2024年浙教版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理下冊階段測試試卷140考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，通有恒定電流的螺線管豎直放置，銅環(huán)沿螺線管的軸線加速下落，在下落過程中，環(huán)面始終保持水平.銅環(huán)先后經(jīng)過軸線上的1、2位置時的加速度分別為a1、a2,位置2處于螺線管的中心，位置1、3與位置2等距離.則A.a1＜gB.a2＜gC.銅環(huán)在位置1、3的感應電流方向相反D.銅環(huán)在位置1、3的感應電流方向相同2、如圖所示，在遠距離輸電電路中，升壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電電線的電阻均不變，電表均為理想電表，若用戶的總功率減小，則下列說法正確的是（）A.電壓表V1示數(shù)減小，電流表A1減小B.電壓表V1示數(shù)增大，電流表A1減小C.電壓表V2示數(shù)增大，電流表A2減小D.電壓表V2示數(shù)減小，電流表A2減小3、用相同導線繞制的邊長為L

或2L

的四個閉合導體線框，以相同的速度勻速進入右側(cè)勻強磁場，如圖所示.

在每個線框進入磁場的過程中，MN

兩點間的電壓分別為UaUbUc

和Ud.

下列判斷正確的是(

)

A.Ua<Ub<Uc<Ud

B.Ua<Ub<Ud<Uc

C.Ua=Ub<Uc=Ud

D.Ub<Ua<Ud<Uc

4、兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A；B串聯(lián)在電路中；A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L，直徑為2d，那么通電后在相同的時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比為（）

A.QA：QB=1：2

B.QA：QB=2：1

C.QA：QB=1：1

D.QA：QB=4：1

5、有一邊長為L0.2m

的正方形線框，質(zhì)量10g

由高度h=0.2m

處自由落，所示其下邊ab

進入勻強磁場域后線框開始勻運其上cd

剛剛開穿勻磁場為止此勻強磁場區(qū)域?qū)挾纫睱=10m/s2)

則線框越勻強場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為(

)

A.0.01J

B.0.02J

C.0.03J

D.0.04J

6、在光滑水平面上的兩個小球發(fā)生正碰．圖為它們碰撞前后的位置圖象．小球的質(zhì)量分別為m1和m2，已知m1=0.1kg．由此可以判斷（）A.碰前m2、m1都運動B.碰后m2和m1運動方向相同C.由動量守恒定律可以算出m2=0.3kgD.碰撞過程中系統(tǒng)損失了0.4J的機械能7、某電場的等勢線分布如圖所示；對該電場下列說法正確的是（）

A.A點的電場強度方向沿該點的切線方向B.A點的電場強度大于C點的電場強度C.將電子從A點移到C點其電勢能減少4eVD.將檢驗電荷q從A點移到B點外力一定做正功評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)8、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，質(zhì)量為M的小車原來靜止在光滑水平面上，小車A端固定一根輕彈簧，彈簧的另一端放置一質(zhì)量為m的物體C，小車底部光滑，開始時彈簧處于壓縮狀態(tài)，當彈簧釋放后，物體C被彈出向B端運動，最后與B端粘在一起，下列說法中正確的是（）A.物體離開彈簧時，小車向左運動B.物體與B端粘在一起后，小車靜止下來C.物體與B端粘在一起后，小車向右運動D.整個作用過程中，C及彈簧組成的系統(tǒng)的機械能守恒11、如圖甲所示；將阻值為R=5Ω的電阻接到內(nèi)阻不計的正弦交變電源上，電流隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，電流表串聯(lián)在電路中測量電流的大?。畬Υ?，下列說法正確的是（）

A.電阻R兩端電壓變化規(guī)律的函數(shù)表達式為u=2.5sin（100πt）VB.電阻R消耗的電功率為0.625WC.如圖丙所示，若此交變電流由一矩形線框在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生，當線圈的轉(zhuǎn)速提升一倍時，電流表的示數(shù)為1AD.這一交變電流與圖丁所示電流比較，其有效值之比為12、PQ

兩電荷的電場線分布如圖所示，cd

為電場中的兩點.

一個離子(

不計重力)

從a

運動到b

軌跡如圖所示.

則下列判斷不正確的是

A.Q

帶負電荷B.c

點場強等于d

點場強C.離子在運動過程中受到P

的排斥D.離子從a

運動到b

電場力做負功13、下列與能量有關(guān)的說法正確的是(

)

A.比結(jié)合能越大；表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定。

B.根據(jù)玻爾理論；原子從低能態(tài)向高能態(tài)躍進時，核外電子動能增大。

C.發(fā)生光電效應時；入射光頻率增大，光電子的最大初動能增大。

D.一群氫原子處于n=4

的激發(fā)態(tài)向較低能級躍進，最多可放出6

種頻率的光14、如圖所示，水平放置的兩條光滑軌道上有可自由移動的金屬棒PQMN

當PQ

在外力作用下運動時，MN

在磁場力作用下向右運動.

則PQ

所做的運動可能是(

)

A.向右勻加速運動B.向左勻加速運動C.向右勻減速運動D.向左勻減速運動15、如圖，固定在水平桌面上的光滑金屬導軌cd、eg處于方向豎直向下的勻強磁場中，金屬桿ab與導軌接觸良好，在兩根導軌的端點d、e之間連接一電阻，其他部分電阻忽略不計，現(xiàn)用一水平向右的恒力F作用在金屬桿ab上，使金屬桿由靜止開始向右沿導軌滑動，滑動中桿ab始終垂直于導軌，金屬桿受到的安培力用F安表示，則下列說法正確的是（）A.金屬桿ab做勻加速直線運動B.金屬桿ab運動過程中，回路中有逆時針方向的電流C.金屬桿ab所受到的F安先不斷增大，后保持不變D.金屬桿ab克服安培力做功的功率與時間的平方成正比16、用如圖所示的光電管研究光電效應的實驗中，用某種頻率的單色光a

照射光電管陰極K

電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn).

而用另一頻率的單色光b

照射光電管陰極K

時，電流計G

的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，那么(

)

A.a

光的頻率一定大于b

光的頻率B.增大b

光的強度可能使電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)C.用a

光照射光電管陰極K

時通過電流計G

的電流是由d

到c

D.只增大a

光的強度可使通過電流計G

的電流增大17、如圖所示，電源電動勢為E

內(nèi)電阻為r.

當滑動變阻器R

的滑片P

從右端滑到左端時，發(fā)現(xiàn)電壓表V1V2

示數(shù)變化的絕對值分別為鈻?U1

和鈻?U2

下列說法中正確的是(

)

A.小燈泡L1L3

變暗，L2

變亮B.小燈泡L3

變暗，L1L2

變亮C.鈻?U1>鈻?U2

D.鈻?U1<鈻?U2

18、如圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，原線圈輸入的交流電壓有效值為U0=440V，接有理想電流表A；副線圈分別接額定電壓為100V的燈泡和電阻值范圍是0～100Ω的滑動變阻器。不考慮溫度對燈泡電阻的影響，適當調(diào)節(jié)滑動變阻器的觸片位置，使燈泡在額定電壓下正常工作，此時電流表A的示數(shù)為1.2A，則（）A.滑動變阻器下部分接入的電阻值為50ΩB.滑動變阻器消耗的電功率為240WC.燈泡的額定功率為40WD.燈泡的額定電流為2.4A評卷人得分四、填空題(共1題，共9分)19、(1)

用螺旋測微器測圓金屬絲直徑d

時；示數(shù)如圖1

所示，此示數(shù)為______mm

．

(2)

在“測定金屬的電阻率”的實驗中；需要測量金屬絲的長度L

和直徑d.

現(xiàn)用最小分度為1mm

的米尺測量金屬絲的長度，圖2

中箭頭所指位置是拉直的金屬絲兩端在米尺上相對應的位置，測得的金屬絲長度L

為______mm

．

(3)

圖3

是電表的刻度盤.

若當時使用的是該表的0鈭?3V

量程；那么讀數(shù)為______；若當時使用的是該表的0鈭?0.6A

量程圖4

那么電表讀數(shù)為______．

(4)

實驗中應測出的物理量是______；電阻率的計算公式為婁脩=

______．評卷人得分五、判斷題(共2題，共18分)20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分六、推斷題(共2題，共18分)22、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應中，rm{壟脵}是________反應rm{(}填反應類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應的化學方程式：______________________________。23、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時生成NH3，該反應的離子方程式為____。

（2）含乙酸鈉和對氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請根據(jù)以下工業(yè)生產(chǎn)流程回答有關(guān)問題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關(guān)資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學式為____；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|C【分析】試題分析：銅環(huán)在1位置時，穿過線圈的磁通量增大，所以產(chǎn)生一個阻礙線圈向下運動的力，故加速度A正確，在2位置時，線圈磁通量不變化，所以沒有感應電流產(chǎn)生，此時B錯誤，根據(jù)楞次定律可得銅環(huán)在位置1、3的感應電流方向相反，C正確，D錯誤故選AC考點：法拉第電磁感應定律；楞次定律點評:解決本題的關(guān)鍵會用楞次定律去判定感應電流的方向，以及會利用楞次定律的另一種表述進行解題【解析】【答案】AC2、C【分析】解：A、根據(jù)得電壓表V1兩端的電壓U1不變；根據(jù)P出=U1I1得通過電流表A1的電流I1將減小，根據(jù)得通過電流表A2的電流I2將減小，降壓變壓器原線圈兩端的電壓U=U1-I1R線將增大，根據(jù)得電壓表V2兩端的電壓U2增大；故C正確；

故選：C

正確解答本題需要掌握：理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定；輸出電壓由輸入電壓決定；明確遠距離輸電過程中的功率；電壓的損失與哪些因素有關(guān)，明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系．理想變壓器電壓和匝數(shù)關(guān)系．

對于遠距離輸電問題，一定要明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)．【解析】【答案】C3、B【分析】解：線框進入磁場后切割磁感線，ab

中產(chǎn)生的感應電動勢是cd

中電動勢的一半，而不同的線框的電阻不同，設(shè)a

線框電阻為4rbcd

線框的電阻分別為6r8r6r

則有：

Ua=BLv?3r4r=34BLvUb=BLv?5r6r=56BLvUc=B?2Lv?6r8r=32BLvUd=B?2Lv?4r6r=43BLv

故Ua<Ub<Ud<Uc

．

故選B．

當線框進入磁場時；MN

邊切割磁感線，相當于電源，因此MN

兩端的電壓為路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可進行解答．

對于這類電磁感應與電路的結(jié)合的問題，弄清那部分是電源以及外電路的串并聯(lián)情況，然后根據(jù)有關(guān)閉合電路的知識進行求解．【解析】B

4、B【分析】

長度之比為1：2，直徑比為1：2，則橫截面積比為1：4，根據(jù)電阻定律R=ρ知，電阻之比為2：1，根據(jù)Q=I2Rt；電流相等，則熱量之比為2：1．故B正確，A；C、D錯誤．

故選B．

【解析】【答案】串聯(lián)電路電流相等，根據(jù)電阻定律R=ρ求出電阻比，再根據(jù)Q=I2Rt求出A；B在相同的時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比．

5、D【分析】解：線框下a

進入勻強磁場區(qū)域后始做勻運動；直到其上邊cd

出勻強磁場，根量恒定律：

此程生的熱：Q=2mgL=0.04J

故AB誤；D正確；

故選D。

線入強磁場區(qū)域開始做勻速運動；從能量守分析，重減少轉(zhuǎn)化為電能化為焦耳熱，可用能量守直接求解．

注意線框剛開下時，力勢化為動能，此過程不產(chǎn)生焦耳熱．【解析】D

6、C【分析】解：A、由s-t（位移時間）圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時間而變化，處于靜止。m1向速度大小為v1===4m/s，方向只有向右才能與m1相撞；故A錯誤。

B、由圖示圖象可知，碰后m2的速度為正方向，說明向右運動，m1的速度為負方向；說明向左運動，兩物體運動方向相反，故B錯誤。

C、由圖示圖象可知，碰后m2和m1的速度分別為v2′=2m/s，v1′=-2m/s，根據(jù)動量守恒定律得，m1v1=m2v2′+m1v1′，代入解得，m2=0.3kg。故C正確。

D、碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為△E=m1v12-m1v1′2-m2v22；代入解得，△E=0.594J，故D錯誤。

故選：C。

s-t（位移時間）圖象的斜率等于速度；由數(shù)學知識求出碰撞前后兩球的速度，分析碰撞前后兩球的運動情況．根據(jù)動量守恒定律求解兩球質(zhì)量關(guān)系，由能量守恒定律求出碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能．

本題首先考查讀圖能力，抓住位移圖象的斜率等于速度是關(guān)鍵；其次要注意矢量的方向．【解析】C7、B【分析】解：A；根據(jù)電場強度方向與等勢面垂直；知A點的電場強度方向與該點的切線方向垂直，故A錯誤。

B、由E=知；等差等勢面密處電場強度大，所以A點的電場強度大于C點的電場強度，故B正確。

C、將電子從A點移到C點的過程中，電勢降低，電子帶負電，由Ep=qφ知電子的電勢能增加；且增加e（10V-6V）=4eV，故C錯誤。

D；將檢驗電荷q從A點移到B；若q帶正電，電場力做正功，外力不一定做正功，故D錯誤。

故選：B。

電場強度方向與等勢面垂直，由等差等勢面的分布可分析場強的大??；將電子從A點移到C點，由Ep=qφ分析電勢能的變化；由電場力做功公式W=qU求電場力做功情況．

解決本題的關(guān)鍵是明確電場強度與等勢面的關(guān)系、電勢能與電勢的關(guān)系，電場力做功與電勢的關(guān)系．要注意電子帶負電，電子在電勢高處電勢能?。窘馕觥緽二、雙選題(共2題，共4分)8、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、多選題(共9題，共18分)10、AB【分析】解：A；整個系統(tǒng)在水平方向不受外力；豎直方向上合外力為零，則系統(tǒng)動量一直守恒，系統(tǒng)初動量為零，物體離開彈簧時向右運動，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得小車向左運動，故A正確；

B；C、當物體C與B端粘在一起時；整個系統(tǒng)最終ABC的速度相同，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得：0=（M+m）v″，v″=0，系統(tǒng)又處于靜止狀態(tài)，故B正確，C錯誤；

D；彈簧將A與C分開的過程中；彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小車與物塊C的動能，該過程中機械能是守恒的；物體C與B的過程中，開始時系統(tǒng)的動能不等于0，碰撞結(jié)束后的總動能等于0，系統(tǒng)機械能有損失，機械能不守恒．故D錯誤。

故選：AB

對于小車和滑塊系統(tǒng)；水平方向不受外力，系統(tǒng)動量一直守恒．物體C與B的過程，系統(tǒng)機械能有損失；分析系統(tǒng)的合外力，即可判斷動量是否守恒；根據(jù)動量守恒定律求解小車的速度．

本題根據(jù)動量守恒的條件進行判斷：動量守恒的條件是系統(tǒng)不受外力或受到的外力的合力為零．運用動量守恒定律時應該注意其矢量性．【解析】【答案】AB11、BD【分析】解：A、由圖可知，電流的最大值Im=0.5A，周期T=0.01s，角速度為ω=200πrad/s；

電阻R兩端電壓變化規(guī)律的函數(shù)表達式為u=2.5sin（200πt）V；故A錯誤；

B、電流的有效值I=A，電阻R消耗的電功率為P=I2R=W=0.625W；故B正確；

C、感應電動勢的瞬時值表達式為：e=Emsinωt，其中：Em=nBSω；

當線圈的轉(zhuǎn)速提升一倍時，最大值提升一倍，所以電流表的示數(shù)為A；故C錯誤；

D、圖丁電流大小不變，有效值I′=0.5A，所以這一交變電流與圖丁所示電流比較，其有效值之比為故D正確；

故選：BD．

通過電源電動勢隨時間變化的規(guī)律圖象可以求出該交流電的周期；頻率以及有效值等；注意計算功率、流過電阻的電流、以及電壓表的示數(shù)均為有效值．

注意交流電有效值的求法，以及有效值的應用．求電功率、電表示數(shù)等均指有效值．【解析】【答案】BD12、B【分析】略【解析】B

13、ACD【分析】【分析】核子結(jié)合成原子核放出的能量叫做結(jié)合能，比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)的比值，愛因斯坦光電效應方程：Ekm=h婁脥鈭?W0

本題考查了比結(jié)合能與結(jié)合能、波爾的氫原子模型、愛因斯坦光電效應方程、原子的躍遷等，知識點多，難度不大，要記住相關(guān)知識點．【解答】A.比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)的比值；比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，故A正確；

B.根據(jù)玻爾理論；原子從低能態(tài)向高能態(tài)躍進時，電子的軌道半徑增加，故動能減小，故B錯誤；

C.發(fā)生光電效應時；由愛因斯坦光電效應方程：Ekm=h婁脥鈭?W0

知，入射光頻率增大，光電子的最大初動能增大，故C正確；

D.一群氫原子處于n=4

的激發(fā)態(tài)向較低能級躍進；最多可放出6

種頻率的光，具體為4隆煤14隆煤24隆煤33隆煤23隆煤12隆煤1

故D正確。

故選ACD。

【解析】ACD

14、BC【分析】【分析】MN

在磁場力作用下向右運動，說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；根據(jù)右手螺旋定則，與楞次定律可知PQ

的運動情況．本題關(guān)鍵是分析好引起感應電流的磁通量的變化，進而才能分析產(chǎn)生電流的磁通量是由什么樣的運動產(chǎn)生的?！窘獯稹?/p>

MN

在磁場力作用下向右運動；說明MN

受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M

指向N

由楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的磁場應該是向上減小，或向下增加；再由右手螺旋定則與楞次定律可知，PQ

可能是向左加速運動或向右減速運動，故BC正確，AD錯誤。

故選BC?！窘馕觥緽C

15、BC【分析】解：AC、金屬桿受到的安培力：F安=BIL=金屬桿在恒力作用下向右做加速運動，隨速度v的增加，安培力變大，金屬桿受到的合力減小，加速度減小，當安培力與恒力合力為零時做勻速直線運動，安培力保持不變，由此可知，金屬桿向右先做加速度減小的加速運動，然后做勻速直線運動，故A錯誤，C正確；

B、由右手定則或楞次定律可知，金屬桿ab運動過程回路中有逆時針方向的感應電流；故B正確；

D、安培力的功率：P安=F安v=如果金屬桿做初速度為零的勻加速直線運動，則v=at，安培力的功率與時間的平方成正比，由于金屬桿先做加速度減小的加速運動后做勻速直線運動，因此金屬桿ab克服安培力做功的功率與時間的平方不成正比；故D錯誤；

故選：BC。

根據(jù)金屬桿受力情況分析金屬桿的運動過程；判斷其運動性質(zhì)；

應用右手定則可以判斷出感應電流方向；

應用功率公式分析安培力公式與時間的關(guān)系。

由于安培力公式求出安培力的表達式，分析清楚金屬桿所受安培力如何變化、分析清楚金屬桿的運動過程是解題的前提與關(guān)鍵，由于安培力公式與功率公式即可解題?！窘馕觥緽C16、AD【分析】解：A

用一定頻率的a

單色照射光電管時，電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知婁脙a>婁脙0a

光的頻率一定大于b

光的頻率；所以A正確．

B、發(fā)生光電效應的條件：婁脙>婁脙0

增加b

光的強度不能使電流計G

的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；故B錯誤；

C；發(fā)生光電效應時；電子從光電管左端運動到右端，而電流的方向與電子定向移動的方向相反，所以流過電流表G

的電流方向是c

流向d

故C錯誤；

D；增加a

光的強度可使通過電流計G

的電流增大.

故D正確．

故選：AD

．

發(fā)生光電效應的條件：婁脙>婁脙0

可知道a

光、b

光的頻率大小.

再通過電子的流向判斷出電流的方向．

解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應的條件婁脙>婁脙0

以及光電流方向的確定．【解析】AD

17、BC【分析】解：AB

當滑動變阻器的觸片P

從右端滑到左端時；變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2

變亮．

變阻器的電阻減??；并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3

變暗.

總電流增大，而L3

的電流減小，則L1

的電流增大，則L1

變亮.

故A錯誤，B正確．

C、D

由上分析可知，電壓表V1

的示數(shù)減小，電壓表V2

的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以鈻?U1>鈻?U2.

故C正確；D錯誤．

故選：BC

．

當滑動變阻器的觸片P

從右端滑到左端時，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈L2

亮度的變化.

根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L3

亮度的變化.

根據(jù)總電流與通過L3

電流的變化，分析通過L1

電流的變化，判斷其亮度變化.

根據(jù)路端電壓的變化，分析鈻?U1

和鈻?U2

的大?。?/p>

本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部隆煤

整體隆煤

局部”思路進行分析.

運用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大?。窘馕觥緽C

18、AC【分析】解：ACD、根據(jù)原副線圈電壓之比等于匝數(shù)比可知，副線圈電壓為U2=V=220V；

根據(jù)原副線圈電流之比等于匝數(shù)的倒數(shù)比可知，副線圈電流I2=2I1=2.4A；燈泡的額定電壓為100V；

所以與燈泡串聯(lián)的電阻值為R2=Ω=50Ω；所以與燈泡并聯(lián)部分的阻值也為50Ω；

所以通過并聯(lián)部分滑動變阻器的電流為I′=A=2A；所以通過燈泡的電流為2.4-2A=0.4A；

所以燈泡的功率PL=ULIL=100×0.4=40W；故AC正確，D錯誤；

B；滑動變阻器消耗的功率為P=100×2+120×2.4W=488W；故B錯誤。

故選：AC。

根據(jù)變壓器電壓和電流與匝數(shù)的關(guān)系求出副線圈電壓和電流；而燈泡正常發(fā)光，所以燈泡兩端的電壓為100V，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點及根據(jù)功率公式即可求解。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。【解析】AC四、填空題(共1題，共9分)19、0.700；972.0；1.15v；0.260A；U、I、L、D；【分析】解：(1)

螺旋測微器的讀數(shù)為d=0.5mm+20.0隆脕0.01mm=0.700mm

(2)

注意估讀到最小分度下一位；即L=98.20cm鈭?1.00cm=97.2cm=972.0mm

(3)

電表要估讀；故使用的是該表的0鈭?3V

量程，那么讀數(shù)為1.15V

若當時使用的是該表的0鈭?0.6A

量程，電表讀數(shù)為0.260A

(4)

根據(jù)u=IR

和R=婁脩lss=婁脨(D2)2

知婁脩=婁脨UD24IL

故需要測量UILD

．

故答案為：(1)0.700(2)972.0(3)1.15V0.260A(4)UILD婁脨UD24Il..

(1)

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

(2)

刻度尺要估讀到最小分度值的下一位。

(3)

看清量程；再進行讀書，也要估讀；

(4)

根據(jù)歐姆定律和電阻定律的電阻率的計算公式．

解決本題的關(guān)鍵是知道哪些儀器需要估讀哪些不需要估讀；如游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀.

而螺旋測微器和刻度尺；電表要估讀．

掌握歐姆定律u=IR

和電阻定律R=婁脩ls

．【解析】0.700972.01.15v0.260AUILD婁脨UD24Il

五、判斷題(共2題，共18分)20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．六、推斷題(共2題，共18分)22、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應條件及反應類型，利用順推法進行推斷，是高考熱點題型，難度中等?！窘獯稹縭m{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團是碳碳雙鍵，rm