2024年華東師大版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華東師大版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（2015秋?深圳期末）如圖所示，細線a和b的一端分別固定在水平地面上，另一端系一個靜止在空氣中的氫氣球，細線與地面的夾角分別為30°和60°．若a、b受到的拉力分別為Ta和Tb，氫氣球受到的浮力為F，則（）A.F＜TbB.F=TaC.Ta＜TbD.Ta=Tb2、如圖，為云室中某粒子穿過鉛板P前后的軌跡，室中勻強磁場的方向與軌跡所在的平面垂直﹙圖中垂直于紙面向里﹚由此可知粒子（）A.一定帶負電B.一定是從下而上穿過鉛板C.可能是從上而下穿過鉛板D.可能帶正電，也可能帶負電3、如圖所示，一木塊在水平拉力F1作用下沿水平地面做勻速直線運動，受到的摩擦力為f1，在移動距離l的過程中，拉力F1做的功為W1．若改用另一斜向上的拉力F2，使木塊沿地面也做勻速直線運動，受到的摩擦力為f1，在移動距離l的過程中，拉力F2做的功為W2．則（）A.f1＜f2B.f1=f2C.W1＞W2D.W1=W24、如圖甲所示，為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖。圖乙表示該波傳播的介質中x=2m處的質點a從t=0時起的振動圖象。則下列說法正確的是（選對一個給3分，選對兩個給4分，選對三個給6分。每錯選一個扣3分，最低得分為0分）。A.波傳播的速度為20m/sB.波沿x軸負方向傳播C.t=0.25s時，質點a的位移沿y軸負方向E.從t=0開始，經0.3s，質點b通過的路程是6mE.從t=0開始，經0.3s，質點b通過的路程是6m5、氫原子的電子從n=4的軌道分別躍遷到n=1的軌道和n=2的軌道，輻射出波長為λ1、λ2的光，從n=2的軌道躍遷到n=1的軌道，輻射出波長為λ3的光．λ1、λ2、λ3之間的關系是（）

A.λ3=λ2+λ1

B.λ1=λ2+λ3

C.

D.

6、如圖所示，放置在水平地面上的木板B的左端固定一輕彈簧，彈簧右端與物塊A相連．已知A、B質量相等，二者處于靜止狀態(tài)，且所有接觸面均光滑．現設法使物塊A以一定的初速度沿木板B向右運動，在此后的運動過程中彈簧始終處在彈性限度內，且物塊A始終在木板B上．對于木板B從靜止開始運動到第一次與物塊A速度相等的過程中，若用x、v分別表示物塊A的位移和速度的大小，用Ep、Ek分別表示彈簧的彈性勢能和A、B的動能之和，用t表示時間；則下列圖象可能正確的是（）

A.B.C.D.7、下列說法正確的是（）A.物體所帶的電荷量可以為任意實數B.不帶電的物體上，既沒有正電荷也沒有負電荷C.電荷量e的數值最早是由美國物理學家?guī)靵鲇脤嶒灉y得的D.利用靜電感應使金屬導體帶電，實質上是導體中的自由電子趨向或遠離帶電體評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、以10m/s的速度水平拋出一石子，石子落地時速度方向與拋出時速度方向成60°角，若不計空氣阻力，則石子在空中運動的時間____s，石子落地的速度大小為____m/s．（取g=10m/s2）9、有一間長L1=8m，寬L2=7m，高h=4m的教室，假設室內的空氣處于標準狀況，已知阿伏伽德羅常數NA=6.02×1023mol-1，標準狀況下氣體的摩爾體積VM=22.4L/mol，求得教室里的空氣分子數為____個．10、如圖所示交流的波形，則其電壓有效值U=____，周期T=____，頻率=____．

11、一只標明“220V40W”的家用照明白熾燈正常發(fā)光時，通過它的電流約為____A（結果保留一位有效數字）12、在用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中，質量m=1.00kg的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列點．如圖所示為選取的一條符合實驗要求的紙帶，O為第一個點，A、B、C為從合適位置開始選取的三個連續(xù)點（其他點未畫出）．已知打點計時器每隔0.02s打一次點，當地的重力加速度g=9.80m/s2．那么：

（1）從O點到B點，重物重力勢能減少量△Ep=____J，動能增加量△Ek=____J；（以上兩空均要求保留3位有效數字）

（2）如果以v2/2為縱軸，以h為橫軸，根據實驗數據繪出的v2/2-h圖線是____；該。

線的斜率等于____．

13、（2013秋?南昌期中）某電場的電場線分布如圖所示，a、b兩點電場強度的大小關系是Ea____Eb（填＞、＜、=）．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）15、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對錯）16、做平拋運動的物體，在空中運動的時間與初速度有關．____（判斷對錯）17、當溫度升高時，物體內部所有分子的動能都增加．____．（判斷對錯）18、用電器的額定功率與所加的電壓無關．____．（判斷對錯）評卷人得分四、識圖作答題(共1題，共4分)19、果蠅的長剛毛與短剛毛、褐身與黑身兩對相對性狀各受一對等位基因控制，其中一對基因位于常染色體，另一對基因位于X染色體。將一只短剛毛、褐身雌果蠅與一只長剛毛、黑身雄果蠅雜交。F1的表現型和數量如下表所示：

請回答：（1）控制短剛毛性狀的基因是位于________染色體上的________（填“顯性”或“隱性”）基因。（2）考慮上述兩對相對性狀，在自然種群中，雄果蠅的基因型有_________種。（3）請從F1中選擇雌雄果蠅各一只，通過一次雜交實驗判斷褐身與黑身的顯隱性。雜交親本：_____________________________________結果分析：_____________________________________評卷人得分五、實驗題(共2題，共18分)20、（2014春?南充期末）在“測定玻璃的折射率”實驗中。

（1）為取得較好的實驗效果，下列操作正確的是____

A；必須選用上下表面平行的玻璃磚；

B；選擇的入射角應盡量小些；

C；大頭針應垂直地插在紙面上；

D、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些．

（2）某同學在量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，用圓規(guī)以O點為圓心，OA為半徑畫圈，交OO′延長線于C點，過A點和C點作垂直法線的直線分別交于B點和D點，如圖1所示，若他測得AB=7.5cm，CD=5cm，則可求出玻璃的折射率n=____．

（3）如圖2所示，該同學在實驗中將玻璃磚界面aa′和bb′的間距畫得過寬，若其他操作正確，則折射率的測量值____（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．21、電磁打點計時器是一種使用____電源的計時儀器，它的工作電壓為____，當電源頻率為50Hz時，它每隔____s打一次點．使用電磁打點計時器時，應將紙帶穿過____，復寫紙?zhí)自赺___上，并要放在紙帶的____面；應把____電源用導線接在接線柱上，打點計時器應先____，再讓紙帶運動．評卷人得分六、綜合題(共3題，共30分)22、

23、【題文】如圖6-18所示，甲、乙兩人做拋球游戲，甲站在一輛平板車上，車與水平地面間的摩擦不計．甲與車整體的質量為M＝100kg．另有一質量為m＝2kg的球．乙站在車對面的地上，身邊有若干個質量不等的球，開始時車靜止，甲將球以速度v（相對地面）水平拋給乙，乙接到拋來的球后，馬上將另一質量為的球以相同的速度v（相對地面）水平拋回給甲，甲接住后再以相同速率v將此球水平拋給乙，這樣往復進行，乙每次拋回給甲的質量都在它接到的球的質量上加一個m；球在空中認為始終做直線運動，求：

圖6-18

（1）甲第二次拋出球后車的速度大小?

（2）從第二次算起，甲拋出多少個球后不能接到乙拋回來的球?24、如圖所示，在xOy

坐標系中，x

軸上方有方向沿x

軸正向的勻強電場，下方有一半徑為R

的圓形有界勻強磁場，圓心在y

軸上，且圓與x

軸相切，磁場方向垂直于紙面向外，一質量為m

電荷量為q

的帶電粒子在坐標為(74L,72L)

的A

點，以初速度v02

沿y

軸負方向射入電場；且剛好從O

點射入磁場，經磁場偏轉后剛好平行于x

軸從磁場中射出，不計粒子重力.(

結果里可以有根號)

(1)

求電場強度和磁感應強度的大小；

(2)

若該粒子沿y

軸負方向射出時的初速度大小為v0

要使該粒子也能從O

點進入磁場，且經磁場偏轉后剛好平行于x

軸從磁場中射出，求該粒子開始射出時的位置坐標．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】對氫氣球受力分析，根據共點力平衡比較兩繩子的拉力大小關系即可．【解析】【解答】解：不計氫氣球的重力，受力如圖所示．

根據三角形邊角關系，結合力圖可知，Ta＜Tb＜F；故C正確，A；B、D錯誤．

故選：C2、B【分析】【分析】根據粒子的運動的軌跡可以判斷出粒子的帶電的性質，由半徑的變化和半徑的公式可以判斷粒子的速度的變化的情況．【解析】【解答】解：粒子穿過鉛板之后粒子的速度減小，根據半徑的公式r=可知；穿過之后粒子的半徑的大小會減小，所以粒子是由下向上運動的，根據左手定則可知，粒子帶的是正電荷，所以B正確，ACD錯誤．

故選B．3、C【分析】【分析】對物體受力分析，比較正壓力的大小，從而得出滑動摩擦力的大小，根據動能定理，比較摩擦力做功從而得知拉力做功的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、在水平拉力作用下物體對地面的正壓力大于在斜向上拉時對地面的正壓力，根據f=μFN知，f1＞f2．故A；B錯誤．

C、根據動能定理知，WF-Wf=0，因為f1＞f2，所以Wf1＞Wf2，則W1＞W2．故C正確；D錯誤．

故選C．4、A|C|D【分析】試題分析：甲圖知，波長為4m，乙圖知，周期為0.2s，所以波速故A正確；由乙圖知t=0時刻，質點a向下振動，結合甲圖由上下波法可得：波的傳播方向為x軸正方向，所以B錯誤；故0.25s后質點處于波谷位置，所以C正確；由甲圖知t=0時刻質點b向上振動，0.25s后到達波峰位置，所以加速度沿y軸負方向，故D正確；0.3=3T/2，所以0.3s時間內質點b通過的路程為6A=1.2m，所以E錯誤?？键c：本題考查機械波【解析】【答案】ACD5、C【分析】

因為n=4和n=1間的能級差與n=4和n=2間的能級差之差等于n=2和n=1間的能級差，有．則解得．故C正確；A；B、D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】能級間躍遷輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差；根據該規(guī)律進行判斷．

6、B【分析】【解答】對A、B在水平方向受力分析可知，A與B在水平方向受到的外力為0，A、B與彈簧在水平方向的動量守恒；系統的機械能守恒．

開始時彈簧的伸長量比較小，則F比較小，A做減速運動，B做加速運動，當彈簧伸長至最長時，二者的速度相等；此后A繼續(xù)減速，B繼續(xù)加速，彈簧開始壓縮．根據動量守恒定律：mv0=mv1+mv2，和機械能守恒可知，當彈簧的長度恰好等于原長時，B的速度最大；此后彈簧開始壓縮，A的速度開始增大，B的速度開始減小．

A、B、對A、B在水平方向受力分析可知，A與B在水平方向受到的外力為0，都受到彈簧的彈力，設F為彈簧的彈力；當加速度大小相同為a時，對A有：ma=F=kx，A的加速度與彈簧的形變量成正比，由于開始時彈簧的伸長量比較小，則F比較小，A做減速運動，B做加速運動彈簧逐漸被伸長，當A與B的速度相等時，彈簧被伸長到最長；所以彈簧對A的作用力先逐漸增大，則A的加速度逐漸增大，A做加速度逐漸增大的減速運動．所以A的v﹣t圖象中，速度逐漸減小，速度圖線的斜率的絕對值（加速度）逐漸增大．在x﹣t圖中，由于速度逐漸減小，所以圖線的斜率逐漸減?。蔄錯誤，B正確；

C、由于A、B質量相等，所以A與B的加速度的大小始終相等，可知B做加速度逐漸增大的加速運動，做出A與B的速度圖線如圖；

可知二者的速度圖線之間的面積表示二者位移的差，等于彈簧的壓縮量，根據彈簧的彈性勢能的表達式：Ep=由圖，顯然x2不是與時間t成正比，所以彈性勢能EP與時間t不是成正比．故C錯誤；

D、在木板B從靜止開始運動到第一次與物塊A速度相等的過程中，物體A和木板B組成的系統的一部分動能轉化為彈簧的彈性勢能；所以它們的動能逐漸減?。蔇錯誤．

故選：B

【分析】所有接觸面光滑，對A、B受力分析得：A做加速度增大的變減速運動，B做加速度增大的變加速運動，經過時間t后AB速度相等，畫出速度時間圖象，根據圖象即可求解．7、D【分析】【分析】利用元電荷好意義和密立根最早測得其數值求解AC選項；利用同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引和電荷中和判斷BD選項．【解析】【解答】解：AC；元電荷最早是由由美國物理學家密立根用實驗測得的；物體所帶的電量是元電荷的整數倍，故AC錯誤；

B；不帶電的物體上；可能有正電荷和負電荷，但電荷量相等，電量中和為零，顯示不帶電，故B錯誤；

D；靜電感應實質是由于同種電荷相互排斥；異種電荷相互吸引，導致導體中的自由電子趨向或遠離帶電體，使物體帶電，故D正確．

故選：D．二、填空題(共6題，共12分)8、20【分析】【分析】將石子的速度分解，根據平行四邊形定則求出豎直分速度和落地的速度，結合速度時間公式求出石子在空中運動的時間．【解析】【解答】解：根據平行四邊形定則知，；

解得；

則石子在空中飛行的時間t=．

石子的速度v=．

故答案為：，20．9、6.02×1027【分析】【分析】根據教室的體積，結合摩爾體積求出氣體物質的量，根據阿伏伽德羅常數求出分子數．【解析】【解答】解：教室里的空氣分子數為：

N===6.02×1027．

故答案為：6.02×1027．10、10V0.02s50Hz【分析】【分析】根據圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期，根據最大值和有效值的關系即可求得交流電的有效值和頻率．【解析】【解答】解：由圖象可知交流電的最大值為：Um=10V；

因此其有效值為：U=10V

由圖可知，T=0.02s，故：f==50Hz；

故答案為：10V，0.02s，50Hz．11、0.2【分析】【分析】根據功率的公式P=UI可以直接得出結論．【解析】【解答】解：由功率的公式P=UI可得；

電流的大小I==A≈0.2A．

故答案為：0.2．12、略

【分析】

（1）重力勢能減小量△Ep=mgh=9.8×0.1920J=1.88J．

利用勻變速直線運動的推論：vB==1.92m/s

EkB==1.84J．

所以動能增加量△Ek=1.84J

（2）根據機械能守恒可知mgh=mv2-0；

得出=gh，根據實驗數據繪出的-h圖線是過原點的斜直線；該線的斜率等于重力加速度g．

故答案為：（1）1.88；1.84

（2）過原點的斜直線；重力加速度g

【解析】【答案】紙帶法實驗中；若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度和加速度，從而求出動能．根據功能關系得重力勢能減小量等于重力做功的數值．運用物理規(guī)律和數學表達式結合起來解決問題．

13、＞【分析】【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓弘妶鼍€密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以Eb＜Ea．

故答案為：＞．三、判斷題(共5題，共10分)14、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√15、×【分析】【分析】勻速圓周運動合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓何矬w做圓周運動；向心力方向始終指向圓心，方向時刻變化，此說法錯誤．

故答案為：×16、×【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，與初速度無關．【解析】【解答】解：根據h=得：t=；知平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關．所以這個說法是錯的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】溫度是分子的平均動能的標志，是大量分子運動的統計規(guī)律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：溫度是分子的平均動能的標志；是大量分子運動的統計規(guī)律，對單個的分子沒有意義；當溫度升高時，物體內的分子的平均動能增加，不是物體內部所有分子的動能都增加．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據額定電壓和額定功率的概念進行分析，即用電器正常工作時的電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率．【解析】【解答】解：因用電器正常工作時；電壓為額定電壓，在額定電壓下的功率為額定功率，所以額定功率與實際電壓無關，實際功率與工作時的電壓有關；

故答案為：√四、識圖作答題(共1題，共4分)19、（1）X染色體顯性（2）3（3）褐身×褐身（或黑身×黑身）若子代全為褐身，則褐身為隱性，如果出現褐身：黑身=3：1，（或出現性狀分離）則褐身為顯性（若子代全為黑身，則黑身為隱性，如果出現黑身：褐身=3：1，（或出現性狀分離）則黑身為顯性）【分析】【分析】本題考查了基因的自由組合定律、伴性遺傳的相關知識，屬于對識記、理解層次的考查。【解答】（1）從表格中不難看出，F1中短剛毛性狀雌雄個體數量存在差異，F1雌果蠅短剛毛多于雄果蠅，控制短剛毛性狀的基因是位于X染色體上，將一只短剛毛的與長剛毛個體雜交，發(fā)現F1后代全是短剛毛，故長剛毛為隱形性狀，短剛毛為顯性性狀。（2）果蠅的長剛毛與短剛毛、褐身與黑身兩對相對性狀各受一對等位基因控制，其中一對基因位于常染色體，另一對基因位于X染色體。由題干和（1）分析可知，控制果蠅剛毛性狀位于X染色體上，控制體色的基因為常染色體上，若A、a為控制體色的基因，控制體色基因位于常染色體上，基因型有3種：AA、Aa、aa，考慮上述兩對相對性狀，在自然種群中，雄果蠅的基因型有3種。（3）顯隱性性狀的判定方法：雜交法根據子代性狀判斷，不同性狀親本雜交→后代只出現一種性狀→具有這一性狀的親本為顯性純合子和隱性雜合子，F1為顯性雜合子。如：高莖×矮莖→高莖，則高莖對矮莖為顯性性狀，矮莖是隱性性狀。可用公式表示：A×B→A，A為顯性性狀，B為隱性性狀；A×B→B，B為顯性性狀，A為隱性性狀。因此本題中可以采用褐身×褐身（或黑身×黑身）作為雜交親本。若子代全為褐身；則褐身為隱性，如果出現褐身：黑身=3：1，（或出現性狀分離）則褐身為顯性；

（若子代全為黑身，則黑身為隱性，如果出現黑身：褐身=3：1，（或出現性狀分離）則黑身為顯性）。<退出標注查看答案收起題干

糾正錯誤

已完成3/12/1231．果蠅的長剛毛與短剛毛、褐身與黑身兩對相對性狀各受一對等位基因控制，其中一對基因位于常染色體，另一對基因位于X染色體。將一只短剛毛、褐身3【解析】（1）X染色體顯性（2）3（3）褐身×褐身（或黑身×黑身）若子代全為褐身，則褐身為隱性，如果出現褐身：黑身=3：1，（或出現性狀分離）則褐身為顯性（若子代全為黑身，則黑身為隱性，如果出現黑身：褐身=3：1，（或出現性狀分離）則黑身為顯性）五、實驗題(共2題，共18分)20、CD1.5偏小【分析】【分析】（1）為了取得較好的實驗效果，根據實驗原理分析可知：選擇的入射角應盡量大些；大頭針應垂直地插在紙面上；大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些；這樣可以減小測量的相對誤差．

（2）根據幾何知識求出入射角和折射角的正弦值；再求解折射率．

（3）甲同學在畫界面時，將兩界面aa′和bb′間距畫得比玻璃磚寬度大些，分析對入射角和折射角的影響，判斷誤差的變化．【解析】【解答】解：

A、測定玻璃的折射率的原理是n=；可知n的測定與玻磚的形狀無關，故A錯誤．

B；為了減小實驗的相對誤差；入射角應盡量大些，可減小入射角的相對誤差．故B錯誤．

C、大頭針都應垂直的插在紙面上，四根大頭針相互平行，便于確定出射光線方向，故C正確．

D、為了減小實驗的相對誤差，圖中大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些；這樣由于相同視覺距離誤差，引起的角度誤差小些，故D正確．

故選：CD．

（2）圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r；則由幾何知識得到：

sini=，sinr=，又AO=OC，則折射率n====1.5．

（3）如圖；實線是真實的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，由圖看出，在這種情況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實的折射角偏大，因此測得的折射率偏小．

故答案為：（1）CD；（2）1.5；（3）偏小．21、交流4～6V0.02限位孔定位軸上交流接通電源【分析】【分析】了解電磁打點計時器和電火花打點計時器的工作電壓、工作原理即可正確解答；同時要熟練使用打點計時器進行有關的操作．【解析】【解答】解；電磁打點計時器是一種使用交流電源的計時儀器；它的工作電壓為4～6V，當電源頻率為50Hz時，它每隔0.02s打一次點．使用電磁打點計時器時，應將紙帶穿過限位孔，復寫紙?zhí)自诙ㄎ惠S上，并要放在紙帶的上面；應把交流電源用導線接在接線柱上，打點計時器應先接通電源，再讓紙帶運動．

故答案為：交流，4～6V，0.02，限位孔，定位軸，上，交流，接通電源．六、綜合題(共3題，共30分)22、略

【分析】【解析】（1）當A在B上滑動時，A與BC整體發(fā)生作用，由于水平面光滑，A與BC組成的系統動量守恒，（2分）得（1分）

系統動能的減小量等于滑動過程中產生的內能，（1分）（2分）得（1分）

（2）當A滑上C，B與C分離，A與C發(fā)生作用，設到達最高點時速度相等為V2，由于水平面光滑，A與C組成的系統動量守恒，（2分）得

A與C組成的系統機械能守恒，（2分）

得（1分）

（3）當A滑下C時，設A的速度為VA，C的速度為VC，A與C組成的系統動量守恒，（2分）

A與C組成的系統動能守恒，（2分）

得VC=（2分）【解析】【答案】（1