，由知，電容增大，故A錯誤；BC．聯(lián)立、及有可知，電場強度不變；由于電壓減小，則M、N兩極板間的距離減小，故B正確，C錯誤；D．當汽車速度減小時，可移動極板因為慣性速度沒來的及變化相對汽車向前運動，M、N兩極板間的距離減小，則N板為可移動極板，故D正確。故選BD10.如圖，長為L的長木板c靜止在光滑水平面上，物塊b放在c的正中央，物塊a放在c的左端，瞬間給a一個向右的初速度v0，之后a與b發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短，最終物塊b剛好到c的右端，已知物塊a、b的質量均為m，長木板質量為2m，物塊a、b與c間動摩擦因數(shù)均為μ、重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.a與b碰撞前，b與c保持相對靜止B.a與b碰撞后，a與b都相對c滑動C.a的初速度D.若物塊b初始位置離木板右端近一些，重復上述過程，b將滑離木板c【答案】AC【解析】A．a(chǎn)滑上c后相對c滑動過程中，假設b相對c靜止，由牛頓第二定律得，對b、c整體對b解得即b與c間的靜摩擦力小于最大靜摩擦力，則b相對c保持靜止，b、c一起加速運動，故A正確；B．設a、b碰撞前瞬間a的速度為v，a、b發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得由機械能守恒定律得解得，即碰撞后a、b兩者交換速度，b相對c滑動，由A可知，a、c相對靜止一起運動，故B錯誤；C．b剛好滑到c的右端與c相對靜止，a、b、c共速，設共同速度為v′，a、b、c組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得由能量守恒定律得其中解得故C正確；D．若物塊b初始位置離木板右端近一些，重復上述過程，全程動量守恒的表達式和能量守恒的表達式不變，故b仍剛好到c的右端，故D錯誤。故選AC三、非選擇題：本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答。11.某實驗小組利用鐵架臺、彈簧、鉤碼、打點計時器、刻度尺等器材驗證系統(tǒng)機械能守恒定律，實驗裝置如圖甲所示。彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為，鉤碼的質量為m。已知彈簧的彈性勢能表達式為其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，當?shù)氐闹亓铀俣却笮間。（1）在彈性限度內(nèi)將鉤碼緩慢下拉至某一位置，測得此時彈簧的長度為L，接通打點計時器電源，從靜止釋放鉤碼，彈簧收縮，得到了一條點跡清晰的紙帶。鉤碼加速上升階段的部分紙帶如圖乙所示，紙帶上相鄰兩點之間的時間間隔均為T（在誤差允許范圍內(nèi)，認為釋放鉤碼的同時打出A點）。從打出A點到打出F點時間內(nèi)，鉤碼的重力勢能增加量為________，鉤碼的動能增加量為________，彈簧的彈性勢能減少量為________。（2）實驗小組發(fā)現(xiàn)彈簧彈性勢能減少量總要大于鉤碼的機械能增加量，除了各種阻力原因外，還可能的原因是________________________________?！敬鸢浮浚?）（2）彈簧自身質量不能忽略【解析】【小問1詳析】[1]鉤碼的重力勢能增加量為[2]打F點時鉤碼的速度為由于在誤差允許的范圍內(nèi)，認為釋放鉤碼的同時打出A點，則鉤碼動能的增加量為[3]從打出A點到打出F點時間內(nèi)，彈簧的彈性勢能減少量為整理有【小問2詳析】實驗小組發(fā)現(xiàn)彈簧彈性勢能減少量總要大于鉤碼的機械能增加量，除了各種阻力原因外，還可能的原因是彈簧自身質量不能忽略,彈簧的重力勢能也增加了。12.某同學想測量某容器的深度，發(fā)現(xiàn)沒有足夠長的測量工具，他靈機一動，想到利用單擺實驗進行測量，步驟如下：（1）該同學找到一把游標卡尺，游標卡尺可用來測物體的深度，應使用圖甲中的________（選填“位置1”“位置2”或“位置3”）測量物體深度。但游標卡尺量程并不夠測量該容器的深度，他先測量了小球的直徑，圖乙所示的游標卡尺讀數(shù)為________。（2）將做好的單擺豎直懸掛于容器底部且開口向下（單擺的下部分露于容器外），如圖（a）所示。將懸線拉離平衡位置一個小角度后由靜止釋放，單擺擺動的過程中懸線不會碰到器壁，測出容器的下端口到擺球球心的距離L，并通過改變L而測出對應的擺動周期T，再以為縱軸、L為橫軸作出圖像，那么就可以通過此圖像得出當?shù)氐闹亓铀俣萭和該容器的深度h，取，回答下列問題：①如果實驗中所得到的圖像如圖（b）所示，那么實驗圖像應該是線________（選填“a”、“b”或“c”）。②由圖像可知，當?shù)氐闹亓铀俣萠_______（結果保留三位有效數(shù)字），容器的深度________m。（結果保留兩位小數(shù)）【答案】（1）位置3##9.3（2）a【解析】【小問1詳析】[1]游標卡尺測深度應該使用圖中的位置3；[2]游標卡尺讀數(shù)為【小問2詳析】[1]由單擺的周期公式得可得所以圖像應該是a。[2][3]結合圖像可知聯(lián)立可得，13.如圖所示，在方向水平向左、范圍足夠大的勻強電場中，固定一由內(nèi)表面絕緣光滑且內(nèi)徑很小的圓管彎制而成的圓弧，圓弧的圓心為O，豎直半徑（，B點和地面上A點的連線與地面成角，一質量為m、電荷量為q的小球（可視為質點）沿方向做直線運動恰好無碰撞地從管口B進入管道中，小球恰好經(jīng)過管道內(nèi)C點（未畫出）并順利到達D點，其中C點是小球在管道內(nèi)的速度最小點，已知，，重力加速度大小為g。求：（1）說明小球的電性、求勻強電場的場強大小E。（2）小球到達D處