2024-2025學年廣西壯族自治區(qū)玉林市高二上學期11月期中物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年秋季廣西示范性高中高二期中考調研測試物理科試卷注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4..保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。）1.下列說法正確的是（）A.由公式可知，通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大B.由公式可知，電容器的電容與其所帶的電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C.由公式可知，電場強度的大小與試探電荷所受電場力成正比，與試探電荷的帶電量成反比D.由公式可知，同一材料制成的金屬導體的電阻與導體長度成正比，與導體橫截面積成反比【答案】D【解析】A．由公式可知，單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大，故A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身決定，與其所帶電荷量、兩極板間的電壓無關，故B錯誤；C．電場強度的大小由電場本身的性質決定，與試探電荷受到的電場力和試探電荷的帶電量無關，故C錯誤；D．由電阻的決定式可知，同一材料制成金屬導體的電阻跟導體的長度成正比，跟導體的橫截面積成反比，故D正確。故選D。2.以下關于四幅圖的說法，正確的是（）A.圖甲中禮花彈爆炸的瞬間機械能守恒B.圖乙中A、B用壓縮的輕彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B與彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒C.圖丙中子彈擊穿木球的過程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)水平方向動量不守恒D.圖丁中小車位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車、人和球組成的系統(tǒng)動量守恒【答案】B【解析】A．圖甲中禮花彈爆炸的瞬間，有化學能轉化為機械能，所以機械能不守恒，故A錯誤；B．圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B與彈簧組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，故B正確；C．圖丙中子彈擊穿木球的過程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)可認為所受外力之和為零，系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，故C錯誤；D．圖丁中小車位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車、人和球組成的系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，但豎直方向系統(tǒng)不滿足動量守恒，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，將一錐形導體放入電荷量為Q的負點電荷電場中，導體內有A、B兩點，A點到電荷的距離為d，則（）A.B錐形導體右端帶負電C.導體表面的感應電荷在A點產生的電場強度大小為D.A點電場強度比B點大【答案】C【解析】A．導體處于靜電平衡狀態(tài)，內部各點的電勢是相等的，故A錯誤；B．根據(jù)靜電感應的原理可知，錐形導體的右端應感應異種電荷，故帶正電，故B錯誤；C．根據(jù)靜電平衡可知，導體內部合場強為零，則有方向由A指向點電荷，故感應電荷在A點產生的場強大小與點電荷在A點形成的電場強度大小相等，方向相反，即故C正確；D．達到靜電平衡時，導體內部各點場強均為零，可知A點的電場強度等于B點的電場強度，故D錯誤；故選C。4.如圖所示，邊長為的等邊三角形的三個頂點P、M、N上各放置一個點電荷，三個點電荷帶電荷量均為Q，其中M、N處的為正電荷，P處的為負電荷，O為等邊三角形外接圓的圓心，S為M、N連線的中點，靜電力常量為k，則S點的電場強度大小和方向為（）A.大小為，方向向左B.大小為，方向沿連線指向P點C.大小為，方向沿連線指向P點D.大小為，方向向右【答案】B【解析】S為M、N連線的中點，M、N處的正電荷在S處產生的場強等大反向，則S點的電場強度為P處的負電荷產生的電場強度，根據(jù)幾何關系可知，PS的距離為根據(jù)點電荷電場強度公式方向沿SP連線指向P點。故選B。5.如圖所示，絕緣斜面體靜止于粗糙的水平面上，，，兩個可視為質點的帶電物體P、Q分別靜止在和面上，且連線水平。已知、面均光滑，斜面體和P、Q的質量分別為M、、，重力加速度為g。下列判斷正確的是（）A.P、Q的質量之比是16：9B.P、Q帶異種電荷，且Q的電荷量等于P的電荷量C.水平面對斜面體底部有水平向右的靜摩擦力D.水平面對斜面體的支持力等于【答案】D【解析】AB．P、Q兩物體均受到自身重力、斜面的支持力及它們之間水平方向庫侖力的作用，且三力平衡，根據(jù)平衡條件可判斷知，P、Q的庫侖力一定為引力，所以它們帶異種電荷，但根據(jù)題目條件它們電荷量的大小關系不能確定。對P、Q兩物體有，可得P、Q的質量之比是故AB錯誤；CD．由于斜面體和P、Q整體處于靜止狀態(tài)，整體在水平方向上不受外力的作用，可知水平面對斜面體底部沒有摩擦力作用；在豎直方向上，根據(jù)平衡條件可得水平面對斜面體的支持力大小故C錯誤，D正確。故選D。6.如圖所示，在勻強電場中有一直角三角形，，；邊長。電場強度的方向與三角形在同一平面內。，，。則（）A.B、C兩點間的電勢差為B.電場強度的大小為C.電場強度的方向由A點指向B點D.一電子從B點移到C點，電勢能增加【答案】B【解析】A．根據(jù)電勢差的定義可得UBC==-5V故A錯誤；BC．設D為AB的中點，則V=CD為一條等勢線，作BE⊥CD（E為垂足），則電場方向由E指向B，如圖所示根據(jù)幾何關系可得dEB=ACtan30°cos30°=m電場強度為V/m=10V/m故C錯誤，B正確；D．一電子從B點移到C點，電場力做功WBC=UBC（-e）=5eV所以電勢能減小5eV，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，空間中存在水平向右的勻強電場，電場中固定一半徑為R的半圓形絕緣槽，槽的左右端點a、c等高，b為槽的最低點。從a點靜止釋放一質量為m的帶負電的小球，小球沿圓弧槽下滑至b點時對槽的壓力為mg。小球可視為質點，運動過程中電量保持不變，摩擦力可忽略不計。下列判斷正確的是（）A.小球可以運動至c點B.小球將在b點保持靜止C.小球運動過程中的最大速率為D.若從c點靜止釋放小球，小球將沿圓弧運動至b點【答案】C【解析】A．小球沿圓弧槽下滑至b點時對槽的壓力為mg，由牛頓第三定律可知，在豎直方向圓弧槽b點對小球的支持力大小為mg，可知小球在豎直方向受力平衡，由牛頓第二定律可知，此時小球的速度是零，且受電場力方向水平向左，因此小球不可以運動至c點，故A錯誤；B．小球在豎直方向受力平衡，受電場力方向水平向左，由牛頓第二定律可知，小球向左做加速運動，故B錯誤；C．小球在a點時速度是零，在b點時速度是零，可知小球從a點到b點，重力勢能轉化為電勢能，且重力勢能的減少等于電勢能的增加，則有可得由題意可知，當小球從a點下落到受重力和電場力的合力方向與O點的連線在一條直線上時，小球的速率最大，如圖所示由動能定理，則有解得故C正確；D．由C選項分析可知，小球受到的重力大小等于受的電場力，因此小球在c點時受到的合力大小為受合力方向與水平直徑成45°角，即由c點指向b點，因此從c點靜止釋放小球，小球將沿直線運動至b點，故D錯誤。故選C。二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8.如圖為某電子透鏡中電場的等勢面（虛線）的分布圖，相鄰等勢面間電勢差相等，已知。一帶電微粒僅在電場力作用下運動，其軌跡如圖中實線所示，先后經(jīng)過A、B、C三點，則粒子從A點到C點的過程中，下列說法正確的是（）A.速度先減小后增大B.微粒帶負電C.在A點電勢能比在C點電勢能大D.從A點到B點電場力做功是從B點到C點電場力做功的2倍【答案】BD【解析】ABC．粒子受到的電場力方向指向軌跡的凹側，，沿電場線方向電勢降低，則電場強度方向向右，并且垂直等勢面，粒子受電場力方向與電場強度方向相反，可知粒子帶負電，粒子從A點到C點的過程中，電場力方向與運動方向間的夾角是鈍角，即電場力做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則速度一直減小，在A點電勢能比在C點電勢能小，AC錯誤B正確；D．從A點到B點粒子經(jīng)過兩個等差等勢面，從B點到C點粒子經(jīng)過一個等差等勢面，由電場力做功與電勢差關系公式可知，從A點到B點電場力做功是從B點到C點電場力做功的2倍，D正確。故選BD。9.如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，上極板接地。一帶負電的油滴位于容器中的P點且處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將下極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，則（）A.帶電油滴將豎直向下運動B.帶電油滴的機械能將減小C.P點的電勢將降低D.通過靈敏電流計有從a往b的電流【答案】ABD【解析】A．依題意知，電容器保持與電源連接，則電容器極板間電壓不變，由可知，若將下極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，d增大，則板間場強減小，則油滴所受電場力減小，油滴將沿豎直向下運動，故A正確；BC．P點到上極板的距離不變，場強減小，由知，P點與上極板間電勢差減小，P點的電勢小于零，則P點的電勢增大，由于油滴帶負電，因向下運動，電場力做負功，則帶電油滴的電勢能將增大，機械能減小，故C錯誤，B正確；D．將下極板豎直向下緩慢移動時，d增大，根據(jù)可知電容器電容減小；電容器的電壓U不變；故根據(jù)可知電量減小，故電容器放電，電流計中有從a到b的電流，故D正確。10.如圖所示，為某兩個點電荷產生電場中，某個區(qū)域x軸上電勢隨x變化的圖像，規(guī)定無限遠處電勢為零，一帶電粒子在處由靜止釋放，只在電場力作用下沿x軸正向運動（粒子只在x軸上運動），則下列說法正確的是（）A.粒子在處受到的電場力為0B.粒子在處電勢能最大C.粒子在段過程中電場力做負功D.段帶電粒子受到的電場力先增大后減小【答案】AC【解析】A．由電勢位移圖像斜率表示電場強度可知，x1處斜率為0，電場強度為0，所以電場力為0，故A正確；B．由功能關系可知，帶電粒子在處由靜止釋放運動到x1處時，電場力做正功最多，故粒子在x1處電勢能最低，故B錯誤；C．結合圖像和粒子運動可知，x1左邊電場方向和電場力均向右，且粒子帶正電，x1右邊電場方向向左，故電場力方向向左，故粒子在段過程中電場力做負功，故C正確；D．段，圖像斜率先小后大，故場強先小后大，電場力先小后大，故D錯誤。三、實驗題（本題共2小題，第11題6分，第12題10分，共16分。）11.如圖所示是“探究向心力的大小與質量、角速度和半徑之間關系”的實驗裝置。長槽上的擋板B到轉軸的距離是擋板A到轉軸距離的2倍，擋板A和短槽上的擋板C到各自轉軸的距離相等。皮帶分別套在兩塔輪圓盤上，轉動手柄可使槽內小球以各自角速度做圓周運動，通過標尺上露出的紅白相間等分格數(shù)可得到兩個小球所受向心力的比值。（1）下列實驗中的主要探究方法與本實驗相同的是______.A.探究平拋運動的特點B.探究加速度與力、質量的關系C.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律（2）為了探究向心力大小與半徑之間關系，左右兩側塔輪______設置半徑相同的輪盤（選填“需要”或“不需要”）。（3）探究向心力和角速度的關系時，需將質量相同的小球分別放在擋板A和擋板C處，再將傳動皮帶套在兩半徑之比等于2:1的輪盤上，標尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為______。【答案】（1）B（2）需要（3）1:4【解析】（1）A．探究向心力的大小與質量、角速度和半徑之間關系采用的探究方法是控制變量法，探究平拋運動的特點采用的探究方法是用曲化直的方法，故A錯誤；B．探究加速度與力、質量的關系采用的探究方法是控制變量法，故B正確；C．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律采用的探究方法是等效替代，故C錯誤。故選B。（2）為了探究向心力大小與半徑之間的關系，需控制小球的角速度相同，變速塔輪邊緣的線速度相等，根據(jù)可知，左右兩側塔輪需要設置半徑相同的輪盤。（3）變速塔輪邊緣的線速度相等，根據(jù)可得擋板A和短槽上的擋板C到各自轉軸的距離相等，則兩小球運動半徑相等，根據(jù)向心力公式可得標尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為12.如圖所示，打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置驗證機械能守恒定律：（1）對于該實驗，下列操作必要且又正確的有______。A.重物應選用質量大和體積小的金屬錘B.兩限位孔必須在同一豎直線上C.精確測量出重物的質量D.用夾子夾好紙帶穩(wěn)定后，接通直流電源，然后松開夾子釋放重物E.除圖示所示器材外，為了完成實驗，還必須增加刻度尺（2）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖所示的一條紙帶，在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為。已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T，設重物的質量為m。從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減小量______，動能變化量______。（3）某同學想用下述方法研究機械能是否守恒：在紙帶上選取多個計數(shù)點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數(shù)點的重物速度v，描繪圖像如圖所示，并做如下判斷：若圖像是一條過原點的直線，斜率為K，則當滿足K=______時，重物下落過程中機械能守恒。（4）利用（3）小題的紙帶通過逐差法求出重錘下落的加速度為a，已知當?shù)氐闹亓铀俣葹間，需要知道一個物理量______，就可計算出重錘下落過程中所受的平均阻力______?！敬鸢浮浚?）ABE（2）（3）（4）重錘的質量【解析】（1）驗證機械能守恒實驗滿足的關系式解得因此無需測量重物的質量，需要測量重錘下落的高度，需要刻度尺，應選用質量大和體積小的金屬錘，兩限位孔必須在同一豎直線上，從而減小阻力的影響，另外打點計時器應選用交流電，故選ABE。（2）[1]打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減小量[2]由紙帶可知動能變化量（3）機械能守恒實驗滿足的關系式解得圖像是一條過原點的直線，斜率為重物下落過程中機械能守恒。（4）[1][2]由下落過程的牛頓第二定律可知因此需要知道重錘質量，才能計算出重錘下落過程中所受的平均阻力四、計算題（本題共3小題，共38分。解答過程要求有必要的文字說明，只寫結果的不能得分，有數(shù)值計算的要寫出正確單位。）13.如圖所示，在水平面上依次放置小物塊A、C以及曲面劈B，其中A與C的質量相等均為m，曲面劈B的質量，曲面劈B的曲面下端與水平面相切，且曲面劈B足夠高，各接觸面均光滑?，F(xiàn)讓小物塊C以水平速度向右運動，與A發(fā)生碰撞，碰撞后兩個小物塊粘在一起滑上曲面劈B。求：（1）物塊C與A碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；（2）碰后物塊A與C在曲面劈B上能夠達到的最大高度?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）小物塊C與物塊A發(fā)生碰撞粘在一起，以的方向為正方向，由動量守恒定律得解得碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為解得（2）當小物塊A、C上升到最大高度時，A、B、C系統(tǒng)的速度相等。根據(jù)動量守恒定律解得根據(jù)機械能守恒得解得14.如圖所示，在天花板與水平地面之間存在水平向右的勻強電場。不可伸長的絕緣輕繩一端固定在天花板，另一端拴一質量為m、電荷量為q的帶電小球，繩長為L。當帶電小球靜止時，輕繩與豎直方向的夾角為。重力加速度為g，，，求：（1）小球帶何種電荷；勻強電場的電場強度的大??；（2）將小球拉至與懸掛點O等高左側位置由靜止釋放，小球運動至最低點時受到的繩子拉力大小?！敬鸢浮浚?）小球帶負電；（2）【解析】（1）對小球進行受力分析，根據(jù)受力平衡可知，小球受到的電場力水平向左，與電場方向相反，則小球帶負電；以小球為對象，根據(jù)受力平衡可得可得勻強電場的電場強度的大小為（2）小球從水平位置擺動到最低點的過程中，由動能定理得小球在最低點時，由重力與細線的拉力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得解得15.如圖，靜止于A處的質子（質量為m、電荷量為e），經(jīng)電壓為U的加速電場加速后，沿圖中虛線垂直進入方向豎直向下的矩形有界勻強偏轉電場區(qū)域，區(qū)域邊界、，場強，質子經(jīng)偏轉電場偏轉后能從邊射出，不計質子的重力。（1）求質子離開加速電場時的速度大?。唬?）求質子離開偏轉電場時的位置與P點的距離；（3）若偏轉電場的場強大小變?yōu)樵瓉淼娜种弧⒎较虿蛔?，求質子離開該區(qū)域時的速度大小?！敬鸢浮浚?）（2）2L（3）【解析】（1）質子在加速電場中做加速直線運動，由動能定理有解得（2）由題意以及之前的分析可知，質子在豎直方向做初速度為零的加速直線運動，在水平方向做速度大小為的勻速直線運動，當設電場的電場強度為E，豎直方向有水平方向有解得所以質子離開偏轉電場時的位置與P點的距離為2L。（3）質子離開偏轉電場時速度為解得其電場強度的大小變?yōu)樵瓉淼娜种?，由之前的分析可知，其豎直方向的加速度大小也變?yōu)樵瓉淼娜种?，有假設質子從PQ邊射出，則質子在豎直方向上依然做勻加速直線運動，有所以有則該短時間內質子在水平方向運動的距離為結合之前的分析可知，其有由上述分析可知，其質子出電場時不是從電場下端離開，設其離開電場時的豎直方向速度為，時間為，其豎直方向有水平方向仍然以做勻速直線運動，有其質子離開電場的速度大小為2024年秋季廣西示范性高中高二期中考調研測試物理科試卷注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4..保持卡面清潔，不要折疊、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。）1.下列說法正確的是（）A.由公式可知，通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大B.由公式可知，電容器的電容與其所帶的電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C.由公式可知，電場強度的大小與試探電荷所受電場力成正比，與試探電荷的帶電量成反比D.由公式可知，同一材料制成的金屬導體的電阻與導體長度成正比，與導體橫截面積成反比【答案】D【解析】A．由公式可知，單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大，故A錯誤；B．電容器的電容由電容器本身決定，與其所帶電荷量、兩極板間的電壓無關，故B錯誤；C．電場強度的大小由電場本身的性質決定，與試探電荷受到的電場力和試探電荷的帶電量無關，故C錯誤；D．由電阻的決定式可知，同一材料制成金屬導體的電阻跟導體的長度成正比，跟導體的橫截面積成反比，故D正確。故選D。2.以下關于四幅圖的說法，正確的是（）A.圖甲中禮花彈爆炸的瞬間機械能守恒B.圖乙中A、B用壓縮的輕彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B與彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒C.圖丙中子彈擊穿木球的過程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)水平方向動量不守恒D.圖丁中小車位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車、人和球組成的系統(tǒng)動量守恒【答案】B【解析】A．圖甲中禮花彈爆炸的瞬間，有化學能轉化為機械能，所以機械能不守恒，故A錯誤；B．圖乙中A、B用壓縮的彈簧連接放于光滑的水平面上，釋放后A、B與彈簧組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，故B正確；C．圖丙中子彈擊穿木球的過程中，子彈和木球組成的系統(tǒng)可認為所受外力之和為零，系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，故C錯誤；D．圖丁中小車位于光滑的水平面上，人將小球水平向左拋出后，車、人和球組成的系統(tǒng)滿足水平方向動量守恒，但豎直方向系統(tǒng)不滿足動量守恒，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，將一錐形導體放入電荷量為Q的負點電荷電場中，導體內有A、B兩點，A點到電荷的距離為d，則（）A.B錐形導體右端帶負電C.導體表面的感應電荷在A點產生的電場強度大小為D.A點電場強度比B點大【答案】C【解析】A．導體處于靜電平衡狀態(tài)，內部各點的電勢是相等的，故A錯誤；B．根據(jù)靜電感應的原理可知，錐形導體的右端應感應異種電荷，故帶正電，故B錯誤；C．根據(jù)靜電平衡可知，導體內部合場強為零，則有方向由A指向點電荷，故感應電荷在A點產生的場強大小與點電荷在A點形成的電場強度大小相等，方向相反，即故C正確；D．達到靜電平衡時，導體內部各點場強均為零，可知A點的電場強度等于B點的電場強度，故D錯誤；故選C。4.如圖所示，邊長為的等邊三角形的三個頂點P、M、N上各放置一個點電荷，三個點電荷帶電荷量均為Q，其中M、N處的為正電荷，P處的為負電荷，O為等邊三角形外接圓的圓心，S為M、N連線的中點，靜電力常量為k，則S點的電場強度大小和方向為（）A.大小為，方向向左B.大小為，方向沿連線指向P點C.大小為，方向沿連線指向P點D.大小為，方向向右【答案】B【解析】S為M、N連線的中點，M、N處的正電荷在S處產生的場強等大反向，則S點的電場強度為P處的負電荷產生的電場強度，根據(jù)幾何關系可知，PS的距離為根據(jù)點電荷電場強度公式方向沿SP連線指向P點。故選B。5.如圖所示，絕緣斜面體靜止于粗糙的水平面上，，，兩個可視為質點的帶電物體P、Q分別靜止在和面上，且連線水平。已知、面均光滑，斜面體和P、Q的質量分別為M、、，重力加速度為g。下列判斷正確的是（）A.P、Q的質量之比是16：9B.P、Q帶異種電荷，且Q的電荷量等于P的電荷量C.水平面對斜面體底部有水平向右的靜摩擦力D.水平面對斜面體的支持力等于【答案】D【解析】AB．P、Q兩物體均受到自身重力、斜面的支持力及它們之間水平方向庫侖力的作用，且三力平衡，根據(jù)平衡條件可判斷知，P、Q的庫侖力一定為引力，所以它們帶異種電荷，但根據(jù)題目條件它們電荷量的大小關系不能確定。對P、Q兩物體有，可得P、Q的質量之比是故AB錯誤；CD．由于斜面體和P、Q整體處于靜止狀態(tài)，整體在水平方向上不受外力的作用，可知水平面對斜面體底部沒有摩擦力作用；在豎直方向上，根據(jù)平衡條件可得水平面對斜面體的支持力大小故C錯誤，D正確。故選D。6.如圖所示，在勻強電場中有一直角三角形，，；邊長。電場強度的方向與三角形在同一平面內。，，。則（）A.B、C兩點間的電勢差為B.電場強度的大小為C.電場強度的方向由A點指向B點D.一電子從B點移到C點，電勢能增加【答案】B【解析】A．根據(jù)電勢差的定義可得UBC==-5V故A錯誤；BC．設D為AB的中點，則V=CD為一條等勢線，作BE⊥CD（E為垂足），則電場方向由E指向B，如圖所示根據(jù)幾何關系可得dEB=ACtan30°cos30°=m電場強度為V/m=10V/m故C錯誤，B正確；D．一電子從B點移到C點，電場力做功WBC=UBC（-e）=5eV所以電勢能減小5eV，故D錯誤。故選B。7.如圖所示，空間中存在水平向右的勻強電場，電場中固定一半徑為R的半圓形絕緣槽，槽的左右端點a、c等高，b為槽的最低點。從a點靜止釋放一質量為m的帶負電的小球，小球沿圓弧槽下滑至b點時對槽的壓力為mg。小球可視為質點，運動過程中電量保持不變，摩擦力可忽略不計。下列判斷正確的是（）A.小球可以運動至c點B.小球將在b點保持靜止C.小球運動過程中的最大速率為D.若從c點靜止釋放小球，小球將沿圓弧運動至b點【答案】C【解析】A．小球沿圓弧槽下滑至b點時對槽的壓力為mg，由牛頓第三定律可知，在豎直方向圓弧槽b點對小球的支持力大小為mg，可知小球在豎直方向受力平衡，由牛頓第二定律可知，此時小球的速度是零，且受電場力方向水平向左，因此小球不可以運動至c點，故A錯誤；B．小球在豎直方向受力平衡，受電場力方向水平向左，由牛頓第二定律可知，小球向左做加速運動，故B錯誤；C．小球在a點時速度是零，在b點時速度是零，可知小球從a點到b點，重力勢能轉化為電勢能，且重力勢能的減少等于電勢能的增加，則有可得由題意可知，當小球從a點下落到受重力和電場力的合力方向與O點的連線在一條直線上時，小球的速率最大，如圖所示由動能定理，則有解得故C正確；D．由C選項分析可知，小球受到的重力大小等于受的電場力，因此小球在c點時受到的合力大小為受合力方向與水平直徑成45°角，即由c點指向b點，因此從c點靜止釋放小球，小球將沿直線運動至b點，故D錯誤。故選C。二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）8.如圖為某電子透鏡中電場的等勢面（虛線）的分布圖，相鄰等勢面間電勢差相等，已知。一帶電微粒僅在電場力作用下運動，其軌跡如圖中實線所示，先后經(jīng)過A、B、C三點，則粒子從A點到C點的過程中，下列說法正確的是（）A.速度先減小后增大B.微粒帶負電C.在A點電勢能比在C點電勢能大D.從A點到B點電場力做功是從B點到C點電場力做功的2倍【答案】BD【解析】ABC．粒子受到的電場力方向指向軌跡的凹側，，沿電場線方向電勢降低，則電場強度方向向右，并且垂直等勢面，粒子受電場力方向與電場強度方向相反，可知粒子帶負電，粒子從A點到C點的過程中，電場力方向與運動方向間的夾角是鈍角，即電場力做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則速度一直減小，在A點電勢能比在C點電勢能小，AC錯誤B正確；D．從A點到B點粒子經(jīng)過兩個等差等勢面，從B點到C點粒子經(jīng)過一個等差等勢面，由電場力做功與電勢差關系公式可知，從A點到B點電場力做功是從B點到C點電場力做功的2倍，D正確。故選BD。9.如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，上極板接地。一帶負電的油滴位于容器中的P點且處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)將下極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，則（）A.帶電油滴將豎直向下運動B.帶電油滴的機械能將減小C.P點的電勢將降低D.通過靈敏電流計有從a往b的電流【答案】ABD【解析】A．依題意知，電容器保持與電源連接，則電容器極板間電壓不變，由可知，若將下極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，d增大，則板間場強減小，則油滴所受電場力減小，油滴將沿豎直向下運動，故A正確；BC．P點到上極板的距離不變，場強減小，由知，P點與上極板間電勢差減小，P點的電勢小于零，則P點的電勢增大，由于油滴帶負電，因向下運動，電場力做負功，則帶電油滴的電勢能將增大，機械能減小，故C錯誤，B正確；D．將下極板豎直向下緩慢移動時，d增大，根據(jù)可知電容器電容減小；電容器的電壓U不變；故根據(jù)可知電量減小，故電容器放電，電流計中有從a到b的電流，故D正確。10.如圖所示，為某兩個點電荷產生電場中，某個區(qū)域x軸上電勢隨x變化的圖像，規(guī)定無限遠處電勢為零，一帶電粒子在處由靜止釋放，只在電場力作用下沿x軸正向運動（粒子只在x軸上運動），則下列說法正確的是（）A.粒子在處受到的電場力為0B.粒子在處電勢能最大C.粒子在段過程中電場力做負功D.段帶電粒子受到的電場力先增大后減小【答案】AC【解析】A．由電勢位移圖像斜率表示電場強度可知，x1處斜率為0，電場強度為0，所以電場力為0，故A正確；B．由功能關系可知，帶電粒子在處由靜止釋放運動到x1處時，電場力做正功最多，故粒子在x1處電勢能最低，故B錯誤；C．結合圖像和粒子運動可知，x1左邊電場方向和電場力均向右，且粒子帶正電，x1右邊電場方向向左，故電場力方向向左，故粒子在段過程中電場力做負功，故C正確；D．段，圖像斜率先小后大，故場強先小后大，電場力先小后大，故D錯誤。三、實驗題（本題共2小題，第11題6分，第12題10分，共16分。）11.如圖所示是“探究向心力的大小與質量、角速度和半徑之間關系”的實驗裝置。長槽上的擋板B到轉軸的距離是擋板A到轉軸距離的2倍，擋板A和短槽上的擋板C到各自轉軸的距離相等。皮帶分別套在兩塔輪圓盤上，轉動手柄可使槽內小球以各自角速度做圓周運動，通過標尺上露出的紅白相間等分格數(shù)可得到兩個小球所受向心力的比值。（1）下列實驗中的主要探究方法與本實驗相同的是______.A.探究平拋運動的特點B.探究加速度與力、質量的關系C.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律（2）為了探究向心力大小與半徑之間關系，左右兩側塔輪______設置半徑相同的輪盤（選填“需要”或“不需要”）。（3）探究向心力和角速度的關系時，需將質量相同的小球分別放在擋板A和擋板C處，再將傳動皮帶套在兩半徑之比等于2:1的輪盤上，標尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為______?！敬鸢浮浚?）B（2）需要（3）1:4【解析】（1）A．探究向心力的大小與質量、角速度和半徑之間關系采用的探究方法是控制變量法，探究平拋運動的特點采用的探究方法是用曲化直的方法，故A錯誤；B．探究加速度與力、質量的關系采用的探究方法是控制變量法，故B正確；C．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律采用的探究方法是等效替代，故C錯誤。故選B。（2）為了探究向心力大小與半徑之間的關系，需控制小球的角速度相同，變速塔輪邊緣的線速度相等，根據(jù)可知，左右兩側塔輪需要設置半徑相同的輪盤。（3）變速塔輪邊緣的線速度相等，根據(jù)可得擋板A和短槽上的擋板C到各自轉軸的距離相等，則兩小球運動半徑相等，根據(jù)向心力公式可得標尺露出紅白相間的等分格數(shù)的比值約為12.如圖所示，打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，利用此裝置驗證機械能守恒定律：（1）對于該實驗，下列操作必要且又正確的有______。A.重物應選用質量大和體積小的金屬錘B.兩限位孔必須在同一豎直線上C.精確測量出重物的質量D.用夾子夾好紙帶穩(wěn)定后，接通直流電源，然后松開夾子釋放重物E.除圖示所示器材外，為了完成實驗，還必須增加刻度尺（2）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖所示的一條紙帶，在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為。已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T，設重物的質量為m。從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減小量______，動能變化量______。（3）某同學想用下述方法研究機械能是否守恒：在紙帶上選取多個計數(shù)點，測量它們到起始點O的距離h，計算對應計數(shù)點的重物速度v，描繪圖像如圖所示，并做如下判斷：若圖像是一條過原點的直線，斜率為K，則當滿足K=______時，重物下落過程中機械能守恒。（4）利用（3）小題的紙帶通過逐差法求出重錘下落的加速度為a，已知當?shù)氐闹亓铀俣葹間，需要知道一個物理量______，就可計算出重錘下落過程中所受的平均阻力______?！敬鸢浮浚?）ABE（2）（3）（4）重錘的質量【解析】（1）驗證機械能守恒實驗滿足的關系式解得因此無需測量重物的質量，需要測量重錘下落的高度，需要刻度尺，應選用質量大和體積小的金屬錘，兩限位孔必須在同一豎直線上，從而減小阻力的影響