【復(fù)習(xí)參考】2021年高考數(shù)學(xué)(理)提升演練：平面向量基本定理及坐標(biāo)表示

2021屆高三數(shù)學(xué)（理）提升演練：平面對(duì)量基本定理及坐標(biāo)表示一、選擇題1．已知向量a＝(1，k)，b＝(2,2)，且a＋b與a共線，那么a·b的值為()A．1 B．2C．3 D．42．如圖，在平行四邊形ABCD中，E為DC邊的中點(diǎn)，且＝a，＝b，則＝ ()A．b－eq\f(1,2)a B．b＋eq\f(1,2)aC．a(chǎn)＋eq\f(1,2)b D．a(chǎn)－eq\f(1,2)b3．已知向量a＝(1,2)，b＝(1,0)，c＝(3,4)．若λ為實(shí)數(shù)，(a＋λb)∥c則λ＝()A.eq\f(1,4) B.eq\f(1,2)C．1 D．24．已知向量a＝(1,1－cosθ)，b＝(1＋cosθ，eq\f(1,2))，且a∥b，則銳角θ等于()A．30° B．45°C．60° D．75°5．已知a，b是不共線的向量，＝λa＋b，＝a＋μb，μ∈R，那么A、B、C三點(diǎn)共線的充要條件為()A．λ＋μ＝2 B．λ－μ＝1C．λμ＝－1 D．λμ＝16．在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，m＝(eq\r(3)b－c，cosC)，n＝(a，cosA)，m∥n，則cosA的值等于()A.eq\f(\r(3),6) B.eq\f(\r(3),4)C.eq\f(\r(3),3) D.eq\f(\r(3),2)二、填空題7．若三點(diǎn)A(2,2)，B(a,0)，C(0，b)(ab≠0)共線，則eq\f(1,a)＋eq\f(1,b)的值等于________．8．在△ABC中，＝a，＝b，M是CB的中點(diǎn)，N是AB的中點(diǎn)，且CN、AM交于點(diǎn)P，則＝_______(用a，b表示)．9．已知向量a＝(2，－1)，b＝(－1，m)，c＝(－1,2)，若(a＋b)∥c，則m＝________.三、解答題10．已知向量a＝(1,2)，b＝(2,3)，λ∈R，若向量λa＋b與向量c＝(－4，－7)共線，求λ.11．已知P為△ABC內(nèi)一點(diǎn)，且3＋4＋5＝0.延長(zhǎng)AP交BC于點(diǎn)D，若＝a，＝b，用a、b表示向量、.12．已知O為坐標(biāo)原點(diǎn)，A(0,2)，B(4,6)，＝t1＋t2.(1)求點(diǎn)M在其次或第三象限的充要條件；(2)求證：當(dāng)t1＝1時(shí)，不論t2為何實(shí)數(shù)，A、B、M三點(diǎn)都共線；(3)若t1＝a2，求當(dāng)⊥且△ABM的面積為12時(shí)a的值．詳解答案一、選擇題1．解析：依題意得a＋b＝(3，k＋2)．由a＋b與a共線，得1×(k＋2)－3×k＝0，由此解得k＝1，a·b＝2＋2k＝4.答案：D2．解析：＝＋＋＝－a＋b＋eq\f(1,2)a＝b－eq\f(1,2)a.答案：A3．解析：可得a＋λb＝(1＋λ，2)，由(a＋λb)∥c得(1＋λ)×4－3×2＝0，∴λ＝eq\f(1,2)答案：B4．解析：∵a∥b，∴(1－cosθ)(1＋cosθ)＝eq\f(1,2).即sin2θ＝eq\f(1,2)，又∵θ為銳角，∴sinθ＝eq\f(\r(2),2)，θ＝45°.答案：B5．解析：∵＝λa＋b，＝a＋μb，且A、B、C三點(diǎn)共線．∴存在實(shí)數(shù)m，使＝m，即λa＋b＝m(a＋μb)∴eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(λ＝m,1＝mμ))，∴λμ＝1.答案：D6．解析：m∥n?(eq\r(3)b－c)cosA－acosC＝0，再由正弦定理得eq\r(3)sinBcosA＝sinCcosA＋cosCsinA?eq\r(3)sinBcosA＝sin(C＋A)＝sinB，即cosA＝eq\f(\r(3),3).答案：C二、填空題7．解析：＝(a－2，－2)，＝(－2，b－2)，依題意，有(a－2)(b－2)－4＝0，即ab－2a－2b＝0，所以eq\f(1,a)＋eq\f(1,b)＝eq\f(1,2).答案：eq\f(1,2)8．解析：如圖所示，＝＋＝－＋eq\f(2,3)＝－＋eq\f(2,3)×eq\f(1,2)(＋)＝－＋eq\f(1,3)＋eq\f(1,3)＝－eq\f(2,3)＋eq\f(1,3)＝－eq\f(2,3)a＋eq\f(1,3)b.答案：－eq\f(2,3)a＋eq\f(1,3)b9．解析：由已知a＋b＝(1，m－1)，c＝(－1,2)，由(a＋b)∥c得1×2－(m－1)×(－1)＝m＋1＝0，所以m＝－1.答案：－1三、解答題10．解：λa＋b＝(λ＋2,2λ＋3)，又向量λa＋b與向量c＝(－4，－7)共線，所以－7(λ＋2)－(－4)(2λ＋3)＝0，解得λ＝2.11．解：∵＝－＝－a，＝－＝－b，又3＋4＋5＝0，∴3＋4(－a)＋5(－b)＝0，化簡(jiǎn)，得＝eq\f(1,3)a＋eq\f(5,12)b.設(shè)＝t(t∈R)，則＝eq\f(1,3)ta＋eq\f(5,12)tb.①又設(shè)＝k(k∈R)，由＝－＝b－a，得＝k(b－a)．而＝＋＝a＋，∴＝a＋k(b－a)＝(1－k)a＋kb.②由①②，得eq\f(1,3)t＝1－k，eq\f(5,12)t＝k解得t＝eq\f(4,3).代入①，有＝eq\f(4,9)a＋eq\f(5,9)b.12．解：(1)＝t1＋t2＝t1(0,2)＋t2(4,4)＝(4t2，2t1＋4t2)．當(dāng)點(diǎn)M在其次或第三象限時(shí)，有4t2＜0,2t1＋4t2≠0故所求的充要條件為t2＜0且t1＋2t2≠0.(2)證明：當(dāng)t1＝1時(shí)，由(1)知＝(4t2,4t2＋2)．∵＝－＝(4,4)，＝－＝(4t2,4t2)＝t2(4,4)＝t2，∴不論t2為何實(shí)數(shù)，A、B、M三點(diǎn)共線．(3)當(dāng)t1＝a2時(shí)，＝(4t2,4t2＋2a2)．又∵＝(4,4)，⊥，∴4t2×4＋(4t2＋2a2)×4＝0，∴t2＝－eq\f(1,4)a2.∴＝(－a2，a2)．又∵||＝4eq\r(2)，點(diǎn)M到直線