深圳市寶安區(qū)2023-2024學年高一（上）期末物理試卷

第14頁（共14頁）（二）2023-2024學年廣東省深圳市寶安區(qū)高一（上）期末物理試卷一、單項選擇題：本題包括7個小題，每小題4分，共28分。1．（4分）某同學研究羽毛球比賽中羽毛球的運動，關于是否能把羽毛球視作質點的討論正確的是（）A．判斷羽毛球的運動軌跡時可以把羽毛球視作質點 B．判斷羽毛球是否觸網時可以把羽毛球視作質點 C．羽毛球受到的空氣阻力不可忽略，故不能視為質點 D．羽毛球運動速度較小時可以視作質點，速度大時不能視作質點2．（4分）國際單位制包含7個基本單位。其中力學基本單位有三個：長度單位一米（m）、質量單位一千克（kg）和時間單位一秒（s）。力的單位牛頓（N）可以通過國際基本單位表示。下列基本單位的組合能夠表示力的單位牛頓（N）的是（）A．kg?m2/s2 B．kg?m/s2 C．kg?m/s D．g?m/s23．（4分）“極限的思想”是物理學中的一種重要思想方法。如圖是打點計時器打出的一條紙帶示意圖，若用兩點間的平均速度代表紙帶在E點的瞬時速度。則下列從該紙帶中所選取其中兩點間的平均速度來代表紙帶在E點的瞬時速度，最精確的是（）A．E、G兩點 B．B、E兩點 C．D、F兩點 D．C、G兩點4．（4分）石拱橋的正中央有一重力為12000N的對稱楔形石塊，側面與豎直方向的夾角為α＝37°。若接觸面間的摩擦力不計，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，tan37°＝0.75。則石塊其中一個接觸面所受彈力大小為（）A．4500N B．7500N C．8000N D．10000N5．（4分）安全氣囊和安全帶能夠在汽車發(fā)生碰撞時減輕司乘人員受傷的程度，下列關于安全氣囊和安全帶在汽車發(fā)生碰撞時起到的作用說法正確的是（）A．安全帶減小了乘客的慣性 B．安全帶減小了乘客的速度變化量 C．安全氣囊減小了乘客的慣性 D．安全氣囊延長了乘客碰撞時減速的時間6．（4分）生活中的語言跟物理概念間存在差異。當我們說一輛汽車和一輛高鐵同時從靜止開始起動，汽車起動“更快”。下列描述與這里的“更快”意思最貼切的是（）A．質量更大 B．最大速度更大 C．加速度更大 D．位移更大7．（4分）一物塊以初速度v0沖上粗糙斜面到達某高度后又滑回斜面底部，則該過程中滑塊的速度v及加速度a（v和a均以沿斜面向上為正方向）隨時間t變化的圖像正確的是（）A．B． C．D．二、多項選擇題：本題包括3個小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題意的要求。全部選對的得6分，部分選對得3分，有錯選及不選均不得分。（多選）8．（6分）如圖8是“神舟”系列飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則噴氣過程中（）圖8圖9A．返回艙處于失重狀態(tài) B．返回艙處于超重狀態(tài) C．傘繩對返回艙的拉力大于返回艙對傘繩的拉力 D．傘繩對返回艙的拉力等于返回艙對傘繩的拉力（多選）9．（6分）如圖9，一個小球從距離水平地面3m的高度豎直向上拋出，上升5m后掉落地面，整個過程經歷時間為2.4s。已知空氣阻力大小恒定，規(guī)定向上為正方向，則關于小球整個運動過程說法正確的有（）A．小球的位移為13m B．小球的平均速度為﹣1.25m/s C．小球上升的加速度大于下降的加速度 D．小球再次落回拋出點的速度與拋出速度相等（多選）10．（6分）快艇在海面上勻變速直線運動，初速度為6m/s，加速度大小為2m/s2，則在2秒內的運動說法正確的是（）A．若加速度與初速度同向，則平均速度為10m/s B．若加速度與初速度同向，則位移大小等于16m C．若加速度與初速度反向，則平均速度與初速度方向相反 D．若加速度與初速度反向，則快艇平均速度為4m/s三、實驗題：本題2個小題，共16分。11．（6分）某實驗小組通過實驗測量彈簧的勁度系數(shù)。把彈簧懸掛在鐵架臺上，靠近彈簧，如圖所示。（1）記錄彈簧自然垂掛時末端O對應的刻度尺示數(shù)為cm。（2）依次在彈簧末端增掛鉤碼，記錄鉤碼重力和彈簧末端A的位置，記錄如下表所示，則彈簧的勁度系數(shù)為N/m（保留2位有效數(shù)字）.鉤碼個數(shù)12345彈簧彈力F（N）0.501.01.52.02.5A點位置x（cm）28.6533.6538.6543.6548.65（3）實驗操作時，彈簧的上端并沒有對齊刻度尺的零刻度，而是在零刻度下方某個位置。這對測量出的彈簧勁度系數(shù)將（填“偏大”、“偏小”或“無影響”）。12．（10分）某實驗小組探究加速度與物體質量的關系。實驗步驟如下：（1）用天平測量小車質量為m0及單個鉤碼的質量m；不掛鉤碼，把小車放在木板上，墊起木板一端以調節(jié)木板傾斜角度，直至輕推小車，小車能夠沿斜面，此時小車重力沿斜面分力與摩擦力平衡。（2）取1個鉤碼，掛在輕繩一端，輕繩跨過定滑輪，另一端連接小車。調節(jié)滑輪的高度，使連接小車的繩子與木板保持。（3）紙帶穿過打點計時器限位孔并固定在小車上。先打開打點計時器，再釋放紙帶，打點計時器打出點跡清晰的紙帶。每隔4個點取一個計數(shù)點，記錄連續(xù)5個計數(shù)點為O、A、B、C、D，如圖2所示。測得s1＝1.60cm、s2＝3.40cm、s3＝5.40cm、s4＝7.60cm。小車運動的加速度為a＝m/s2（結果保留2位有效數(shù)字）。（4）保持拉動小車的鉤碼不變，在小車上添加鉤碼，增大小車的質量，重復步驟（3）并以加速度a為縱坐標，以小車和車上鉤碼總質量M的倒數(shù)為橫坐標，繪制a﹣圖像。發(fā)現(xiàn)在M較大時實驗值與理論值擬合得很好，但當M較小時，實驗值與理論值存在明顯差異，其原因是。如果M＝0，則加速度a應該近似等于m/s2。四、簡述、計算題：3小題，共38分（其中13題10分，14題12分、15題16分）。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位。13．（10分）工人通過推車運送貨物，推車由相互垂直的底板和側板組成，如圖所示。工人推動貨物沿水平方向勻速直線運動，此時側板的傾斜角θ為53°，貨物為質量均勻的長方體，質量為M＝100kg。重力加速度取g＝10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，求：（1）若忽略底板和側板的摩擦力，側靠板和底板對貨物的支持力F1、F2；（2）若貨物跟側板間的摩擦系數(shù)μ＝0.75，側板的傾斜角的正切值tanθ為多少時貨物跟底板間的作用力恰好為零。（已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）14．（12分）一塊石頭從高塔頂部自由下落距離a時，另一塊石頭從距離塔頂b處自由下落，兩塊石頭同時落地，已知重力加速度為g。求：（1）石頭從塔頂下落距離a時的速度v及時間t；（2）塔的高度h。15．（16分）如圖所示為貨物傳送裝置的其中一段，由平滑連接的傾斜的傳送帶和水平平臺組成。斜面的傾斜角為θ＝37°，連接處的長度可忽略不計。傳送帶長度l＝5m，當傳送帶不轉動時，質量m的貨物從傳送帶上端由靜止釋放，貨物沿傳送帶勻加速下滑，到達平臺時速度方向改變，但大小不變，并最終停在平臺上。貨物停止位置與傳送帶右端的距離為l0＝5m。已知貨物與平臺的摩擦系數(shù)μ1＝0.2，重力加速度取g＝10m/s2，貨物可視作質點，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力。求：（1）貨物在傳送帶上做勻加速直線運動的加速度a0；（2）貨物與傳送帶間的摩擦系數(shù)μ0；（3）若傳送帶順時針轉動，寫出貨物停止位置與傳送帶右端距離L跟傳送帶線速度v的函數(shù)關系。

2023-2024學年廣東省深圳市寶安區(qū)高一（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題包括7個小題，每小題4分，共28分。每小題給出的四個選項中，只有一個選項最符合題意的要求，選對得3分，多選、錯選及不選均不得分。1．【分析】按照質點的定義即可求解?！窘獯稹拷猓篈B.判斷羽毛球的運動軌跡時，羽毛球的形狀大小可以忽略，故可以把羽毛球視作質點；判斷羽毛球是否觸網時羽毛球的大小形狀有影響故不可以把羽毛球視作質點，故A正確，B錯誤；CD.物體能否視為質點與運動速度和是否受空氣阻力無關，需要根據(jù)研究的問題進行判斷，故CD錯誤。故選：A?！军c評】本題考查質點的概念，注意物體能否視為質點取決于物體的形狀大小是否影響所研究問題。2．【分析】明確牛頓第二定律的內容，同時知道物理公式可同時對應單位的換算，從而明確牛頓與基本單位間的關系式?！窘獯稹拷猓毫Φ膯挝皇桥?，根據(jù)牛頓第二定律F＝ma可知：1N＝1kg?m/s2，故B正確，ACD錯誤。故選：B?！军c評】本題考查牛頓單位的認識，要注意物理公式同時對應了物理單位的換算。3．【分析】根據(jù)“極限的思想”，極短時間內的平均速度等于該點的瞬時速度分析作答?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)“極限的思想”，極短時間內的平均速度等于該點的瞬時速度，在所有各段中，DF段的時間足夠短，符合極限的思想，因此用DF段的平均速度代替E的瞬時速度最精確，故ABD錯誤，C正確。故選：C?！军c評】本題主要考查了對極限的思想的理解和運用，基礎題。4．【分析】對石塊受力分析，根據(jù)共點力平衡條件，運用合成法列式求解?！窘獯稹拷猓簩κ瘔K進行受力分析可得，石塊所受的彈力2N＝解得N＝10000N，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平衡方程進行解答。5．【分析】慣性大小只與質量有關，根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于動量的變化量，乘客的速度變化量一定，動量變化量一定，延長接觸時間，減小作用力?！窘獯稹拷猓篈C.慣性只與物體的質量有關，質量不變，則慣性不變，故AC錯誤；B.碰撞前后，無論是否有安全帶，乘客的速度都從某一值減到零，即安全帶不能減小乘客的速度變化量，故B錯誤D.通過安全氣囊的緩沖作用，延長了乘客碰撞時減速的時間，故D正確。故選：D?！军c評】本題主要考查了動量定理的應用和物體的慣性，解題關鍵是明確合外力的沖量等于動量的變化量，動量變化量一定，延長接觸時間，減小作用力。6．【分析】運用加速度的物理意義即可求解?！窘獯稹拷猓浩嚻饎印案臁薄爸傅氖沁_到相同速度時，汽車用時間更短，則加速度更大。故ABD錯誤，C正確。故選：C?！军c評】本題考查加速度的含義，是簡單題。7．【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出上滑和下滑過程加速度的表達式，比較加速度大小，且因為下滑，所以a﹣t圖像在第四象限，v﹣t圖像斜率的絕對值表示加速度，所以上滑時圖線傾斜程度大，v為正值，而下滑時圖線傾斜程度小，v為負值?！窘獯稹拷猓夯瑝K在斜面上運動過程中，取沿斜面向上為正方向，上滑過程，由牛頓第二定律有mgsinθ+μmgcosθ＝ma1下滑過程mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2可知a1＞a2加速度方向都沿斜面向下，大小都恒定不變，所以a﹣t圖線都在第四象限；v﹣t圖像斜率的絕對值表示加速度大小，所以上滑階段圖線傾斜程度大，v為正值，下滑階段圖線傾斜程度小，v為負值，故A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】學生在解決本題時，應注意通過加速度，結合圖像的斜率和速度方向來作答。二、多項選擇題：本題包括3個小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題意的要求。全部選對的得6分，部分選對得3分，有錯選及不選均不得分。8．【分析】失重狀態(tài)：當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；超重狀態(tài)：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；運用牛頓第三定律分析傘繩對返回艙的拉力與返回艙對傘繩的拉力的大小關系?！窘獯稹拷猓篈B、在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)，故B正確，A錯誤；CD、由牛頓第三定律可知，傘繩對返回艙的拉力等于返回艙對傘繩的拉力，故C錯誤，D正確。故選：BD?！军c評】本題主要考查了超失重和牛頓第三定律的應用，難度一般，基礎題。9．【分析】小球向下落，所以位移為﹣3m；利用平均速度公式可求出平均速度；根據(jù)牛頓第二定律可求出加速度大小關系；利用速度—位移公式，根據(jù)加速度關系，從而得出速度關系?！窘獯稹拷猓篈.小球最終從離地面3m處移動到地面，方向向下，則小球整個過程的位移為﹣3m，故A錯誤；B.小球的平均速度為v＝＝＝﹣1.25m/s，故B正確；C.小球上升時，根據(jù)牛頓第二定律可得f+mg＝ma1小球下降時，根據(jù)牛頓第二定律可得mg﹣f＝ma2可知a1＞a2，即小球上升的加速度大于下降的加速度，故C正確；D.設小球拋出的初速度為v0，小球回到拋出點的速度為v1，則小球上升時，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律有＝2a1h，其中h＝5m，小球下降時，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律有＝2a2h，由于a1＞a2，可知v0＞v1，即小球再次落回拋出點的速度小于拋出速度，故D錯誤。故選：BC?！军c評】學生在解決本題時，應注意先分析運動過程，然后再利用運動學公式來作答。10．【分析】若加速度與初速度同向，求出快艇在2秒時的速度大小，根據(jù)平均速度的計算公式求解平均速度，根據(jù)位移的計算公式求解位移大?。蝗艏铀俣扰c初速度反向，求出快艇在2秒時的速度大小，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律得到平均速度的大小和方向?！窘獯稹拷猓篈、若加速度與初速度同向，在2秒時的速度大小為：v＝v0+at＝6m/s+2×2m/s＝10m/s，則平均速度為＝＝m/s＝8m/s，故A錯誤；B、若加速度與初速度同向，則位移大小等于x＝t＝8×2m＝16m，故B正確；CD、若加速度與初速度反向，在2秒時的速度大小為：v′＝v0﹣at＝6m/s﹣2×2m/s＝2m/s，則平均速度為′＝＝m/s＝4m/s，平均速度與初速度方向相同，故C錯誤、D正確。故選：BD?！军c評】本題主要是考查勻變速直線運動的計算，解答本題的關鍵是弄清楚運動過程，合理的選擇勻變速直線運動的計算公式進行解答。三、實驗題：本題2個小題，共16分。11．【分析】（1）刻度尺需要估讀，讀到分度值的下一位；（2）根據(jù)胡克定律計算彈簧的勁度系數(shù)；（3）根據(jù)實驗原理進行分析?！窘獯稹拷猓海?）刻度尺需要估讀，故刻度尺示數(shù)為23.70cm；（2）根據(jù)題干中表格的數(shù)據(jù)，選擇鉤碼個數(shù)為2的時候的數(shù)據(jù)進行計算，此時彈簧的伸長量為Δl＝33.65cm﹣23.70cm＝9.95cm；代入胡克定律，k＝＝N/m＝10N/m（3）因為計算彈簧勁度系數(shù)時，需要的是彈簧的伸長量，因此彈簧上端沒有對齊零刻度對計算伸長量沒有影響，則對勁度系數(shù)也沒有影響。故答案為：（1）23.70；（2）10；（3）無影響?！军c評】本題考查刻度尺的讀數(shù)及彈簧的彈力與形變量的關系。12．【分析】（1）根據(jù)平衡摩擦力的方法分析解答；（2）根據(jù)實驗原理與操作規(guī)范解答；（3）根據(jù)逐差法解得加速度；（4）根據(jù)實驗原理分析解答?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)平衡摩擦力的方法可知，應墊起木板一端以調節(jié)木板傾斜角度，直至輕推小車，小車能夠沿斜面勻速直線運動；（2）為使小車受到的拉力等于細線的拉力，拉小車的兩根細線必須都與木板平行；（3）根據(jù)逐差法可知a＝＝×0.01m/s2＝0.20m/s2（4）發(fā)現(xiàn)在M較大時實驗值與理論值擬合得很好，但當M較小時，實驗值與理論值存在明顯差異，其原因是當不滿足M?m時，由于鉤碼失重，繩子拉力并不等于mg；如果M＝0，則細繩的拉力近似為0，鉤碼的加速度a應該近似等于10m/s2故答案為：（1）勻速直線運動；（2）平行；（3）0.20；（4）當不滿足M?m時，由于鉤碼失重，繩子拉力并不等于mg；10【點評】本題主要考查了牛頓第二定律的驗證實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結合逐差法計算出加速度，同時理解圖像的物理意義即可完成分析。四、簡述、計算題：3小題，共38分（其中13題10分，14題12分、15題16分）。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位。13．【分析】（1）對貨物受力分析，根據(jù)幾何關系分析解答；（2）若貨物跟底板間的作用力為零，則重力、側板支持力及摩擦力三力平衡，根據(jù)滑動摩擦力的公式解答?！窘獯稹拷猓海?）對貨物受力分析，組成力的三角形如圖所示：根據(jù)幾何關系可知F1＝MgcosθF2Mgsinθ解得：F1＝600N；F2＝800N（2）若貨物跟底板間的作用力為零，則重力、側板支持力及摩擦力三力平衡，所以：f＝Mgsinθ由于最大靜摩擦等于滑動摩擦力，則：f＝μF1F1＝Mgcosθ解得：tanθ＝μ＝0.75答：（1）若忽略底板和側板的摩擦力，側靠板和底板對貨物的支持力分別為600N、800N；（2）若貨物跟側板間的摩擦系數(shù)μ＝0.75，側板的傾斜角的正切值tanθ為0.75時貨物跟底板間的作用力恰好為零?！军c評】本題關鍵是對物體受力分析，然后根據(jù)共點力平衡條件求解。14．【分析】（1）根據(jù)位移—速度關系式求出第一塊石頭下落a的速度，由位移—時間關系式求下落時間；（2）根據(jù)兩塊石頭的位移關系，結合自由落體公式求出塔的